山東德州市2025屆高三上物理期中綜合測試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在直角三角形所在的平面內存在勻強電場，其中A點電勢為0，B點電勢為3V，C點電勢為6V．己知∠ACB＝30°，AB邊長為m，D為AC的中點．，將一點電荷放在D點，且點電荷在C點產生的場強為1.5N/C，則放入點電荷后，B點場強為（）A．2.5N/C B．3.5N/C C．2N/C D．N/C2、質量為m的石塊從半徑為R的半球形的碗口下滑到碗的最低點的過程中，如果摩擦力的作用使得石塊的速度大小不變，如圖所示，那么()A．碗的內表面動摩擦因數處處相同B．石塊下滑過程中加速度始終為零C．石塊下滑過程中的所受合外力大小不變，方向始終指向球心D．石塊下滑過程中受的摩擦力大小不變3、如圖所示，可以將電壓降低供給電燈的變壓器是（）A． B．C． D．4、如圖所示是某物體做直線運動的v一t圖象，則該物體全過程A．做勻速直線運動B．做勻加速直線運動C．一直朝某一方向運動D．在某一線段上做兩個來回運動5、下列說法正確的是（）A．研究張繼科打出的弧旋乒乓球，可把乒乓球看成質點B．研究在女子萬米比賽中的“長跑女王”特魯納什迪巴巴，可把特魯納什迪巴巴看成質點C．杭州四中第一節課7：45開始，7：45指時間間隔D．通常時刻用時間軸的一段線段表示6、已知均勻帶電球殼內部電場強度處處為零，電勢處處相等．如圖所示，正電荷均勻分布在半球面上，Ox為通過半球頂點與球心O的軸線．A、B為軸上的點，且OA=OB．則下列判斷正確的是（）A．A點的電場強度與B點的電場強度相同B．A點的電勢等于B點的電勢C．在A點由靜止開始釋放重力不計的帶正電粒子，該粒子將做勻加速直線運動D．帶正電的粒子在O點的電勢能為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是__________A．一定質量的理想氣體溫度不變，若從外界吸收熱量，則氣體體積一定增大B．分子動能是由于物體機械運動而使內部分子具有的能C．一切自發的宏觀過程總是沿著分子熱運動無序性增大的方向進行D．較大的顆粒不做布朗運動是因為液體溫度太低，液體分子不做熱運動E.分子間的引力與斥力都隨分子間距離的增大而減小8、聯合國氣候變化大會達成《哥本哈根協議》，為減少二氧化碳排放，我國城市公交推出新型節能環保電動車，在檢測某款電動車性能的實驗中，質量為8×102kg的電動車由某一速度開始沿平直公路行駛，達到的最大速度為15m/s，利用傳感器測得此過程中不同時刻電動車的牽引力F與對應的速度v，并描繪出F-圖像(圖中AB、BO均為線段)，假設電動車行駛中所受的阻力恒定，則由圖像可得A．在全過程中，電動車在B點時速度最大B．電動車運動過程中所受的阻力C．電動車的額定功率D．電動車從開始運動到剛好達到最大速度所用的時間9、如圖所示，兩個質量分別為m1＝1kg、m2＝4kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質彈簧秤連接．兩個大小分別為F1＝30N、F2＝20N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則達到穩定狀態后，下列說法正確的是()．A．彈簧秤的示數是28NB．彈簧秤的示數是50NC．在突然撤去F2的瞬間，m2的加速度大小為7m/s2D．在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13m/s210、如圖甲所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質量為m＝0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中(彈簧始終在彈性限度內)，其速度v和彈簧壓縮量Δx之間的函數圖象如圖乙所示，其中A為曲線的最高點，小球和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，取g＝10m/s2，則下列說法正確的是()A．小球剛接觸彈簧時速度最大B．當Δx＝0.3m時，小球處于超重狀態C．該彈簧的勁度系數為20.0N/mD．從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，小球的加速度先減小后增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，為“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗裝置示意圖．已知a、b小球的質量分別為ma、mb，半徑相同，圖中P點為單獨釋放a球的平均落點，M、N是a、b小球碰撞后落點的平均位置.(1)本實驗必須滿足的條件是___________.A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端的切線水平C．入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放D．入射球與被碰球滿足ma=mb(2)為了驗證動量守恒定律，需要測量OP間的距離x1、OM間的距離x2和___________.(3)為了驗證動量守恒，需驗證的關系式是___________.12．（12分）某同學設計了一個探究加速度與物體所受合外力F及質量M的關系實驗．如圖為實驗裝置簡圖，A為小車，后端連有紙帶，B為打點計時器，C為裝有沙的沙桶(總質量為m)，D為一端帶有定滑輪的長木板．(1)在這個實驗中，為了探究兩個物理量之間的關系，要保持第三個物理量不變，這種探究方法叫做_____法．(2)某同學在探究a與F的關系時，把沙和沙桶的總重力當作小車的合外力F，作出a－F圖線如圖所示，試分析該圖線不過原點的原因是_____，圖線右上部彎曲的原因是_________．(橫線上填寫正確選項的字母的代號)A．平衡摩擦力時，長木板傾角過小B．平衡摩擦力時，長木板傾角過大C．沙和沙桶的總質量m過小D．沙和沙桶的總質量m過大(3)如圖是某次實驗得出的紙帶，所用電源的頻率為50Hz，舍去前面比較密集的點，從A點開始，依次選取A、B、C、D、E5個計數點，相鄰兩個計數點間都有四個計時點未畫出，圖中給出了相鄰兩點間的距離，則小車運動的加速度大小為a＝______m/s2.(結果保留兩位有效數字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個質量為2kg的滑塊在一大小為F=40N的水平恒力的作用下恰好能沿斜面向上做勻速直線運動，斜面始終靜止在水平地面上，傾角θ=37o，（sin37O=0.6，cos37O=0.8，g=10m/s2）．求：滑塊與斜面間的滑動摩擦因數的大小．14．（16分）如圖所示，光滑平行軌道abcd的水平部分處于豎直向上的勻強磁場中，bc段軌道寬度是cd段軌道寬度的2倍，bc段軌道和cd段軌道都足夠長，將質量相等的金屬棒P和Q分別置于軌道上的ab段和cd段，且與軌道垂直．Q棒靜止，讓P棒從距水平軌道高為h的地方由靜止釋放，求：⑴P棒滑至水平軌道瞬間的速度大小；⑵P棒和Q棒最終的速度．15．（12分）如圖為半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面，O點為圓心，OO′為直徑MN的垂線．足夠大的光屏PQ緊靠在玻璃磚的右側且與MN垂直．一束復色光沿半徑方程與OO′成θ=30°角射向O點，已知復色光包含有折射率從n1=到n2=的光束，因而光屏上出現了彩色光帶．（1）求彩色光帶的寬度；（2）當復色光入射角逐漸增大時，光屏上的彩色光帶將變成一個光點，求θ角至少為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】在勻強電場中，D點電勢為，因此BD連線即為等勢線，畫出電場線如圖所示：因，則AB兩點沿電場線方向的距離為，BA間的電勢差U=φB-φA=3V，則勻強電場的場強，由于點電荷在C點產生的場強為1.5N/C，則點電荷在B點產生的場強也為1.5N/C，方向與勻強電場的電場強度方向垂直

