上海市華實高中2025屆物理高二第一學期期中綜合測試模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電流表的內阻是Rg=500Ω，滿刻度電流值是Ig=1mA，A．應串聯一個約500Ω的電阻B．應并聯一個約500Ω的電阻C．應串聯一個約0.05Ω的電阻D．應并聯一個約0.05Ω的電阻2、如圖，橢圓ABCD處于一勻強電場中，橢圓平面平行于電場線，AC、BD分別是橢圓的長軸和短軸，已知電場中A、B、C三點的電勢分別為、、，由此可得D點的電勢為（）A．8V B．6V C．3V D．2V3、在距水平地面的高度為h處，將鉛球以初速度v0水平推出，使鉛球做平拋運動，將該運動沿水平方向和豎直方向分解．下列對鉛球做平拋運動的描述正確的是（）A．水平方向的分運動為勻速直線運動 B．豎直方向的分運動為勻速直線運動C．運動時間與h無關 D．運動時間與v0有關4、如圖所示的長方體是用電阻率為ρ的均勻金屬制成的，長度為2L，其橫截面為正方形，邊長為L，若將它的a、b端接入電路時的電阻為R，則將它的兩個側面上的c、d端接入電路時的電阻是（）A．R B．R/4 C．R/2 D．4R5、對于點電荷的理解，正確的是A．點電荷就是帶電荷量很少的帶電體B．點電荷就是體積很小的帶電體C．體積大的帶電體肯定不能看成點電荷D．帶電體如果本身大小和形狀對它們間的相互作用影響可忽略，則可視為點電荷6、有一個電流表G，內阻Rg=10Ω滿偏電流Ig=3mA．要把它改裝成量程0～3V的電壓表，則（）A．要串聯一個阻值為990Ω的電阻B．要并聯一個阻值為990Ω的電阻C．要串聯一個阻值為0.10Ω的電阻D．要并聯一個阻值為0.10Ω的電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑絕緣水平面上的P點正上方O點固定了一電荷量為＋Q的正點電荷，在水平面上的N點，由靜止釋放一質量為m、電荷量為－q的負檢驗電荷，該檢驗電荷經過P點時速度為v，圖中θ＝，規定電場中P點的電勢為零，則在＋Q形成的電場中（）A．P點電場強度大小是N點的4倍B．N點電勢高于P點電勢C．檢驗電荷在N點具有的電勢能為D．N點電勢為8、歡慶新中國建國70周年閱兵式上展示了很多世界一流的先進武器，充分說明了我國的高科技水平。最近科學家們在西昌利用火箭發射了一枚反衛星導彈，成功地進行了一次反衛星武器試驗則下列說法正確的是（）A．火箭發射時，火箭利用反沖而向上運動B．發射初期加速上升時，彈頭處于超重狀態，但它受到的重力越來越小C．高溫高壓燃氣從火箭尾部噴出時對火箭的作用力與火箭對燃氣的作用力大小不相等D．彈頭擊中衛星前，衛星的加速度為零9、如圖所示，M是一個小型理想變壓器，原、副線圈匝數之比，接線柱a、b接正弦交變電源，電壓．變壓器右側部分為一火警報警系統原理圖，其中R2為半導體熱敏材料制成的傳感器（電阻隨溫度升高而減小），R1為一定值電阻。下列說法正確的是（）A．電壓表示數為22VB．當所在處出現火警時，電壓表的示數變大C．當所在處出現火警時，電流表A的示數變小D．當所在處出現火警時，電阻R1的功率變大10、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻。當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U。以下說法正確的是()A．若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大B．若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C．若僅用更強的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D．若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)某同學用螺旋測微器測量一金屬絲的直徑，測微器的示數如圖所示，該金屬絲直徑的測量值為_________________________mm．(2)某同學用游標卡尺測量一物體的外徑，示數如圖所示，該物體外徑的測量值為______mm．12．（12分）(1)用游標卡尺測得某導線樣品的長度如圖甲所示，其示數______；用螺旋測微器測得該樣品的外徑如圖乙所示，其示數______。(2)在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻約為，電壓表V的內阻約為，電流表A的內阻約為，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，結果由公式計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數。若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為和，則______（填“”或“”)更接近待測電阻的真實值，其中測量值______（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）光滑絕緣半球槽的半徑為R，處在水平向右的勻強電場中，一質量為m的帶正電小球從槽的右端A處（與球心等高）無初速沿軌道滑下，滑到最低點B時，球對軌道的壓力為2mg。求:（1）小球從A到B的過程中受到的電場力做的功（2）電場力的大小（3）帶電小球在滑動過程中的最大速度14．（16分）在如圖所示的電路中，R1＝3Ω，R2＝6Ω，R3＝1.5Ω，C＝20μF，當開關S斷開時，電源的總功率為2W；當開關S閉合時，電源的總功率為4W，求：(1)電源的電動勢和內電阻；(2)閉合S時，電源的輸出功率；(3)S斷開和閉合時，電容器所帶的電荷量各是多少？15．（12分）如圖所示，M、N是一電子在勻強磁場中做勻速圓周運動軌跡上的兩點，MN的連線與磁場垂直，長度,磁場的磁感應強度為B=9.1×10-4T。電子從M點運動到N點的時間,電子的質量m=9.1×10-31kg，電荷量e=1.6×10-19c）求：⑴電子做勻速圓周運動的軌道半徑,⑵電子做勻速圓周運動的速率.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】把電流表改裝成1V電壓表，需要串聯一個分壓電阻，串聯電阻阻值：R=UI2、C【解析】

