2025屆山東省微山縣一中高二物理第一學期期末學業水平測試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示電路中，電源電壓U恒定，由于某元件出現故障，使燈L1變亮，燈L2不亮，其原因可能是（）A.R1斷路 B.R2斷路C.R2短路 D.R1短路2、如圖所示的電路中，L1、L2是完全相同的燈泡，線圈L的自感系數較大，它的電阻與定值電阻R相等．下列說法正確的是（）A.閉合開關S時，L1先亮、L2后亮，最后它們一樣亮B.閉合開關S后，L1、L2始終一樣亮C.斷開開關S時，L1、L2都要過一會才熄滅D.斷開開關S時，L2立刻熄滅、L1過一會才熄滅3、如圖所示，一有限范圍的勻強磁場的寬度為d，將一邊長為l的正方形導線框由磁場邊緣以速度v勻速地通過磁場區域，若d>l，則在線框通過磁場區域的過程中，不產生感應電流的時間為()A. B.C. D.4、如圖，電源的電動勢為E，內阻為。R1為定值電阻，R2為滑動變阻器、B為水平放置的平行金屬板，L為小燈泡，電表均為理想電表。開關S閉合后，A、B板間有一帶電油滴恰好處于靜止狀態。則在滑動變阻器的觸頭P向下滑動的過程中A.電壓表的示數增大 B.油滴向上加速運動C.板上電荷量減少 D.兩表示數變化量的比值變大5、關于運動和力，下列說法正確的是A.減速下降的電梯內的乘客處于失重狀態B.物體的速度變化越大,其加速度就越大C.行駛中的汽車,在關閉發動機后,由于不再受力的作用,所以它會逐漸減速而停止運動D.物體所受重力的大小與物體所處的運動狀態無關6、如圖所示,在光滑水平面上一輕質彈簧將擋板和一條形磁鐵連接起來,此時磁鐵對水平面的壓力為FN1,現在磁鐵左上方位置固定一導體棒,當導體棒中通以垂直紙面向里的電流后,磁鐵對水平面的壓力為FN2,則以下說法正確的是()A.彈簧長度將變長 B.彈簧長度將變短C.FN1=FN2 D.FN1<FN2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質量為m的通電細桿ab置于傾角為θ的導軌上，導軌的寬度為d，桿ab與導軌間的摩擦因數為μ，有電流時，ab恰好在導軌上靜止，如圖所示，圖中的四個側視圖中，標出了四種可能的勻強磁場方向，其中桿ab與導軌之間的摩擦力可能為零的圖是（）A.BC.D.8、如圖所示，在一矩形區域內，不加磁場時，不計重力的帶電粒子以某一初速度垂直左邊界射入，穿過此區域的時間為t.若加上磁感應強度為B水平向外的勻強磁場，帶電粒子仍以原來的初速度入射，粒子飛出時偏離原方向60°，利用以上數據可求出下列物理量中的()A.帶電粒子的比荷B.帶電粒子在磁場中運動的周期C.帶電粒子的初速度D.帶電粒子在磁場中運動所對應的圓心角9、在同一平面內有①、②、③三根等間距平行放置的長直導線，通入的電流強度分別為1A、2A、1A，②中的電流方向為c→d且受到安培力的合力方向水平向右，則A.①的電流方向為a→b B.①受到安培力的合力方向水平向右C.③的電流方向為e→f D.③受到安培力的合力方向水平向左10、如圖所示，在x軸上方有垂直于紙面向外的勻強磁場，兩帶正電且電量相同；質量分別為m1、m2的粒子A和B以相同的速率從O點與x軸正方向成60°角垂直射入磁場，發現粒子A從a點射出磁場，粒子B從b點射出磁場．若另一與A、B帶電量相同而質量不同的粒子C以相同速率從O點與x軸正方向成30°角射入x軸上方時，發現它從ab的中點c射出磁場，則下列說法中正確的是(不計所有粒子重力)()A.粒子B在磁場中的運動時間比粒子A在磁場中的運動時間長B.粒子A、B在磁場中的運動時間相同C.可以求出粒子C的質量D.粒子C在磁場中做圓周運動的半徑一定比粒子B做圓周運動的半徑小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）當電鍵閉合后，通過燈泡A1的電流隨時間變化的圖像為___圖；通過燈泡A2的電流隨時間變化的圖像為___圖A.B.C.D.12．（12分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率。步驟如下：(1)用游標卡尺測量其長度；(2)用多用電表粗測其阻值：當用“×100”擋時發現指針偏轉角度過大，他應該換用______擋（填“×10”或“×1k”），換擋并進行一系列正確操作后，指針靜止時如圖所示，則金屬棒的阻值約為______Ω。(3)為了更精確地測量其電阻，現有的器材及其代號和規格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程0～3mA，內阻約50Ω）；電流表A2（量程0～15mA，內阻約30Ω）；電壓表V(量程0～3V，內阻約10KΩ)；滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω）；滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ；）直流電源E（電動勢4V，內阻不計）；開關S，導線若干。