因此B點場強為，故A正確，B、C、D錯誤．故選A.【點評】考此題的關鍵要找出等勢點，來確定等勢線，并掌握電勢線與電場線垂直，理解公式中d的含義為兩點沿電場線方向的距離．2、C【解析】

石塊做勻速圓周運動，合外力提供向心力，大小不變，根據牛頓第二定律知，加速度大小不變，方向始終指向圓心。故B錯誤，C正確。石塊的速度大小不變，則重力沿槽切線方向的下滑力等于摩擦力，石塊在半球形的碗口下滑到碗的最低點的過程中，下滑力減小，故摩擦力減小。因下滑過程中石塊對槽的正壓力變大，則碗的內表面動摩擦因數減小，故AD錯誤。故選C。【點睛】解決本題的關鍵知道物體做勻速圓周運動，合外力提供向心力，向心加速度的方向始終指向圓心，沿槽的切線方向受力平衡.3、B【解析】

AD．圖中原線圈接入恒定電流，變壓器不能工作，故A、D錯誤；B．圖中原線圈匝數比副線圈匝數多，所以是降壓變壓器，故B正確；C．圖中原線圈匝數比副線圈匝數少，所以是升壓變壓器，故C錯誤；故選B。4、C【解析】在v-t圖象中，圖象的斜率表示物體的加速度，0～1s內加速度是正和1s～2s內的加速度是負，方向不同，所以物體既不做勻速直線運動，也不做勻加速直線運動，故AB錯誤，速度的正負表示運動方向，0-4S速度為正，所以物體一直朝某一方向運動，不是在某一線段上做兩個來回運動，故C正確，D錯誤；故選C。5、B【解析】

A.在研究乒乓球的旋轉情況對發球效果的影響時，乒乓球的形狀不能忽略，不能看成質點。故A項錯誤；B.研究在女子萬米比賽中的“長跑女王”特魯納什?迪巴巴，可把特魯納什?迪巴巴看作質點，故B項正確；CD.通常時刻用時間軸的一個點表示，7：45是時間軸上的一個點，指時刻，故C項錯誤，D項錯誤。6、A【解析】