在勻強電場中，兩長度相等且相互平行的線段兩端的電勢差相等，A、B、C、D順次相連將組成菱形，由公式U=Ed可知，或解得.A.8V，與結論不相符，選項A錯誤；B.6V，與結論不相符，選項B錯誤；C.3V，與結論相符，選項C正確；D.2V，與結論不相符，選項D錯誤．3、A【解析】AB、平拋運動是具有水平初速度，僅受重力的運動．所以平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動．故A正確，B錯誤．CD、由,得，可知運動時間由h決定，與初速度無關．故CD錯誤．故選A.4、B【解析】當a、b端接入電路時，橫截面積為L2，長為2L；根據電阻定律．當c、d接入電路時，橫截面積為2L2，長為L，根據電阻定律．所以．故B項正確，ACD三項錯誤．5、D【解析】試題分析：當帶電體本身的大小和形狀對研究的問題影響很小時，可以將帶電體視為點電荷，與電荷的實際大小和帶電量無關，故A錯誤，B錯誤；體積大的帶電體，當在研究的問題中大小可以忽略不計時，能看成點電荷，故C錯誤；帶電體如果本身大小和形狀對它們間的相互作用影響可忽略，則可簡化為點，即視為點電荷，故D正確。考點：元電荷、點電荷【名師點睛】當帶電體本身的大小和形狀對研究的問題影響很小時，可以將帶電體視為點電荷；點電荷是一種理想化的物理模型；本題考查了點電荷的概念，注意點電荷是理想模型，是實際電荷的簡化。6、A【解析】把電流表改裝成3V電壓表需要串聯的電阻：R=UIg點睛：把電流表改裝成電壓表需要串聯分壓電阻，應用串聯電路特點與歐姆定律可以求出定值阻值．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．P點電場強度大小是，N點電場強度大小是，由于，所以P點電場強度大小是N點的4倍，故A正確；B．根據順著電場線方向電勢降低，由于N點離正點電荷更遠，所以N點電勢低于P點電勢，故B錯誤；CD．根據動能定理得：檢驗電荷由N到P的過程由題，P點的電勢為零，即φP=0，解得，N點的電勢檢驗電荷在N點具有的電勢能為故C錯誤，D正確．8、AB【解析】