為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，電流表應選____，滑動變阻器應選____（選填代號）。(4)請在圖中補充連線并完成實驗。_____四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，AB的右側有方向垂直紙面向里勻強磁場，磁感應強度大小為B，一個帶負電的粒子（重力不計）質量為m，電荷量為q，以速率v與AB成θ=30°從A點射入勻強磁場中，求：（1）出射點B到入射點A的距離LAB；（2）粒子在磁場中運動的時間t。14．（16分）現有如下實驗器材：天平一臺，各種質量砝碼若干邊長為L、匝數為N的正方形線圈一個直流電源一個電流計一個開關、電阻、細導線及固定裝置若干請用以上器材設計一個可以精確測量勻強磁場磁感應強度的實驗要求：（1）在虛線框內畫出實驗原理圖（2）為了測量磁場磁感應強度需要測量哪些物理量？（3）寫出計算磁感應強度的主要關系式15．（12分）如圖所示,位于平面直角坐標系內的水平正對的平行金屬板的長度為L,板間距離也為L,金屬板之間存在勻強電場,金屬板厚度忽略不計，第一象限內邊長也為L的正方形區域ABCD為無場區．在平行金屬板和正方形區域的外側存在范圍足夠大的勻強磁場,磁場的方向垂直XY平面向里．一個質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子沿兩平行金屬板的中線OO'射入電場,初速度為v,粒子恰好從下極板的右端A點離開電場．已知帶電粒子進入磁場后能通過B點(粒子只在AB下方偏轉),不計粒子重力（1）求粒子第一次進入磁場時速度的大小和方向；（2）求勻強磁場的磁感應強度大小；（3）若僅將勻強磁場的磁感強度變為原來的兩倍,求粒子從離開電場到回到電場所用的時間

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A.若R1斷路，則總電阻變大，總電流變小，L1變暗，不符合題意，故A錯誤；B.若R2斷路，電路不通，則燈L1和燈L2都不亮，不符合題意，故B錯誤；C.若R2短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮，L2是發光的，不符合題意，故C錯誤；D.若R1短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮，L2被短路不亮，符合題意，故D正確2、C【解析】AB．線圈L的自感系數較大，阻抗也很大，閉合開關S的瞬間，L2先亮、L1后亮，由于線圈的電阻與定值電阻R相等，所以電流穩定后，它們一樣亮，故AB錯誤；CD．斷開開關S時，線圈的磁場能轉化為電能，線圈相當于電源，線圈、兩個燈泡和電阻R形成一個閉合回路，兩個燈泡會繼續發亮，直到線圈的磁場能消耗完畢才熄滅，故C正確，D錯誤3、B【解析】如圖所示，從線框完全進入直到右邊開始離開磁場區域，線框中的磁通量就不再發生變化，故線圈中沒有感應電流的距離為d-l；因導線框做勻速運動，故不產生感應電流的時間；故選B.4、B【解析】滑動變阻器的觸頭P向下滑動的過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻增大，根據“串反并同”，由于定值電阻R1與滑動變阻器串聯，所以電壓表示數變小，電容器與滑動變阻器并聯，所以電容器兩端電壓變大，由公式可知，板間電場強度變大，電場力變大，所以油滴向上加速運動，由公式可知，板上的電荷量變大，電壓表測的是電阻R1兩端的電壓，電流表測的是流過R1的電流，所以兩表示數變化量的比值即為R1的阻值即不變，故B正確。故選B。5、D【解析】A.減速下降的電梯內的乘客，加速度向上，處于超重狀態，故A錯誤B.物體的速度變化越快，加速度就越大，故B錯誤C.行駛中的汽車，在關閉發動機后，受到摩擦阻力作用，逐漸減速而停止運動，故C錯誤D.物體所受的重力的大小與物體所處的運動狀態無關，故D正確6、B【解析】開始時磁體受重力和支持力，二力平衡，故彈簧處于原長，磁體對地壓力等于磁體的重力；通電后，根據條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在位置磁場方向如圖所示，由左手定則可判斷出通電導線所受安培力方向如圖所示；由牛頓第三定律可知，條形磁鐵受到的電流對磁體的作用力斜向左上方，如圖所示，故磁體對地面的壓力減小，FN1>FN2，同時彈簧縮短；所以選項B正確，選項ACD錯誤．