2025屆四川省成都市棠湖中學高二物理第一學期期中監測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定的小球A，在Q的正上方的P點用絕緣絲線懸掛另一小球B，A、B兩小球因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成θ角，如圖所示，由于漏電，使A、B兩小球的電量逐漸減少，懸線與豎直方向夾角θ逐漸變小，如圖所示，則在電荷漏完之前懸線對懸點P的拉力的大小將()A．保持不變B．先變小后變大C．逐漸變小D．逐漸變大2、磁場中某區域的磁感線如圖所示，則（）A．a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba＞BbB．a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba＜BbC．同一通電導線放在a處受力一定比放在b處受力大D．同一通電導線放在a處受力一定比放在b處受力小3、真空中有兩個靜止點電荷，它們之間的靜電引力為F．如果它們之間的距離增大為原來的2倍，而其中一個點電荷的電荷量減少為原來的1/2，則它們之間的作用力的大小變為（）A． B．C． D．4、電動玩具汽車的直流電動機電阻一定，當加上0.3V電壓時，通過的電流為0.3A，此時電動機沒有轉動.當加上3V電壓時，電流為1A，這時電動機正常工作．則()A．電動機的電阻是3B．電動機正常工作時的發熱功率是3WC．電動機正常工作時消耗的電功率是4WD．電動機正常工作時機械功率是2W5、1922年英國物理學家阿斯頓因質譜儀的發明、同位素和質譜的研究榮獲了諾貝爾化學獎．若速度相同的同一束粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關說法中正確的是（）A．該束帶電粒子帶負電B．速度選擇器的p1極板帶負電C．在B2磁場中運動半徑越大的粒子，比荷qmD．在B2磁場中運動半徑越大的粒子，質量越大6、電磁鐵的應用相當廣泛，它是利用電流周圍產生磁場的原理工作的，最先發現電流周圍存在磁場的科學家是（）A．庫侖 B．奧斯特 C．麥克斯韋 D．亞里士多德二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，閉合開關S后當變阻器R3的滑動頭P向b移動時，下列說法正確的是（）A．電壓表示數變大B．電流表示數變大C．電源消耗的總功率變小D．電源的效率（電源的輸出功率/電源消耗的總功率）變小8、著名物理學家費曼曾設計過這樣一個實驗裝置：一塊絕緣圓板可繞其中心的光滑軸自由轉動，在圓板的中部有一個線圈，圓板的四周固定著一圈帶電的金屬小球，如圖所示．當線圈接通電源后，將產生流過圖示方向的電流，則下列說法正確的是（）A．接通電源瞬間，圓板不會發生轉動B．線圈中電流強度的增大或減小會引起圓板向不同方向轉動C．若金屬小球帶正電，接通電源瞬間圓板轉動方向與線圈中電流流向相同D．若金屬小球帶負電，接通電源瞬間圓板轉動方向與線圈中電流流向相同9、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，下面判斷正確的是()A．L1和L3變暗，L2變亮B．L1變暗，L2變亮，L3變亮C．L1上的電壓變化絕對值小于L2上的電壓變化絕對值D．L1中電流變化絕對值大于L3中的電流變化絕對值10、如圖所示，電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點恰好處于靜止狀態．現將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離則（）A．帶電油滴的電勢能將增大B．P點的電勢將降低,兩極板間的電勢差不變C．平行板之間的電場強度增大，平行板所帶電荷量也增大D．電容器的電容增大,帶電油滴將沿豎直方向向上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）同學們想用物理上學到的知識來測定某種型號電池的電動勢和內阻，已知這個電池的電動勢約為8～9V，內阻約為3Ω左右。由于直流電壓表量程只有3V，需要將這只電壓表通過連接一電阻箱，改裝為量程為9V的電壓表，然后再用伏安法測該電池的電動勢和內阻。實驗可供該同學選擇的器材主要有：A.電壓表(量程為3V，內阻為3kΩ)B.電流表(量程為3A，內阻約0.1Ω)C.電阻箱(阻值范圍0～9999Ω)D.電阻箱(阻值范圍0～999Ω)E.滑動變阻器(阻值為0～20Ω，額定電流2A)F.滑動變阻器(阻值為0～20kΩ，額定電流0.2A)(1)該實驗中滑動變阻器應選________（填寫“E”或“F”）；要使將3V直流電壓表改裝成9V的電壓表，該同學需將該電壓表與電阻箱________(填寫“C”或“D”)串聯,且接入的電阻箱阻值應為________Ω.(2)用該擴大了量程的電壓表(電壓表的表盤沒變)，測電池電動勢E和內阻r，實驗電路如圖甲所示，得到多組電壓U（原電壓表的示數）和電流I的值，并作出U-I圖線如圖乙所示，可知電池的電動勢為________V，內阻為________Ω（最后結果要求保留兩位有效數字）.12．（12分）小明在家里找到了一個電子元件，上面僅標有“12V2W”，為研究它的電學特征，設計了下列實驗：(1)小明利用家里的器材設計了如圖電路來測量該電子元件的伏安特性曲線，家中出來電壓表（量程15V，內阻約為5kΩ），還有兩個電流表可供選擇：A1（量程200mA，內阻約為200Ω），A2（量程3A，內阻約為10Ω），小明應該選擇電流表______（選填“A1”“A2”）接入電路．在正確連接電路后，閉合開關之前滑動變阻器的滑片應置于滑動變阻器的______（選填“左端”“右端”）．(2)小明又利用家里的多用電表來直接測量該電子元件的電阻，將該元件接入多用電表的歐姆“ⅹ10”檔，正確操作后發現示數如圖，則讀數為_____Ω．(3)該多用電表歐姆檔內部有一個電源，已知歐姆“ⅹ10”檔位對應的電源電動勢E=1.5V，且中位電阻阻值為150Ω．在實驗中小明不知道這個電源使用很久了，該電源電壓實際已變為1.3V，但小明在使用時依然正確的進行了歐姆調零，那么他該用多用表測出的電阻阻值實際應為__Ω．（結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在水平向右的勻強電場中，有一絕緣直桿固定在豎直平面內，桿與水平方向夾角為53°，桿上A、B兩點間距為L．將一質量為m、帶電量為q的帶正電小球套在桿上，從A點以一定的初速度釋放后恰好沿桿勻速下滑．已知勻強電場的場強大小為E=．求：（1）軌道與小球間的動摩擦因數μ；（2）從A點運動到B點過程中，小球電勢能的變化量．（sin53°=0.8，重力加速度為g）14．（16分）如圖所示,寬度為I0的平行光束從空氣中斜射到一平板玻璃的上表面,入射角i=60°,該光束由兩種不同的單色光a和b組成,玻璃對兩種單色光的折射率分別為，試求：①兩種單色光在玻璃中的傳播時間之比；②為使光從玻璃下表面出射時，兩種光各自的光束不重疊，玻璃板的厚度d的最小值．15．（12分）如圖，將電荷量為q=3.0×10-9C的點電荷從勻強電場中的B點移動到A點，AB=2cm，電場力做的功為-6×10-7J，求：（1）A、B兩點的電勢差UAB；（2）勻強電場的場強E．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】以小球為研究對象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個力作用，作出力圖，如圖．作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G．根據△FBF1∽△PQB得：

