山東省寧陽市2025屆物理高二上期中學業質量監測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，厚薄均勻的矩形金屬片，邊長ab＝2bc，當A與B之間接入的電壓為U1=4V時，電流為1A，若C與D間接入的電壓為U2=8V時，下列說法正確的是()A．當CD間接入電壓為U2=8V時，電阻為1ΩB．當CD間接入電壓為U2=8V時，電阻為4ΩC．當CD間接入電壓為U2=8V時，電流為2AD．當CD間接入電壓為U2=8V時，電流為6A2、如圖所示為兩個等量點電荷的電場線，圖中A點和B點、C點和D點皆關于兩電荷連線的中點O對稱，若將一電荷放在此電場中，則以下說法正確的是()A．電荷在O點受力最大B．電荷沿直線由A到B的過程中，電場力先增大后減小C．電荷沿直線由A到B的過程中，電勢能一定先增大后減小D．電荷沿直線由C到D的過程中，電場力先增大后減小3、在光滑水平桌面上，質量為m的物體P和質量為2m的物體Q都可以視做質點，Q與輕質彈簧相連。設Q靜止，P以某一初動能E0水平向Q運動并與彈簧發生相互作用，用E1表示彈簧具有的最大彈性勢能，用E2表示Q具有的最大動能，用E3表示P具有的最小動能，則A．E1= B．E2=C．E2= D．E3=4、一根粗細均勻的導線，當其兩端電壓為U時，通過的電流是I，若將此導線均勻拉長到原來的2倍時，電流仍為I，導線兩端所加的電壓變為()A．U／2 B．U C．2U D．4U5、如圖所示，A、B、C是點電荷Q形成的電場中的三點，BC是以Q為圓心的一段圓弧，UAB＝＋10V，正點電荷q沿A→B→C移動，則（）A．點電荷Q帶正電B．沿BC運動時電場力做正功C．B點的電場強度與C點的相等D．q在A點時具有的電勢能比在C點時的大6、一個電流表的滿偏電流Ig=1mA．內阻為300Ω，要把它改裝成一個量程為10V的電壓表，則應在電流表上（）A．串聯一個10000Ω的電阻 B．并聯一個10000Ω的電阻C．串聯一個9700Ω的電阻 D．并聯一個9700Ω的電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的U－I圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U－I圖線．用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知()A．電源的電動勢為3V，內阻為0.5ΩB．電阻R的阻值為1ΩC．電源的輸出功率為4WD．電源的效率為50%8、鋰電池因能量高、環保無污染而廣泛使用在手機等電子產品中。現用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機電池的內阻為r，下列說法正確的是A．電能轉化為化學能的功率為UI－I2rB．充電器輸出的電功率為UI＋I2rC．電池產生的熱功率為I2rD．充電器的充電效率為100%9、A、B兩物體質量均為m，其中A帶電量為q（不考慮電量的變化）的負電荷，B不帶電，通過勁度系數為k的輕質彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開始時兩者都處于靜止狀態。現在施加一豎直向下的勻強電場，電場強度E=2mgq（g為重力加速度），若不計空氣阻力，則以下說法正確的是A．剛施加電場的瞬間，A的加速度大小為g，方向豎直向上B．B剛離開地面時，A的速度大小為2gmC．B剛離開地面時，A的速度大小為gmD．B剛離開地面時，A的加速度為零10、如圖，A、B兩燈電阻相同，當滑動變阻器的滑動端P向下滑動時（）A．通過電源的電流減小B．電阻R中的電流減小C．電燈A將變暗一些D．電燈B將變暗一些三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U﹣I圖象如圖所示；請回答下列問題：（1）如圖甲所示，在閉合開關之前為防止電表過載而移動滑動變阻器的滑動頭P，應滑到滑動變阻器__________處（填“a”或“b”）（2）現備有以下器材：A．干電池1個B．滑動變阻器（0~50Ω）C．電壓表（0~3V）D．電壓表（0~15V）E．電流表（0~0.6A）F．電流表（0~3A）其中電流表應選___________，電壓表應選___________。（填字母代號）（3）如圖乙是根據實驗數據畫出的U﹣I圖象，由此可知這個干電池的電動勢E=___________V，內電阻r=___________Ω。12．（12分）在實驗室中測量電源的電動勢和內電阻，可以提供的器材有：（a）待測電池：電動勢E、內電阻r（b）電流表A1：量程0.6A，內阻r1=0.5Ω（c）電流表A2：量程1mA，內阻r2=200Ω（d）滑動變阻器R1：阻值0～20Ω，額定電流2.5A（e）電阻箱R2：9999Ω以及開關、導線、坐標紙等．為了測量待測電池的電動勢和內電阻，請解答以下問題：（1）由于沒有電壓表，需將電流表A2和電阻箱R2改裝成量程為2V的電壓表，R2的電阻值應為__________Ω．（2）根據下圖中設計的測量該電池電動勢和內電阻的電路圖，利用筆畫線代替導線，將實物圖連接好__________。（3）根據實驗所測數據畫出I2-I1圖象如圖所示，由此圖象可求得該電源電動勢E=__V，內阻r=____Ω．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，R為電阻箱，V為理想電壓表．當電阻箱讀數為R1=2Ω時，電壓表讀數為U1=4V；當電阻箱讀數為R2=5Ω時，電壓表讀數為U2=5V．求：（1）電源的電動勢E和內阻r；（2）當電阻箱R讀數為多少時，電源的輸出功率最大？最大值為多少？14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距為d，a、b間加有電壓，b板下方空間存在著方向垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B．一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板進入勻強磁場，最后粒子打到b板的Q處(圖中未畫出)被吸收．已知P到b板左端的距離為2d，求：（1）進入磁場時速度的大小和方向；（2）P、Q之間的距離；（3）粒子從進入板間到打到b板Q處的時間．15．（12分）如圖所示，光滑平行的水平金屬導軌MNPQ相距L，在M點和P點間接一個阻值為R的電阻，在兩導軌間矩形區域內有垂直導軌平面豎直向下、寬為d的勻強磁場，磁感強度為B，一質量為m，電阻為r的導體棒ab，垂直擱在導軌上，與磁場左邊界相距S，現用一大小為F、水平向右的恒力拉ab棒，使它由靜止開始運動，棒ab在離開磁場前已經做勻速直線運動(棒ab與導軌始終保持良好的接觸，導軌電阻不計)。求：(1)棒ab在離開磁場右邊界時的速度；(2)棒ab通過磁場區的過程中整個回路所消耗的電能。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

