2025屆山東濟寧一中物理高二第一學期期中教學質量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有一個直流電動機，把它接入0.2V電壓的電路中電機不轉，測得流過電動機的電流是0.4A；若把電動機接入2.0V電壓的電路中，正常工作時的電流是1.0A，此時，電動機的輸出功率是P出；如果在電動機正常工作時，轉子突然被卡住，電動機的發熱功率是P熱，則（）A．，B．，C．，D．，2、如圖所示是電阻R的I－U圖象，圖中α＝45°，由此得出A．導體的電阻與與電阻兩端的電壓成正比B．電阻R＝0.5ΩC．因I－U圖象的斜率表示電阻的倒數，故R＝＝1.0ΩD．在R兩端加上6.0V的電壓時，每秒通過電阻橫截面的電荷量是3.0C3、下列說法中正確的是（）A．沿著電場線的方向場強一定越來越弱B．沿著電場線的方向電勢不一定降低C．電勢降落最快的方向就是電場強度方向D．勻強電場中，各點的電勢一定相等4、R1＝10Ω，R2＝20Ω，R1允許通過的最大電流為1.5A，R2兩端允許加的最大電壓為10V．若將它們串聯，加在電路兩端的最大電壓可以是()A．45V B．5VC．25V D．15V5、如圖所示，風力發電機葉片上有a和b兩點，在葉片轉動時，a、b的角速度分別為ωa、ωb，線速度大小為va、vb，則()A．ωa<ωb，va=vb B．ωa>ωb，va=vbC．ωa=ωb，va<vb D．ωa=ωb，va>vb6、如圖所示，直角三角形△ABC，兩直角邊的長度之比為AC:BC=4:1．放在A、B兩點的點電荷QA、QB，在C點產生的合電場強度方向與AB平行，則QA、QB分別在C點產生的電場強度的大小之比EA:EB等于A．1:4 B．4:1C．9:16 D．16:9二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、平行板電容器C與兩個可變電阻器R1、R2以及電源連成如圖所示的電路．閉合開關S待電路穩定后，電容器C兩極板帶有一定的電荷．要使電容器所帶電荷量增加，以下方法中可行的是A．只增大R1B．只減小R1C．只減小R2D．只減小a、b兩極板間的距離8、如圖所示，在真空中一條豎直向上的電場線上有a、b兩點．一帶電質點在a處由靜止釋放后沿電場線向下運動，到達b點時速度恰好為零．則下面說法正確的是()A．該帶電質點一定帶正電荷B．該帶電質點一定帶負電荷C．b點的電場強度大于a點的電場強度D．質點在b點所受到的合力一定為零9、如圖所示是橫截面積、長度均相同的甲、乙兩根電阻絲的I－R圖象．現將甲、乙串聯后接入電路中，則()A．甲電阻絲兩端的電壓比乙電阻絲兩端的電壓大B．甲電阻絲的電阻率比乙電阻絲的電阻率小C．在相同時間內，電流通過乙電阻絲產生的焦耳熱少D．甲電阻絲消耗的電功率比乙電阻絲消耗的電功率少10、一個電子只在電場力作用下從a點運動到b點的軌跡如圖中虛線所示，圖中一組平行實線可能是電場線，也可能是等勢線，下列說法中正確的是()A．如果實線是電場線，則a點的電勢比b點的電勢高B．如果實線是等勢線，則a點的電勢比b點的電勢高C．如果實線是電場線，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能大D．如果實線是等勢線，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．①關于此實驗裝置中的靜電計，下列說法中正確的是______．（選填選項前面的字母）A．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少B．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小C．靜電計的外殼與A板相連接后可不接地D．可以用量程為3V的電壓表替代靜電計②讓平行板電容器正對的兩極板帶電后，靜電計的指針偏轉一定角度．不改變A、B兩板所帶電荷量，且保持兩板在豎直平面內．現要使靜電計指針偏轉角變大，下列做法中可行的是________．（選填選項前面的字母）A．保持B板不動，A板向上平移B．保持B板不動，A板向左平移C．保持B板不動，A板向右平移D．保持A、B兩板不動，在A、B之間插入一塊絕緣介質板．12．（12分）某同學在一次“測定金屬的電阻率”的實驗中，用米尺測出接入電路部分的金屬絲的長度為l=0.720m，用螺旋測微器測出金屬絲直徑（刻度位置如圖所示），用伏安法測出金屬絲的電阻（電阻大約為5Ω），然后計算出該金屬材料的電阻率．在用伏安法測定金屬絲的電阻時，除被測金屬絲外，還有如下實驗器材料：A．直流電源（輸出電壓為3V）B．電流表A（0～0.6A，內阻約0.125Ω）C．電壓表A（0～3V，內阻3kΩ）D．滑動變阻器（最大阻值20Ω）E.開關、導線等（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為____________mm．（2）根據所提供的器材，在虛線框中畫出實驗電路圖____________．（3）若根據伏安法測出金屬絲的阻值為Rx=4.0Ω，則這種金屬材料的電阻率為_________Ω?m（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，真空中xOy平面直角坐標系上的ABC三點構成等邊三角形，邊長L=2.0m。若將電荷量均為q=+2.0×10-6C的兩點電荷分別固定在A、B點，已知靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2。求：(1)兩點電荷間的庫侖力大小；(2)C點的電場強度的大小和方向。