又FF1=F2，得：；在A、B兩質點帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變，故A正確，BCD錯誤．故選A．點睛：本題是力學中動態平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關系，進行分析，也可以應用函數法求解．2、B【解析】

AB．磁感線的疏密表示磁場的強弱，由圖可知a、b兩處的磁感應強度的大小不等，Ba<Bb，故A錯誤，B正確；CD．電流在磁場中受到的安培力，同一通電導線放在a處與放在b處相比，由于并不知道導線與磁場方向之間的關系，所以受力大小無法確定，故CD錯誤。故選B。3、C【解析】真空中有兩個靜止點電荷，它們之間的靜電引力為F，故；如果它們之間的距離增大為原來的2倍，而其中一個點電荷的電荷量減少為原來的，則它們之間的作用力的大小變為，故C正確，ABD錯誤；故選C．4、D【解析】

A．當加上0.3V電壓時電動機不轉動，利用歐姆定律得選項A錯誤；BC．當加上3V電壓時，消耗的電能一部分發熱，一部分轉化為了機械能．消耗的電功率為發熱功率BC錯誤；D．根據能量關系，產生的機械功率為D正確．故選D。5、C【解析】

根據帶電粒子在磁場中的偏轉方向確定帶電粒子的正負．根據在速度選擇器中電場力和洛倫茲力平衡確定P1極板的帶電情況．在磁場中，根據洛倫茲力提供向心力，求出粒子的軌道半徑，即可知道軌跡半徑與什么因素有關．【詳解】帶電粒子在磁場中向下偏轉，磁場的方向垂直紙面向外，根據左手定則知，該粒子帶正電。故A錯誤。在平行金屬板間，根據左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場力的方向豎直向下，知電場強度的方向豎直向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電。故B錯誤。進入B2磁場中的粒子速度是一定的，根據qvB=mv2r得，r=mvqB，知r越大，荷質比qm越小，而質量m不一定大。故C【點睛】解決本題的關鍵會根據左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道在速度選擇器中，電荷所受的電場力和洛倫茲力平衡．6、B【解析】