故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A．桿子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三個力平衡，則不受摩擦力。故A正確。B．桿子受重力，豎直向上的安培力，若重力與安培力相等，則二力平衡，不受摩擦力。故B正確。C．桿子受重力、豎直向下的安培力、支持力，要想處于平衡，一定受摩擦力。故C錯誤。D．桿子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想處于平衡，一定受摩擦力。故D錯誤。故選AB.8、ABD【解析】A．由帶電粒子在磁場中運動的偏向角，可知帶電粒子運動軌跡所對的圓心角為60°，因此由幾何關系由得所以又未加磁場時有所以可求得比荷，A正確；B．根據周期公式，可得帶電粒子在磁場中運動的周期B正確；C．由于半徑未知，所以初速度無法求出，C錯誤；D．根據幾何關系可得帶電粒子在磁場中運動所對應的圓心角為60°，D正確故選ABD。9、CD【解析】根據右手螺旋定則可確定電流周圍的磁場方向，再根據左手定則可確定電流方向，即可求解.【詳解】由題，②的電流方向為c→d且受到安培力的合力方向水平向右，則②所在處的磁場的方向向里．由于①③中電流的大小是相等的，所以如二者電流的方向相同，則它們在②處的磁場的和必定等于0，所以①③中電流的方向必須相反，且它們在②處的磁場的方向都向里．由安培定則可知，①中電流的方向向上，即從b向a；③中電流的方向向下，為e到f．故A錯誤，C正確；②和③中電流的方向都向下，在①處產生的磁場的方向都向里，根據左手定則可知，①受到安培力的合力方向水平向左．故B錯誤；根據安培定則，①在③處產生的磁場的方向向里，②在③處產生的磁場的方向向外；由于②到③的距離比①到③的距離小，而且②的電流比較大，所以③的磁場的方向向外．由左手定則可知，③受到安培力的合力方向水平向左．故D正確．故選CD【點睛】考查右手螺旋定則、左手定則等規律，形成同向電流相互吸引，異向電流相互排斥的結論，便于以后解題應用.10、AC【解析】AB．帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，粒子的入射速度方向、出射速度方向與邊界夾角相等，則知A、B兩個粒子速度的偏向角均為120°，軌跡對應的圓心角也為120°．設軌跡的圓心角為θ，則粒子在磁場中運動的時間，由圖知，B粒子的軌跡半徑較大，而θ與v相等，所以B粒子在磁場中的運動時間比A粒子在磁場中的運動時間長，故A正確。C．設C粒子的質量為m3．Oa=L，ab=d。粒子做勻速圓周運動，軌跡如圖：故質量為m1、m2、m3的粒子軌道半徑分別為：故：（R1+R2）=2R3粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，故：聯立以上幾式解得：故C正確。D．由上知，C粒子在磁場中作圓周運動的半徑可能比B粒子作圓周運動的半徑大，故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.C②.A【解析】當電流增大時，線圈會阻礙電流的增大，當電流減小時，線圈會阻礙電流的減小【詳解】當電鍵S接通時，由于線圈的阻礙作用，A1燈中的電流逐漸增大，最后達到穩定電流不變，故選C；當電鍵S接通時，A2穩定電流不變，故A正確12、①.×10②.220或2.2×102③.A2④.R1⑤.【解析】(2)[1]多用電表的指針在開始使用時是停在最左邊無窮大刻度的，零刻度在右邊，用“×100”擋時發現指針偏轉角度過大，即所測電阻偏小，應選用小一檔測量，故選“×10”擋；[2]用歐姆表測電阻的讀數方法為指針示數乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，所以該電阻的阻值約為(3)[3]由電動勢和電阻的阻值知電流最大為所以用電流表A2；[4]滑動變阻器用小阻值的，便于調節，所以用滑動變阻器.(4)[5]本實驗中，因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】(1)粒子進入磁場后在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有：解得粒子做圓周運動的半徑：因為θ=30°，根據對稱性原則，由幾何關系可知△AOB為等邊三角形，所以出射點B到入射點A的距離：(2)粒子在磁場中運動的周期：所以粒子在磁場中運動的時間：14、（1）實驗原理圖：（2）需要測量的物理量有：①電路中的電流I，②天平盤中添加砝碼的質量△m（3）【解析】（1）實驗裝置如圖所示，（2）要測量的物理量：①電路中的電流I，②天平盤中添加砝碼的質量△m（3）可采用如下實驗步驟：①將電路閉合，電流表的讀數設為I，在某盤中（如