14．（16分）如圖所示，在沿水平方向的勻強電場中有一固定點O，用一根長度為L＝0.4m的絕緣細線把質量為m＝0.20kg，帶有q＝6.0×10－4C正電的金屬小球懸掛在O點，小球靜止在B點時細線與豎直方向的夾角為θ＝37°。已知A、C兩點分別為細線懸掛小球的水平位置和豎直位置，求：(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)A、B兩點間的電勢差UAB；(2)將小球拉至位置A使細線水平后由靜止釋放，小球通過B點時細線對小球的拉力F的大小；(3)如果要使小球能繞O點在豎直平面內做完整的圓周運動，則小球在A點時沿垂直于OA方向需要多大的初速度v0。15．（12分）平行放置的金屑板A、B組成一只平行板電容器，對以下兩種情況：(1)保持開關S閉合，使A板向右平移錯開一些；(2)S閉合后再斷開，然后使A板向上平移拉開些．討論電容器兩扳間的電勢差U、電荷量Q、板間場強E的變化情況．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

當電動機卡住時，電流做的功全部轉化為熱能，即是純電阻，符合歐姆定律，故可得電動機的電阻為，正常工作時，電動機消耗的總功率為，輸出功率為總功率與熱功率之差，故，若此時電動機突然卡住，則電能全部轉化為內能，故熱功率為，故B正確．2、D【解析】

A.電阻的大小是由電阻本身決定的，與電流的大小、電壓的大小無關．故A錯誤；BC.根據電阻的定義式可知，I?U圖象斜率的倒數等于電阻R，則得：，故B錯誤，C錯誤；D.當U=6V時，電流：則每秒通過電阻橫截面的電荷量：q=It=3×1C=3.0C，故D正確．3、C【解析】

根據電場線的兩個物理意義：順著電場線方向，電勢降低，電場線越密，場強越大．沿電場線方向，電勢必定降低，而電場線疏密不一定，則場強不一定減小．故AB錯誤；電勢降落最快的方向就是電場強度方向，選項C正確；勻強電場中，各點的場強相等，而電勢不一定相等，沿電場線的方向電勢降低．故D錯誤．故選C．【點睛】電場強度和電勢都是描述電場本身性質的物理量，可根據電場線的物理意義來理解它們之間的關系：場強大小看電場線的疏密，而電勢高低看電場線的方向，兩者無關．4、D【解析】

本題中R1、R2串聯，R1允許通過的最大電流為1.5A，經計算，R2允許通過的最大電流僅為0.5A，則通過串聯電路的最大電流以最小的為準，從而求得加在電路兩端的最大電壓是15V故選D。5、D【解析】

只要理解勻速圓周運動中的線速度、角速度及周期、轉速的概念及本質即可．【詳解】由于a、b兩點屬于同軸轉動，故他們的角速度相等，即由公式且由圖可知，，所以，故D正確．【點睛】解決本題關鍵理解同軸轉動的物體角速度相同，根據比較兩點的線速度．6、B【解析】

在C點產生的合電場強度方向與AB平行，可知兩電荷是異種電荷，由平行四邊形定則以及相似三角形可知：，則EA:EB=4：1，故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