A、將題中半球殼補成一個完整的球殼，且帶電均勻，設左、右半球在A點產生的場強大小分別為E2和E2．由題知，均勻帶電球殼內部電場強度處處為零，則知E2=E2.根據對稱性可知，左、右半球在B點產生的場強大小分別為E2和E2．且E2=E2.則在圖示電場中，A的場強大小為E2，方向向右．B的場強大小為E2，方向向右，所以A點的電場強度與B點的電場強度相同；故A正確.B、根據電場的疊加原理可知，x軸上電場線方向向右，則A點的電勢高于B點的電勢；故B錯誤.C、在A點由靜止開始釋放重力不計的帶正電粒子，由于電場強度是變化的，所以粒子所受的電場力是變化的，則該粒子將做變加速直線運動；故C錯誤.D、電場線方向向右，O點的電勢高于無窮遠處電勢，則O點的電勢大于零；故D錯誤.故選A.【點睛】本題解題關鍵是抓住對稱性，找出兩部分球面上電荷產生的電場關系．左半球面在A點的場強與缺失的右半球面在B點產生的場強大小相等，方向相反是解題的關鍵．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACE【解析】

A．一定質量的理想氣體溫度不變，內能不變，若從外界吸收熱量，則氣體對外做功，則氣體體積一定增大，故A正確；B．微觀分子的動能與宏觀物體機械運動無關，故B錯誤；C．根據熱力學第二定律可知，一切自發的宏觀過程總是沿著分子熱運動無序性增大的方向進行，選項C正確；D．液體中較大的懸浮顆粒不做布朗運動的原因是大顆粒容易受力平衡，布朗運動不明顯，故D錯誤；E．分子間的引力與斥力都隨分子間距離的增大而減小，選項E正確。故選ACE。8、BC【解析】

A.當最大速度vmax=15m/s時，牽引力為Fmin=400N，故恒定阻力f=Fmin=400N，此時為C點；故A錯誤，B正確.C.額定功率P=Fminvmax=400×15=6×103W；故C正確.D.BC段做變速直線運動，無法求解其運動位移，也就求不出阻力做的功，所以無法求出時間，電動車開始運動到剛好達到最大速度所用的時間；故D錯誤.9、AC【解析】

AB、以m1、m2以及彈簧秤為研究對象，則整體向右的加速度；再以m1為研究對象，設彈簧的彈力為F，則，得，故A錯誤，B正確；C、突然撤去F2的瞬間，彈簧的彈力不變，此時m2的加速度，故C正確；D、突然撤去F1的瞬間，彈簧的彈力也不變，此時m1的加速度，故D錯誤；故選BC．10、BCD【解析】

由小球的速度圖象知，開始小球的速度增大，說明小球的重力大于彈簧對它的彈力，當Δx為0.1m時，小球的速度最大，然后減小，說明當Δx為0.1m時，小球的重力等于彈簧對它的彈力．所以可得：kΔx＝mg，解得：k＝N/m＝20.0N/m，選項A錯誤；C正確；彈簧的壓縮量為Δx＝0.3m時，彈簧彈力為F＝20N/m×0.3m＝6N>mg，故此時物體的加速度向上，物體處于超重狀態，選項B正確；對小球進行受力分析可知，其合力是由mg逐漸減小至零，然后再反向增加的，故小球的加速度先減小后增大，選項D正確；故選BCD.【點睛】解答本題要求同學們能正確分析小球的運動情況，能根據機械能守恒的條件以及牛頓第二定律解題，知道從接觸彈簧到壓縮至最短的過程中，彈簧彈力一直做增大，彈簧的彈性勢能一直增大．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCON間的距離x3(或)【解析】

第一空.A.“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B.要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C.要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；D.為了保證小球碰撞為對心正碰，且碰后不反彈，要求ma＞mb，故D錯誤.應填BC.第二空.要驗證動量守恒定律定律，即驗證：，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：，得：，因此實驗需要測量：測量OP間的距離x1，OM間的距離x2，ON間的距離x3；第三空.由以上分析可知，實驗需要驗證:，或.12、控制變量BD0.62【解析】

（1）該實驗是探究加速度與力、質量的三者關系，研究三者關系必須運用控制變量法．（2）開始物體所受拉力為零時，卻產生了加速度，故操作過程中平衡摩擦力時木板傾角過大，故選B；隨著外力F的增大，砂和砂筒的質量越來越大，最后出現了不滿足遠小于小車質量的情況，因此圖線出現了偏折現象．故選D．（3）根據△x=aT2可得：a=m/s2=0.62m/s2.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、0.5【解析】

當滑塊在斜面上做勻速直線運動時，受力分析并正交分解，根據平衡條件有：在平行于斜面的方向上，有：…①在垂直于斜面方向，有：…②由題意知：…③聯立①②③式解得：【點睛】在處理共點力平衡問題時，關鍵是對物體進行受力分析，然后根據正交分解法將各個力分解成兩個