2025屆上海市浦光中學高二物理第一學期期末經典試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、環形線圈放在均勻磁場中，設在第1秒內磁感線垂直于線圈平面向內，若磁感應強度隨時間變化關系如圖，那么在第2秒內線圈中感應電流的大小和方向是（）A.感應電流大小恒定，順時針方向B.感應電流大小恒定，逆時針方向C.感應電流逐漸增大，逆時針方向D.感應電流逐漸減小，順時針方向2、如圖所示，小明在平臺上將足球以一定速度水平踢出，經過一段時間足球落地，忽略空氣阻力，足球在飛行過程中A.動能始終不變B.重力勢能始終不變C.機械能始終不變D.機械能不斷增加3、關于電容器的電容，下列說法正確的是A.電容器所帶的電荷越多，電容就越大B.電容器兩極板間的電壓越高，電容就越大C.電容器所帶電荷增加一倍，電容就增加一倍D.電容是描述電容器容納電荷本領的物理量4、如圖，半徑相同的兩個金屬球A、B帶有相等的電荷量（可視為點電荷），相隔一定距離，兩球之間相互吸引力的大小是F。今讓第三個半徑相同的不帶電的金屬小球先后與A、B兩球接觸后移開。這時，A、B兩球之間的相互作用力的大小是（）A. B.C. D.5、如圖所示，直線a、b和c、d是處于勻強電場中的兩組平行線，M、N、P、Q是它們的交點，四點處的電勢分別為、、、一電子由M點分別運動到N點和P點的過程中，電場力所做的負功相等，則A直線a位于某一等勢面內，B.若電子由M點運動到Q點，電勢能減少C.直線c位于某一等勢面內，D.若電子由P點運動到Q點，電勢能增加6、如圖所示，在點電荷（在圖中沒畫出）產生的電場中，實線是一條方向未標出的電場線，虛線是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡．設電子在、兩點的加速度大小分別為、，電勢能分別為、，下列說法正確的是()A.電子一定從向運動B.若，則靠近M端且為負電荷C.無論為正電荷還是負電荷一定有D.點電勢可能高于點電勢二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，線圈兩端a、b與一電阻R相連，線圈內有垂直于線圈平面向外的磁場，從t=0時起，穿過線圈的磁通量按圖乙所示規律變化．下列說法正確的是A.時刻，R中電流方向由a到bB.3時刻，R中電流方向由a到bC.0~2時間內R中的電流是2~4時間內甲的2倍D.0~2時間內R產生的焦耳熱是2~4時間內產生的8、如圖所示，磁感應強度為B的矩形磁場區域長為，寬為L，甲、乙兩電子沿矩形磁場的上方邊界從A點射入磁場區域，甲、乙兩電子分別從D點和C點射出磁場，則甲、乙兩電子在磁場運動的過程中（）A.速率之比為1：4 B.角速度之比為1：3C.路程之比為4：3 D.時間之比為3：19、光滑絕緣半球形碗固定在水平地面上，碗內放有可視為質點的帶電小球1、2，兩小球質量均為、帶電量分別為，平衡時小球1、2分別位于位置處。小球2的電荷量逐漸減少，從點緩慢下滑至點，則A.兩帶電小球間庫侖力增大 B.兩帶電小球間庫侖力減小C.帶電小球2對碗的壓力增大 D.帶電小球2對碗的壓力減小10、如圖所示，虛線PQ左上方存在有垂直于紙面向外的勻強磁場，甲、乙兩個帶正電的粒子先后由靜止經過相同電壓加速后，分別以速度v甲、v乙從PQ上的O點沿紙面射入磁場，結果兩粒子從PQ上的同一點射出磁場．已知v甲、v乙之間的夾角α=60°，v乙與PQ之間的夾角β=30°，不計甲、乙兩粒子的重力及甲、乙之間的作用力．設甲、乙在磁場中運動的時間分別為t甲、t乙，以下關系正確的是（）A.v甲：v乙=1：2 B.v甲：v乙=2：1C.t甲：t乙=3：4 D.t甲：t乙=3：2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）測干電池的電動勢和內阻的實驗，為了盡量減小實驗誤差．在如下圖所示的四個實驗電路中應選用________（2）選好電路后,由于電流表和電壓表內電阻對電路的影響,所測得電動勢將________．(選填“偏大”，“偏小”，“不變”）（3）根據實驗測得的一系列數據，畫出U-I圖（如圖丙所示），則被測干電池的電動勢為________V，電池的內阻為________Ω．（結果均保留兩位小數）（4）這種用圖象法處理數據是為了減少________.(選填“系統誤差”或“偶然誤差”)12．