2025屆威海市重點中學物理高二第一學期期末學業水平測試試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、將陰極射線管的兩極與高壓電源連接后，加上如圖所示的磁場，可觀察到從負極向右射出的高速電子流的偏轉情況是A.平行于紙面向上偏轉 B.平行于紙面向下偏轉C.垂直于紙面向內偏轉 D.垂直于紙面向外偏轉2、下列物理量屬于矢量的是A.電勢 B.電勢能C.電功率 D.磁感應強度3、如圖所示，勻強磁場垂直于圓形線圈指向紙里，a、b、c、d為圓形線圈上等距離的四點，現用外力作用在上述四點，將線圈拉成正方形．設線圈導線不可伸長，且線圈仍處于原先所在的平面內，則在線圈發生形變的過程中()A.線圈中將產生adcb方向的感應電流B.線圈中產生感應電流的方向先是abcd，后是adcbC.線圈中將產生abcd方向的感應電流D.線圈中無感應電流產生4、我校高二學生吳偉同學，學習完速度選擇器后，設計了一款新式速度選擇器，如圖所示，OO′為圓柱筒的軸線，磁感應強度大小為B的勻強磁場的磁感線平行于軸線方向，在圓筒壁上有許多小孔，許多比荷為的正粒子以不同速度、入射角在垂直于軸線的平面內射入小孔，且均從與OO′軸線對稱的小孔中射出，入射角為30°的正粒子的速度大小為6km/s，則入射角為37°的粒子速度大小為A.1km/s B.3.75km/sC.5km/s D.7.2km/s5、如圖所示，內阻為1Ω的直流電動機和8Ω定值電阻并聯之后接在直流電源上，電源電動勢6V，內阻1Ω．開關S閉合后，電動機正常工作，此時理想電壓表讀數為4V．則下列說法正確的是（）A.流過電動機的電流為4AB.流過電源的電流為4.5AC.電動機的輸入功率等于6WD.電動機的輸出功率等于5.75W6、通電長直導線中有恒定電流I，方向豎直向上，矩形線框與直導線在同一豎直面內，現要使線框中產生沿abcd方向的感應電流，則應使線框（）A.稍向左平移B.稍向右平移C.稍向上平移D.以直導線為軸勻速轉動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個電子以速度v垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中，則（）A.磁場對電子的作用力始終不變B.磁場對電子的作用力始終不做功C.電子的速度始終不變D.電子的動能始終不變8、如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L9、如圖所示，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向a端移動時，則()A.電壓表讀數變大B.電流表讀數變大C.上消耗的功率逐漸增大D.質點P將向上運動10、如圖所示，回旋加速器D形盒的半徑為R，所加磁場的磁感應強度為B，粒子在D形盒的中心由靜止出發，經電壓為U的交變電場加速后進入磁場。設粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為T，忽略粒子在電場中的加速時間。下列說法正確的是（）A.交變電場的周期應為TB.B越大，粒子的出射速度越小C.U越大，粒子的出射速度越大D.R越大，粒子的出射速度越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）李強同學測量一個某種材料圓柱體的電阻率，實驗過程中螺旋測微器和電阻箱的測量結果分別如圖甲、乙所示，其讀數分別為甲：___________mm、乙：___________Ω。12．（12分）某同學用圖甲所示的電路測量一節干電池的電動勢和內電阻。(1)圖甲中虛線框內是滿偏電流為100mA、表頭電阻為9Ω的毫安表改裝成量程為0.6A的電流表，電阻的電阻值為______Ω；(2)某次測量時毫安表的示數如圖乙所示，則此時通過電池的電流為______A；(3)實驗得到的電壓表示數U與毫安表示數I的關系圖線如圖丙所示。則電源的電動勢______V，內阻______Ω。