A．火箭發射時，由于反沖而獲得動力，向上加速運動，故A正確；B．發射初期時，加速上升，加速度向上，處于超重狀態，由于與地心逐漸變遠，受到的萬有引力越來越小，重力越來越小，故B正確；C．高溫高壓燃氣從火箭尾部噴出時對火箭的作用力與火箭對燃氣的作用力是一對相互作用力，大小相等，故C錯誤；D．衛星飛行，只受重力，加速度為，彈頭擊中衛星前，衛星的加速度不為零，故D錯誤；9、AD【解析】

A．由表達式可知，輸入的電壓有效值為220V，變壓器的電壓與匝數成正比，由此可得副線圈的電壓為：電壓表V1測的是副線圈兩端電壓。故A正確。

B．當出現火警時，溫度升高，電阻R2減小，副線圈的電流變大，所以R1的電壓要增大，由于副線圈的總電壓不變，R2的電壓就要減小，所以電壓表的示數變小。故B錯誤。

C．由B的分析可知，副線圈的電阻減小，副線圈的電流變大，根據，可知原線圈的電流也就要增大。故C錯誤。

D．當出現火警時，溫度升高，電阻R2減小，副線圈的電流變大，所以R1的電壓要增大，電阻R1的功率變大。故D正確。10、BD【解析】

A．滑動變阻器處于含電容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變，故A錯誤；B．若僅增大A、B板間距離，因板間電壓不變，由知電容減小，再由電容的定義式可知電容器所帶電荷量減少，故B正確；C．若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內電壓和R3的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由知電容器所帶電荷量減少，故C錯誤；D．根據閉合電路歐姆定律得，因電壓表測量為電源的路端電壓，電流表測量流過電源的電流，則可得保持不變，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.793±0.00227.7【解析】1、螺旋測微器的固定刻度為2.5mm，可動刻度為29.3×0.01mm=0.293mm，所以最終讀數為2.5mm+0.293mm=2.793mm；2、游標卡尺的主尺讀數為27mm，游標尺上第7個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為7×0.1mm=27.7mm，所以最終讀數為：27mm+0.7mm=27.7mm。點睛：螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．12、30.353.204大于【解析】

(1)[1]游標卡尺的主尺讀數為：30mm，游標讀數為0.05×7mm=0.35mm，所以最終讀數為：30mm+0.35mm=30.35mm[2]螺旋測微器的固定刻度讀數為3mm，可動刻度讀數為0.01×20.4mm=0.204mm，所以最終讀數為：3mm+0.204mm=3.204mm(2)[3]由于待測電阻滿足所以電流表應用外接法，即更接近真實值[4]采用內接法時真實值應為即測量值大于真實值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）mg（3）【解析】

(1)設小球運動到最低位置B時速度為v,此時有FN-mg=小球從A處沿槽滑到最低位置B的過程中，根據動能定理有mgR+W電=mv2聯立解得W電=-mgR(2)設電場力大小為F，由W電=-FR得F=mg.(3)小球在滑動過程中速度最大的條件是小球沿軌道運動至某位置時切向合力為零.設此時小球與圓心連線與豎直方向的夾角為θ，如圖mgsinθ=Fcosθ得：tanθ=小球由A處到最大速度位置的過程中mgRcosθ-mgR（1-sinθ）=得14、(1),（2）3.5W（3）,0【解析】

斷開S，R2、R3串聯，根據閉合電路歐姆定律求解出電流和電功率表達式；S閉合，R1、R2并聯再與R3串聯，再次根據閉合電路歐姆定律求解出電流和電功率表達式；最后聯立求解；閉合S時電源的輸出功率為P=EI-I2r；S斷開時，C兩端電壓等于電阻R2兩端電壓，求解出電壓后根據Q=CU列式求解．【詳解】（1）S斷開，R2、R3串聯根據閉合電路歐姆定律可得：總功率為：S閉合，R1、R2并聯再與R3串聯，總外電阻根據閉合電路歐姆定律可得：所以總功率為：聯立解得：E