（12分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下:（1）游標卡尺測量其長度如圖甲所示,可知其長度__________mm;（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示,可知其直徑為__________mm;（3）選用多用電表的電阻“×1”擋,按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻,表盤的示數如圖所示,則該電阻的阻值約為__________Ω;（4）為更精確地測量其電阻,可供選擇的器材如下:待測金屬絲Rx；電壓表：V（量程3V，內阻約3kΩ）；電流表：A1（量程0.6A，內阻約0.2Ω）；A2（量程3A，內阻約0.05Ω）；電源：E（電動勢3V，內阻不計）滑動變阻器：R（最大阻值約20Ω）（5）為使測量盡量精確，電流表應選_____（“A1”或“A2”），電路應選用圖中的_____（“甲”或“乙”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩根平行的光滑金屬導軌與水平面成53°放置，兩導軌上端接了一個Ω的定值電阻，導軌電阻忽略不計，在水平虛線P、Q間有一與導軌所在平面垂直的勻強磁場B，磁場區域的寬度為d=1.0m．導體棒、b的質量分別為、，電阻．現將它們分別從圖中M、N處同時由靜止釋放，兩棒向下滑動中與導軌始終垂直且接觸良好，當剛穿出磁場時，正好進入磁場，且都是勻速穿過磁場區域．取重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，不計電流間的相互作用，求：（1）從開始釋放起到棒剛穿出磁場止，這個過程中，導體棒上消耗的電能？（2）從開始釋放起到兩棒相遇所用的時間以及相遇點與Q的距離（結果可以用分數表示）14．（16分）如圖所示電路中，r是電源的內阻，R1和R2是外電路中的電阻，如果用Pr，P1和P2分別表示電阻r，R1，R2上所消耗的功率，當R1=R2=r時，求：(1)Ir∶I1∶I2等于多少(2)Pr∶P1∶P2等于多少15．（12分）如圖所示，固定位置在同一水平面內的兩根平行長直金屬導軌的間距為d，其右端接有阻值為R的電阻，整個裝置處在豎直向上磁感應強度大小為B的勻強磁場中．一質量為m（質量分布均勻）的導體桿ab垂直于導軌放置，且與兩導軌保持良好接觸，桿與導軌之間的動摩擦因數為μ．現桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開始沿導軌運動距離L時，速度恰好達到最大（運動過程中桿始終與導軌保持垂直）．設桿接入電路的電阻為r，導軌電阻不計，重力加速度大小為g．求：此過程中，（1）導體棒剛開始運動時的加速度a（2）導體棒速度的最大值vm（3）導體棒中產生的焦耳熱Q（4）流過電阻R的電量q

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：在第2s內，磁場的方向垂直于紙面向外，且均勻減小，所以產生恒定的電流，根據楞次定律，感應電流的方向為逆時針方向，所以B正確，ACD錯誤．故選B考點：楞次定律【名師點睛】解決本題的關鍵掌握楞次定律判斷感應電流的方向，并理解法拉第電磁感應定律的內容,變化的磁場產生電場，而均勻變化的磁場產生恒定的電場2、C【解析】足球在飛行過程中，只有重力做功，且重力做正功，可知動能增加，故A錯誤．足球的高度不斷下降，重力做正功，重力勢能減少，故B錯誤．由于只有重力做功，所以足球的機械能保持不變，故C正確，D錯誤3、D【解析】電容表征電容器容納電荷的本領大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關．A、電容器所帶的電荷越多，兩板間電壓越大，電容不變，故A錯誤B、電容器兩極板間的電壓越高，所帶的電荷越多，電容不變，故B錯誤C、電容器所帶電荷增加一倍，兩極板間的電壓增加一倍，電容不變，故C錯誤D、電容的物理意義是表征電容器容納電荷本領的大小．故D正確故選D點評：電容，采用的是比值定義法，有比值定義法共性，C與U、Q無關，由電容器本身決定4、A【解析】A、B兩球相互吸引，則兩球帶異種電荷，設A帶有電荷量為Q，B帶有電荷量為-Q，相隔一定距離r，兩球之間相互吸引力的大小是第三個不帶電的金屬小球與A球接觸后移開，第三個球與A球的帶電量都為，第三個球與B球接觸后移開，第三個球與B球的帶電量都為A、B兩球之間的相互作用力的大小故選A。5、C【解析】電子由M點分別到N點和P點的過程中，電場力所做的負功相等，說明電勢能增加相等，據此分析電勢高低.【詳解】A、C、據題，電子由M點分別運動到N點和P點的過程中，電場力所做的負功相等，則電勢能增加相等，所以電勢降低，電場線方向向下，且N、P兩點的電勢相等，d位于同一等勢面內，根據勻強電場等勢面分布情況知，直線c位于同一等勢面內，則有故A錯誤，C正確.B、由上分析知，直線c是等勢面，所以電子由M點運動到Q點，電場力不做功，電勢能不變；故B錯誤.D、由于電子由P點運動到Q點的過程中，電勢升高，電勢能減小，故D錯誤.故選C.【點睛】解決本題的關鍵要抓住電場力做功與電勢能變化的關系，知道正電荷在電勢高處電勢能大6、C【解析】A．由運動軌跡只能得到電子受力指向凹的一側，不能得到運動走向，故A錯誤；B．由電場場源為點電荷，aA＞aB可得：點電荷Q靠近M端；又有電子受力指向凹的一側可得：MN上電場線方向向右，故點電荷Q為正電荷，故B錯誤；C．