安徽省安慶市五校聯盟2025屆高三物理第一學期期中聯考模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電梯天花板上固定一彈簧測力計，測力計下掛一重物。電梯靜止時，測力計讀數為50N。若電梯向下運動時，測力計讀數恒為55N，則電梯做A．勻速運動 B．勻加速運動 C．勻減速運動 D．變加速運動2、已知某質點的位移圖象如圖所示，則它的速度圖象應是圖中的取原運動方向為正A． B．C． D．3、一物塊用輕繩AB懸掛于天花板上，用力F拉住套在輕繩上的光滑小圓環O（圓環質量忽略不計），系統在圖示位置處于靜止狀態，此時細繩OA與豎直方向的夾角為α，力F與豎直方向的夾角為β，當緩慢拉動圓環使α（0<α<90°）增大時，則A．F變大，β變小B．F變小，β變小C．F變大，β變大D．F變小，β變大4、假設發射兩顆探月衛星A和B，如圖所示，其環月飛行距月球表面的高度分別為200km和100km．若環月運行均可視為勻速圓周運動，則A．B環月運行的周期比A小B．B環月運行時向心加速度比A小C．B環月運行的速度比A小D．B環月運行的角速度比A小5、如圖所示，用細繩吊著一個質量為m的小球在水平面內做勻速圓周運動，不計空氣阻力，關于小球受力的說法正確的是：（）A．受重力、拉力、向心力 B．受重力和拉力C．只受重力 D．無法確定6、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內電阻為r，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P從最底端向上滑動時A．電源的效率變小.B．經過R2的電流變大C．電容器所帶的電荷量變大D．電阻R3消耗的功率變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一物體在水平面上受恒定的水平拉力和摩擦力作用由靜止開始做直線運動，在第1秒末撤去水平拉力，其Ek－X圖象如圖所示，g=10m/s2，則()A．物體的質量為10kgB．物體與水平面的動摩擦因數為0.2C．第1秒內合力對物體做的功為30JD．前4秒內拉力對物體做的功為60J8、如圖所示，AB為斜面，BC為水平面．從A點以水平速度v向右拋出小球時，其落點與A點的水平距離為s1；從A點以水平速度3v向右拋出小球時，其落點與A點的水平距離為s2.不計空氣阻力，則s1∶s2可能為A．1∶3 B．1∶8 C．1∶12 D．1∶249、一帶正電粒子在正點電荷的電場中僅受靜電力作用，做初速度為零的直線運動．取該直線為X軸，起始點O為坐標原點，則下列關于電場強度E、粒子動能Ek、粒子電勢能EP、粒子加速度a與位移X的關系圖像可能的是（）A． B．C． D．10、如圖所示，a、b兩小球分別從半圓軌道頂端和斜面頂端以大小相等的初速度同時水平拋出，已知半圓軌道的半徑與斜面豎直高度相等，斜面底邊長是其豎直高度的2倍，若小球a能落到半圓軌道上，小球b能落到斜面上，則下列說法正確的是A．a球可能先落在半圓軌道上B．b球可能先落在斜面上C．兩球可能同時落在半圓軌道上和斜面上D．a球可能垂直落在半圓軌道上三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在家中嘗試“驗證力的平行四邊形定則”，他找到三條相同的橡皮筋（遵循胡克定律）和一個小重物，以及刻度尺、三角板、鉛筆、細繩、白紙、釘子，設計了如下實驗：將兩條橡皮筋的一端分別掛在豎直墻上的兩個釘子A、B上，另一端與第三條橡皮筋連接，結點為O，將第三條橡皮筋的另一端通過細繩懸掛重物，如圖1所示：（1）為完成該實驗，下述操作中必需有的是__________（選填選項前的字母）。A．測量細繩的長度B．測量重物的質量C．測量橡皮筋的原長及懸掛重物后橡皮筋的長度及方向（2）圖2是在白紙上根據實驗結果畫出的力的圖示，其中_________（選填“F”或“F”）是直接用一條橡皮筋掛重物時測得的力。12．（12分）在“探究加速度和力、質量的關系”實驗中，采用如圖所示的裝置圖進行實驗：(1)實驗中，需要在木板的右端墊上一個小木塊，其目的___________________;(2)在實驗操作中，下列說法正確的是____________（填序號）A．實驗中，若要將砝碼（包括砝碼盤）的重力大小作為小車所受拉力F的大小應讓小車質量遠大于砝碼（包括砝碼盤）的重力B．實驗時，應先放開小車，再接通打點計時器的電源C．每改變一次小車的質量，都需要改變墊入的小木塊的厚度D．先保持小車質量不變，研究加速度與力的關系；再保持小車受力不變，研究加速度與質量的關系，最后歸納出加速度與力、質量的關系(3)右圖為研究“在外力一定的條件下，小車的加速度與其質量的關系”時所得的實驗圖象，橫坐標m為小車上砝碼的質量．設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車的質量為_．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在某豎直平面內，光滑曲面AB與水平面BC平滑連接于B點，BC右端連接內壁光滑、半徑r=0.2m的四分之一細圓管CD，管口D端正下方直立一根勁度系數為k=100N/m的輕彈簧，彈簧一端固定，另一端恰好與管口D端平齊。一個質量為1kg的小球放在曲面AB上，現從距BC的高度為h=0.6m處靜止釋放小球，它與BC間的動摩擦因數為0.5，BC長為0.5m，小球進入管口C端后，通過CD在壓縮彈簧過程中滑塊速度最大時彈簧的彈性勢能為EP=0.5J。取重力加速度g=10m/s2.求：(1)C處管壁受到的作用力；(2)在壓縮彈簧過程中小球的最大動能Ekm；