A.庫侖研究了電荷間作用力的規律，故A錯誤；B.奧斯特最先發現電流周圍存在磁場．故B正確；C.麥克斯韋建立了完整的電磁場理論，預言了電磁波的存在，故C錯誤；D.亞里士多德提出了力是維持物體的運動原因，重物比輕下落快的觀點，故D錯誤．故選B.【點睛】奧斯特首先發現了電流的磁效應；根據各位科學家的物理學成就解答．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】滑動變阻器和并聯，將滑動變阻器的滑片P向b移動的過程中，滑動變阻器連入電路的電阻減小，故電路總電阻減小，電路總電流增大，根據閉合回路歐姆定律可得知，路端電壓減小，即電壓表示數減小，而大小不變，通過的電流增大，所以兩端的電壓增大，故并聯電路兩端的電壓減小，即兩端的電壓減小，所以的電流減小，而總電流是增大的，故通過滑動變阻器的電流增大，即電流表示數增大，A錯誤B正確；因為總電流增大，根據P=EI可知電源消耗的功率增大，C錯誤；電源的效率，路端電壓U變小，所以電源的效率變小，故D正確；【點睛】在分析電路動態變化時，一般是根據局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據閉合回路歐姆定律推導所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數變化），也就是從局部→整體→局部8、BD【解析】

由題可知，在線圈接通電源的瞬間，線圈中的電流逐漸增大，產生的磁場逐漸增強，逐漸增強的磁場會產生電場（麥克斯韋電磁理論）；小球所在圓周處相當于有一個環形電場，小球因帶電而受到電場力作用從而會讓圓板轉動，利用左手定則判斷即可解答【詳解】A、線圈接通電源瞬間，變化的磁場產生變化的電場，從而導致帶電小球受到電場力，使其轉動，故A錯誤；

B、不論線圈中電流強度的增大或減小都會引起磁場的變化，從而產生不同方向的電場，使小球受到電場力的方向不同，所以會向不同方向轉動，故B正確；

C、接通電源瞬間圓板受到電場力作用而轉動，由于金屬小球帶正電，根據電磁場理論可知，電場力沿順時針方向，所以與線圈中電流流向相反，故C錯；D、接通電源瞬間圓板受到電場力作用而轉動，由于金屬小球帶負電，根據電磁場理論可知，電場力沿逆時針方向，所以與線圈中電流流向相同，故D對；故選BD9、AC【解析】

AB、當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L變暗；電路中電流減小，故內阻及、兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯部分的電壓增大，故L變亮；因中電流增大，干路電流減小，故流過的電流減小，故L變暗；故A正確，B錯誤；C、因并聯部分的電壓與、及內電阻上的總電壓等于電源的電動勢,兩端的電壓增大，、及內阻r兩端的電壓減小，而電動勢不變，故L兩端電壓增大值應等于其它三個電阻的減小值，故L上電壓變化值小于上的電壓變化值；故C正確；D、因中電流減小，中電流減小，而中電流增大；開始時有：，故I電流的變化值一定小于中電流的變化值，故D錯誤；故選AC．10、CD【解析】試題分析：因為電容器和電源相連，所以電容器兩極板間的電壓恒定不變，將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離，則兩極板間的距離減小，根據公式E=Ud可得兩極板間的電場強度增大，則P將向上運動，電場力做正功，電勢能將減小，P到下極板間的距離不變，根據公式U=Ed可得P與下極板間的電勢差增大，根據公式C=εS考點：考查了電容器的動態變化【名師點睛】在分析電容器動態變化時，需要根據C=εS4πkd判斷電容器的電容變化情況，然后結合E=U三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、EC6000Ω9.0V3.0Ω【解析】

(1)根據串聯電路的特點，可確定出電阻箱的電阻與電壓表內阻的關系，選擇電阻箱的規格。在分壓電路中，為方便調節，滑動變阻器選用阻值較小的；根據電壓表改裝原理求出串聯電阻阻值.(2)由于電壓表的表盤沒變，改裝后的電壓表的讀數應為電壓表讀數的3倍.U-I圖線縱軸截距的3倍表示電動勢，斜率的3倍大小等于電池的內阻.【詳解】(1)電源電動勢約為9V，應把電壓表改裝成9V的電壓表，把3V的直流電壓表接一電阻箱，串聯電阻分壓是電壓表的兩倍，串聯電阻阻值應為電壓表內阻的兩倍，電阻箱接入電路的阻值應為6000Ω；電阻箱應選擇C；在分壓電路中，為方便調節，滑動變阻器選用阻值較小的，即選E.(2)由丙讀出，外電路斷路時，電壓表的電壓為U=3.0V，則電源的電動勢為E=3.0×3=9.0V，電源內阻.【點睛】本題涉及電表的改裝和測量電動勢和內電阻的實驗；改裝原理是串聯電路的特點。而伏安法測量電源的電動勢和內阻的原理是閉合電路歐姆定律，要注意路端電壓應為改裝后電壓表的讀數.12、A1左5043.3【解析】

(1)由電子元件，上面僅標有“12V2W”可知，流過電子元件最大電流為：，故電流表應選用A1；為了保護電路，開始時滑動變阻器接入電路中的電阻應最大即滑片