由題意可知考查電容器動態分析，電量變化。根據閉合電路歐姆定律、電容決定式分析可得。【詳解】A．只增大R1，回路中電流減小，R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故A錯誤；B．只減小R1，回路中電流增大，R2兩端電壓增大，電容器和電壓R2并聯，電容器兩端電壓增大，由可知電量增大，故B正確；C．只減小R2，回路中的電流增大，內電壓增大，外電壓減小，R1兩端電壓增大，則R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故C錯誤；D．只減小a、b兩極板間的距離，由可知電容增大，電量減小，電容器兩端電壓不變，由可知電量減小，故D正確；【點睛】電容器和電阻R2并聯，由閉合電路歐姆定律確定電阻R2電壓變化情況，由判斷電容變化，再由求得電量變化情況。8、AC【解析】試題分析：帶電質點由a點釋放后向下運動，到達b點時速度恰好為零，則質點先做加速運動，后做減速運動，電場力的方向必定向上，與電場線方向相反，可知該質點一定帶負電，故B正確，A錯誤；帶電質點到b點時速度又減為零，可知質點的運動過程中，合力先向上再向下，即重力不變，電場力減小，由電場力公式F=qE可知，a處電場強度大于b處電場強度，故C正確；由上分析可知，質點在b點所受到的合力一定大于零，故D錯誤．故選BC．考點：帶電粒子在復合場中的運動【名師點睛】解決帶電粒子在復合場中的運動，要正確進行受力分析，確定其運動狀態，然后依據相關規律求解．9、AC【解析】試題分析：串聯電路電流處處相等，由圖象判斷出電流相等時兩電阻絲的電阻大小，然后由歐姆定律判斷其兩端電壓大小關系，由電阻定律判斷其電阻率關系；由焦耳定律判斷其產生的熱量關系，由電功率公式判斷功率關系．由圖象可知，在電流I相同時，，兩電阻絲串聯．通過它們的電流I相等，而，由可知，，故A正確；由于兩電阻絲的橫截面積與長度相同，，因為長短，粗細相同，由電阻定律可知，甲的電阻率大于乙的電阻率，故B錯誤；兩電阻串聯I相同，，由焦耳定律可知，相同時間，故C正確；兩電阻串聯，通過它們的電流I相同，，由可知，故D錯誤．10、BCD【解析】

由電子的軌跡彎曲方向判斷電子所受的電場力方向，確定電場線的方向，判斷電勢高低．勻強電場中場強處處大小相等．根據電場力方向與電子速度方向的夾角，判斷電場力對電子做正功還是負功，確定電子在a點與b點動能的大小．【詳解】AC、若圖中實線是電場線，電子所受的電場力水平向右，電場線方向水平向左，則a點的電勢比b點低，由于從a點運動到b點電場力做正功，所以電子的電勢能減小，所以電子在a點的電勢能比在b點的電勢能大，故A錯誤，C正確；BD、若實線是等勢面，由于電場線與等勢面垂直，電子所受電場力方向向下，則電場線方向向上，則a點的電勢比b點高。從a到b電子做負功，所以電勢能增加，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能小，故BD正確；故選BCD。【點睛】物體做曲線運動時，所受合力指向軌跡彎曲的內側，根據軌跡的彎曲方向要能判斷出物體合力的大致方向．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCAB．【解析】（1）A、靜電計是定性反映電壓高低的儀器，不能發映了平行板電容器的電荷量的多少，故A錯誤，B正確；

C、靜電計測量的是兩板間的電壓高低，可以直接將A板與電容器外殼相接，不需要都接地，故C正確；

D、靜電計與電壓表、電流表的原理不同，不能替代．電流表、電壓表線圈中必須有電流通過時，指針才偏轉，故不能用電壓表代替靜電計，故D錯誤。

（2）A、保持B板不動，A板向上平移，減小兩極板的正對面積S時，由電容的決定式C=εS4πkd分析可知電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由C=QU得到，板間電壓U增大，靜電計的指針偏角變大，故A正確．

B、保持B板不動，A板向左平移，使兩極板遠離一些時，板間距離d增大，由電容的決定式C=εS4πkd，分析可知電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由C=QU得到，板間電壓U增大，靜電計的指針偏角變大，故B正確；

C、保持B板不動，A板向右平移，使兩極板靠近一些時，板間距離d減小，由電容的決定式C=εS4πkd，分析可知電容C增大，而電容器的電量Q不變，則由C=QU得到，板間電壓U減小，靜電計的指針偏角變小，故C錯誤．

D、保持A、B兩板不動，在兩極板間插入一塊絕緣介質板時，ε變大，由電容的決定式C=εS4πkd點睛：解決本題的關鍵知道靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，正確掌握靜電計的使用方法，對于電容器的動態變化分析問題，常常是電容的決定式和定義式結合分析，抓住不變量是分析的基礎。12、0.600;;【解析】

（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為d=0.5mm+10.0×0.01mm=0.600mm（2）因測量金屬絲的電阻率電流不能太大，由，結合電流表讀數原理，電流表應滿足偏轉一半以上，故總電阻大于10Ω小于5Ω，可見滑動變阻器可以用限流式；由于待測電阻的電阻值較小，電流表應用外接法，電路圖如圖所示：（3）根據歐姆定律，有，根據電阻定律，有：，及，聯立并代入數據可得：．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步