(3)小球最終停止的位置。14．（16分）如圖所示，高為L的斜軌道AB、CD與水平面的夾角均為45°，它們分別與豎直平面內的圓弧形光滑軌道相切于B、D兩點，圓弧的半徑也為L．質量為m的小滑塊從A點由靜止滑下后，經CD軌道返回，再次沖上AB軌道至速度為零時，相對于BD面的高度為．已知滑塊與AB軌道間的動摩擦因數為μ1=0.5，重力加速度為g，求：(1)滑塊第一次經過圓軌道最低點時對軌道的壓力大小；(2)滑塊與CD面間的動摩擦因數；(3)經過足夠長時間，滑塊在兩斜面上滑動的路程之和s.15．（12分）如圖所示，一條長為L的細線上端固定，下端拴一個質量為m，電荷量為q的小球，將它置于方向水平向右的勻強電場中，使細線豎直拉直時將小球從A點靜止釋放，當細線離開豎直位置偏角α＝60°時，小球速度為0。(1)試分析小球運動到細線和豎直方向偏角為多大時，球速最大？并求出電場強度E的大小。(2)若小球恰好完成豎直圓周運動，求小球在A點應有的初速度vA的大小(可含根式)。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

電梯靜止時，測力計讀數為50N，則：若電梯向下運動時，測力計讀數恒為55N，對物體應用牛頓第二定律得：代入數據解得：，方向向上，所以電梯是向下做勻減速運動。A.勻速運動，與分析不符，故A項錯誤；B.勻加速運動，與分析不符，故B項錯誤；C.勻減速運動，與分析相符，故C項正確；D.變加速運動，與分析不符，故D項錯誤。2、A【解析】

由位移圖象可知，0～2s內，v1＝＝3m/s；2s～4s內，v2＝0；4s～5s內，v3＝＝－6m/s，則圖象A正確．3、A【解析】由于圓環O是光滑的，所以環的繩子各處張力大小相等，等于物塊的重力，當α增大時，AO與OB間的夾角減小，根據平行四邊形定則可知，繩AO和OB的拉力的合力變大，由平衡條件可知，F與繩AO和OB的拉力的合力等大反向，所以F變大，α+β變小，則β變小．故選A.4、A【解析】

衛星繞月球做圓周運動時，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律列方程，求出向心加速度、線速度、周期表達式，然后分析答題．【詳解】設衛星的質量為m、軌道半徑為r、月球質量為M，嫦娥衛星繞月球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力得：，周期T=2π，衛星A的軌道半徑大于B的軌道半徑，所以B環月運行的周期比A小，故A正確；向心加速度a=，衛星A的軌道半徑大于B的軌道半徑，所以B環月運行時向心加速度比A大，故B錯誤；，衛星A的軌道半徑大于B的軌道半徑，所以B環月運行的速度比A大，故C錯誤；角速度，衛星A的軌道半徑大于B的軌道半徑，所以B環月運行的角速度比A大，故D錯誤；故選A．【點睛】本題關鍵抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出加速度、線速度、周期的表達式，再進行討論．5、B【解析】

先對小球進行運動分析，做勻速圓周運動，再找出合力的方向，合力提供向心力，進一步對小球受力分析．【詳解】小球在水平面內做勻速圓周運動，對小球受力分析，如圖

小球受重力、和繩子的拉力，由于它們的合力總是指向圓心并使得小球在水平面內做圓周運動，故在物理學上，將這個合力就叫做向心力，即向心力是按照力的效果命名的，這里是重力和拉力的合力．故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】向心力是效果力，勻速圓周運動中由合外力提供．注意向心力不是物體所受到的力．6、C【解析】