根據電阻定律R=ρLS求出兩種接法時的電阻之比，再根據歐姆定律求出電流之比，從而得出C與D間接入的電壓為U【詳解】設長方體的高度為H，則A與B之間接入的電壓U1=4V時，電流為1A，則電阻為R=U1I=41Ω=4Ω，而由電阻定律R=ρabH?bc=2ρH=4Ω；當C與D間接入的電壓為U2=8V時【點睛】解決本題的關鍵掌握電阻定律R=ρLS的運用，以及部分電路歐姆定律2、D【解析】

A．根據電場線的疏密特點，在AB直線上，O點電場強度最小，則受到電場力最小，而在CD直線上，O點的電場強度最大，則受到電場力最大，因此電荷在O點受力不是最大，故A錯誤；BD．根據電場線的疏密可知，從A到B的過程中，電場強度先減小后增大，則電場力也先減小后增大；同理從C到D的過程中，電場強度先增大后減小，則電場力也先增大后減小，故B錯誤，D正確；C．電荷沿直線由A到B的過程中，無法確定電荷做功的正負，因此無法確定電勢能變化，故C錯誤。3、C【解析】

A．設P的初速度為v0，則當PQ共速時，彈簧彈性勢能最大，此時：最大彈性勢能：選項A錯誤；BCD．當彈簧再次恢復到原長時，設P的速度為v1，Q具有的速度為v2；則：解得：則Q具有的最大動能：物塊P的速度由v0先減小到0，然后反向增加到，則物塊P動能最小值為E3=0；選項C正確，BD錯誤；故選C.4、D【解析】試題分析：根據電阻定律可得：拉長后電阻變為,所以根據歐姆定律可得：,故,所以選D考點：考查了歐姆定律和電阻定律的應用點評：做本題的關鍵是知道導線在拉長時體積不變，然后根據公式判斷面積和長度的變化5、D【解析】