電子受力指向凹的一側可得：根據電子只受電場力作用；電場力做正功，電勢能減小；電場力做負功，電勢能增大可得：EpA＜EpB，故C正確；D．電子受力指向凹的一側可得：MN上電場線方向向右；根據沿著電場線電勢降低可得：B點電勢低于A點電勢，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據楞次定律即可判斷t0、3t0時刻，R中的電流方向；根據法拉第電磁感應定律求出兩個時間段內的感應電動勢，由歐姆定律得到電流關系；根據焦耳定律Q＝I2Rt即可得到兩個時間段的焦耳熱的大小關系.【詳解】t0時刻，線圈中向外的磁通量在增加，根據楞次定律，感應電流沿順時針方向，所以R中電流方向由b到a，故A錯誤；3t0時刻，線圈中向外的磁通量在減少，根據楞次定律，感應電流沿逆時針方向，R中的電流方向由a到b，故B正確；0～2t0時間內感應電動勢；2t0～4t0時間內感應電動勢；根據I=E/R可知，知0～2t0時間內R中的電流是2t0～4t0時間的，故C錯誤；根據焦耳定律Q＝I2Rt，知0～2t0時間內R產生的焦耳熱是2t0～4t0時間內的，故D正確；故選BD【點睛】由法拉第電磁感應定律求出感應電動勢的大小，而感應電流的方向則由楞次定律判定．同時穿過磁通量發生變化的線圈相當于電源，所以電源內部（線圈）電流方向是負極到正極8、AD【解析】A.根據幾何關系可知，甲的軌道半徑為，乙的軌道半徑為2L，根據公式因此解得，速度之比等于半徑之比，因此甲乙速率之比為1：4，故A正確；B.根據公式解得角速度之比為1:1，故B錯誤；C.根據幾何關系可知，甲的圓心角為，乙的圓心角為，因此其路程分別為，因此路程之比為3:16，故C錯誤；D.根據公式可知，甲乙電子運動周期相同，因此其運動時間跟圓心角有關，即解得，其運動時間之比為3：1，故D正確。9、BD【解析】對B受力分析如圖：由相似三角形法可證明兩個帶電小球任意電量時，都在同一水平面上（為兩球連線距離的一半，為點到兩球連線的距離）；小球2電量減少，兩球間庫侖力減小，小球位置下降，且總在同一水平面。對小球2，由圖解法可知，減小，減小，小球對碗的壓力減小；A．兩帶電小球間庫侖力增大，與結論不相符，選項A錯誤；B．兩帶電小球間庫侖力減小，與結論相符，選項B正確；C．帶電小球2對碗的壓力增大，與結論不相符，選項C錯誤；D．帶電小球2對碗的壓力減小，與結論相符，選項D正確；故選BD.10、BC【解析】AB．甲乙兩個粒子在磁場中的運動情況如圖粒子在加速過程中，根據動能定理有：解得：，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有：解得運動的半徑為：，根據幾何知識可知，甲乙兩粒子在磁場中運動的半徑之比為：R甲：R乙=1：2，聯立解得：，v甲：v乙=2：1，A錯誤，B正確；CD．甲粒子在磁場中運動的圓心角為180°，乙粒子在磁場中運動的軌跡對應的圓心角為60°，則甲乙粒子在磁場中運動的時間之比為：C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.(1).丙②.(2).偏小③.(3).1.45(1.44—1.46均給分)④.0.70（0.67—0.72均給分）⑤.(4).偶然誤差【解析】明確實驗原理，從而確定實驗電路圖，并根據電路的分析可得出電動勢的誤差情況；根據閉合電路歐姆定律進行分析，從而確定電動勢和內電阻的大小．用圖象法處理數據是為了減少偶然誤差【詳解】（1）本實驗中需要測量多組路端電壓和干路電流，所以必須用到滑動變阻器；同時因電流表內阻不能忽略，為了減小內阻的測量誤差，電流表應采用相對電源的外接法；故應選擇丙電路圖；（2）丙圖中由于電壓表的分流，導致電流表測量值小于真實值；而電壓值的示數是準確的，故U-I圖象將向下移動，故電源的電動勢將小于真實值；（3）根據U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點表示電源的電動勢，故E=1.45V；圖象的斜率表示內阻，故（4）這種用圖象法處理數據是為了減少偶然誤差【點睛】本題考查了實驗電路選擇、實驗誤差分析、實驗數據處理，知道實驗原理、實驗注意事項、分析清楚圖象即可正確解題12、①.（1）50.15mm②.（2）4.700mm;③.（3）7.0Ω;④.（5）A1；⑤.甲【解析】（1）游標卡尺測量其長度為：5cm+0.05mm×3=50.15mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑為：4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm;（3）電阻的阻值約為7.0Ω;（5）電路中可能出現的最大電流，可知電流表應該選擇A1；因RV>>Rx可知，電路選擇安培表外接，故選甲；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.04J（2）；m【解