A．電源效率知滑動變阻器的滑動觸頭P從最底端向上滑動時，電阻增大，外電阻增大，故電源效率增大，故A錯誤；B．滑動變阻器的滑動觸頭P從最底端向上滑動時，總電阻增大，根據歐姆定律知總電流減小，內電壓減小，電阻R1電壓增大，流過電阻R1的電流增大，則經過R2的電流變小，故B錯誤；C．根據知，干路電流I減小，路端電壓增大，并聯電路的電壓增大，電容器兩端電壓增大，Q=CU增大，故C正確；D．電阻R3處于干路，經過的電流變小，根據P=I2R3知電阻R3消耗的功率變小，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A、由圖知：當位移為x1=1.5m時，撤去外力，所以物體在第1s內的位移為x1=1則由動能定理可得合外力做功W=F得F合=30N，又有牛頓第二定律知解得：m=10kg，故A正確B、當撤掉外力F后，物體做減速運動，由圖可知物體發生的位移為x2=4.5m，物體在摩擦力作用下減速，此時合外力做功為：解得：μ=0.1，故B錯誤C、從圖像可以知道在第1s內合外力做的功就等于動能的變化量，所以合外力做功為45J，故C錯誤D、第1s內由動能定理可得合外力做功W=F得F合=F-μmg=30N，即F=40N，物體在第1s內受拉力作用，所以前4秒內拉力做的功即等于第1s內拉力做的功，WF綜上所述本題答案是：AD8、AB【解析】試題分析：本題可分三種情況進行討論：①若兩次小球都落在BC水平面上，則下落的高度相同，所以運動的時間相同，由x=v0t②若兩次小球都落在斜面AB上，設斜面傾角為θ，則有在沿斜面垂直的方向上（注意這只是一個分運動），小球作自由落體運動，設運動的時間分別為t1和t2，則：由v2=dt2tanθ=yx=1③若第一次落在斜面AB上，第二次落在水平面BC上，根據平拋運動的基本規律可知其水平位移比值在1：3到1：1之間．故AB可能考點：考查了平拋運動規律的應用9、CD【解析】

根據公式可得電場強度是關于位移的二次函數，不是一條直線，A錯誤；因為只有電場力做功，所以根據動能定理可得，而E不是勻強電場，所以不是關于x的一次函數，故B錯誤；電場力做正功，電勢能減小，，故C正確；加速度，D正確【點睛】做本題時根據點電荷的場強公式分析電場強度隨x的變化情況，根據動能定理分析動能隨x的變化情況，根據電勢能與x圖線的斜率分析其圖象的正誤，根據牛頓第二定律分析加速度隨x的變化圖線的正誤10、ABC【解析】

ABC.將圓軌道和斜面軌道重合在一起，如圖所示，交點為初速度合適，可知小球做平拋運動落在點，則運動的時間相等，即同時落在半圓軌道和斜面上；若初速度不適中，由圖可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圓軌道上，故A、B、C正確；D.若球垂直落在半圓軌道上，根據幾何關系知，速度方向與水平方向的夾角是位移與水平方向的夾角的2倍，而在平拋運動中，某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，兩者相互矛盾，所以球不可能垂直落在半圓軌道上，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CF'【解析】

本實驗是通過作合力與分力圖示的方法來驗證平行四邊形定則，需要測量合力與分力的大小，根據這個原理進行分析即可求解；【詳解】（1）三條橡皮筯遵守胡克定律，要測量彈力可以通過測量橡皮筋的長度和原長，得到橡皮筋的伸長量，以及方向，不需要測量細繩的長度，故C正確，ABD錯誤；（2）根據圖2的力的圖示，其中F為通過平行四邊形定則得到的合力的理論值，其中F'【點睛】本實驗在無法測量力的大小的情況下，可以采用比例法作圖，只需要測量橡皮筋的伸長量就行，通過分析原理即可正確解答實驗問題。12、平衡摩擦力AD【解析】（1）實驗時，我們認為繩子的拉力是小車受到的合外力，為達到這個目的，我們要先要將帶有滑輪的木板另一端墊起，目的是平衡摩擦力。（2）把M、m看成一個整體，根據牛頓第二定律得：mg=（M+m）a，對M分析可得繩子的拉力為：F=Ma，聯立解得：，知當砝碼總質量遠小于滑塊質量時，滑塊所受的拉力等于砝碼的總重力，所以應滿足的條件是砝碼的總質量遠小于滑塊的質量，故A正確；使用打點計時器時，都應該先開電源，后釋放紙帶，故B錯誤；由于平衡摩擦力之后有Mgsinθ=μMgcosθ，故μ=tanθ，與重物的質量無關，所以不用再次平衡摩擦力，故C錯誤；本實驗采用控制變量法，先保持小車質量不變，研究加速度與力的關系；再保持小車受力不變，研究加速度與質量的關系，最后歸納出加速度與力、質量的關系，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。（3）對小車，根據牛頓第二定律得：F=（m+M）a，變形得：，在圖象中，圖線的斜率表示，則，在圖象中圖象的截距為：，可得：。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)25N；(2)6J；(3)0.2m。【解析】

(1)滑塊從A點運動到C點過程，由動能定理得

在C點帶入數據解得N=25N即在C點上管壁受到向上的大小為25N的作用力；(2)在壓縮彈簧過程中速度最大時，合力為零。設此時滑塊離D端的距離為x0，則有

kx0=mg計算得出

x0=0.1m由機械能守恒定律有

得

(3)小球與彈簧作用后返回C處動能不變，小滑塊的動能最終消耗在與BC水平面相互作用的過程中。設物塊在BC上的運動路程為s′，由動能定理有計算得出s′=0.7m

故最終小滑塊距離B為0.7m-0.5m=0.2m處停下.14、（1）（2）μ2=（3）s=【解析】

（1）對第一次滑動到最低點的過程中運用動能定理得mg(L+L-Lsin