A．根據兩點的電勢差UAB＝＋10V，可知離電荷越遠電勢越高，可知Q為負電荷，A錯誤；B．BC為等勢面，故沿BC運動時電場力不做功，B錯誤；C．根據點電荷的電場強度公式，可知兩點的電場強度大小相等，但方向不同，不能說電場強度相等，C錯誤；D．根據AB兩點的電勢差為10v，且q為正電荷，故在A點時具有的電勢能比在B點時的大，而BC電勢相等，所以q在A點時具有的電勢能比在C點時的大，D正確。故選D。6、C【解析】試題分析：改裝電壓表需要串聯一個電阻進行分壓，所以BD錯誤，根據歐姆定律可得：，即，解得故選C，考點：考查了電壓表的改裝原理點評：電流表串聯電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯電阻為總電阻減去電流表的內阻．總電阻=量程除以滿偏電流．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

根據圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動勢，斜率大小讀出電源的內阻．圖線Ⅱ的斜率大小等于電阻R的大小．兩圖線的交點表示電阻R接在該電源的電壓和電流，求出電源的輸出功率和電源的效率．【詳解】A．由圖線圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動勢E=3V，其斜率大小等于電源的內阻，A正確；B．電阻R的阻值為，B正確；C．兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時電路中電流和路端電壓，則有U=2V，I=2A，電源的輸出功率為，C正確；D．電源的效率為，D錯誤．8、AC【解析】

A．充電時，電能轉化為化學能和熱能，根據能量守恒定律，有：UI=I2r+P化故電能轉化為化學能的功率P化=UI-I2r故A正確；B．充電器輸出的電功率為：P=UI，故B錯誤；C．電池產生的熱功率為P熱=I2r，故C正確；D．充電器的充電效率為：故D錯誤。9、BD【解析】

在未施加電場時，A物體處于平衡狀態，當施加上電場的瞬間，A物體受到的合力為施加的電場力，故F=2mg=ma，解得a=2g，方向向上，故A錯誤；當B離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加外力到B離開地面，彈簧的彈力做功為零，A上升的距離為x=2mgk，故合力做功全部轉化為A的動能，根據動能定理可知(qE-mg)x＝12mv2，解得v=2gmk，故B正確，C錯誤；當B離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，此時彈簧的彈力F=mg，對A物體，受到向上的電場力、重力以及彈簧的拉力，根據牛頓第二定律可知qE-F-mg=ma，解得a=0，故D【點睛】本題關鍵根據平衡條件和胡克定律求解出彈簧的形變量，最后結合幾何關系得到物體A上升的距離，注意明確彈性勢能的變化與形變量之間關系，利用動能定理可判斷。10、CD【解析】

滑動鍵P向下移動，變阻器電阻減小，外電路總電阻減小，根據：電路電流強度增大，路端電壓變小，A燈變暗，根據：路端電壓變小；所以UB減小，燈B電阻不變，所以燈B電流強度IB減小，燈B變暗。電路電流強度：因為I增大、IB減小，所以IC增大。AB錯誤，CD正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、aEC1.50.75【解析】

(1)[1]由圖可知，滑動變阻器右側接入電路，為了讓電流由最小開始調節，閉合開關之前滑動變阻器的滑動頭P應放在滑動變阻器接入電阻的最大值位置處，即a處；(2)[2][3]電源電動勢大約1.5V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇C，電路中的電流較小，因此電流表選擇0.6A量程的E；(3)[4][5]根據閉合電路的歐姆定律可知在圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.5V，圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為12、18001.82【解析】

（1）[1]根據串聯電路規律可知，串聯電阻阻值。（2）[2]根據電路圖可得出對應的實物圖，如圖所示；（3）[3][4]由全電路的歐姆定律：變形可得：由圖乙所示圖象可知，圖象縱軸截距和斜率的數據：解得：；。【點睛】本題需要掌握改裝電壓表串聯內阻的計算方法；應用圖象求電源電動勢與內阻時，從圖象上求出電流值，然后應用歐姆定律求出電源電動勢與內阻．要注意改裝原理的正確應用是解題的關鍵．四、計算