（結果均保留到小數點后兩位）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在xOy平面內y軸左側（含y軸）有一沿y軸負向的勻強電場，一質量為m，電荷量為q的帶正電粒子從x軸上P處以速度v0沿x軸正向進入電場，從y軸上Q點離開電場時速度方向與y軸負向夾角θ=30°，Q點坐標為（0，－d），在y軸右側某區域內（圖中未畫出）有一與坐標平面垂直的有界勻強磁場，磁場磁感應強度大小，粒子能從坐標原點O沿x軸負向再進入電場．不計粒子重力，求：（1）電場強度大小E；（2）粒子在有界磁場中做圓周運動的半徑r和時間t；（3）如果有界勻強磁場區域為半圓形，求磁場區域的最小面積S14．（16分）由小型直流電動機、小燈泡和定值電阻組成的電路如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內阻r=1Ω，定值電阻R=4Ω，小燈泡上標有“3V，4.5W”字樣，電動機線圈電阻=1Ω，開關閉合時，小燈泡和電動機均恰好正常工作。求：(1)電路中電流強度；(2)電動機的總功率；(3)電動機的輸出功率。15．（12分）如圖所示，兩根足夠長平行金屬導軌MN、PQ固定在傾角的絕緣斜面上，頂部接有一阻值的定值電阻，下端開口，導軌間距。整個裝置處于磁感應強度為B=2T的勻強磁場中，磁場方向垂直斜面向上。質量m=2kg的金屬棒ab，由靜止釋放后沿導軌運動，運動過程中始終豎直于導軌，且與導軌接觸良好，金屬棒與導軌間的動摩擦因數。從金屬棒ab開始運動至達到最大速度的過程中，金屬棒下降的豎直高度為h=6m。金屬棒ab在導軌之間的電阻，電路中其余電阻不計。，，取。求：(1)金屬棒ab達到的最大速度。(2)金屬棒ab沿導軌向下運動速度v=5m/s時的加速度大小。(3)從金屬棒ab開始運動至達到最大速度過程中，電阻R上產生的熱量。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】應用左手定則判斷洛侖茲力時，四指指向電子運動的反方向，磁場穿過掌心，則大拇指方向垂直于紙面向外，故電子束垂直紙面向外偏轉；A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析相符，故D正確；故選D。2、D【解析】標量只有大小沒有方向，而矢量既有大小也有方向，可以根據這個特征求解本題【詳解】電勢、電勢能、電功率只有大小沒有方向所以是標量，而磁感應強度既有大小也有方向為矢量，故D對故選D3、C【解析】當由圓形變成正方形時磁通量變小，根據楞次定律知在線圈中將產生abcda方向的感應電流．故選C4、C【解析】正粒子在勻強磁場中在洛倫茲力作用下進行勻速圓周運動，則有洛倫茲力作為向心力，即，得：，勻強磁場的磁感應強度B不變，正粒子的比荷不變，所以為常數。設圓柱筒半徑R，則有如圖所示幾何關系：那么，入射角為θ的正粒子在勻強磁場中做圓周運動的半徑，入射角為30°正粒子的速度v1=6km/s，半徑，入射角為37°的粒子速度為v2，半徑，因為，所以。A.1km/s。與上述結論不符，故A錯誤；B.3.75km/s。與上述結論不符，故B錯誤；C.5km/s。與上述結論相符，故C正確；D.7.2km/s。與上述結論不符，故D錯誤。故選：C5、C【解析】根據內外之和等于電源的電動勢和歐姆定律，求出流過電源的電流．由歐姆定律求出燈泡的電流，由總電流與燈泡電流之差求出流過電動機的電流．電動機對外輸出的機械功率等于電動機的總功率與內部發熱功率之差【詳解】對定值電阻：，電動機與燈泡并聯，則電動機的電流I電＝I﹣I燈＝2A﹣0.5A＝1.5A，故A錯誤；電源的輸出電壓：U＝E﹣Ir，則有：I=2A，故B錯誤；電動機的輸入功率等于P＝UI電＝4×1.5＝6W，故C正確；根據能量轉化與守恒定律得，電動機的輸出功率P出＝UI電﹣I電2r＝6﹣2.25＝3.75W，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤【點睛】本題是含有電動機的問題，電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不適用6、B【解析】A．由右手螺旋定則判斷知，線框所在處磁場方向向里，使線框向左平移，穿過線框的磁通量將增加，產生感應電流，根據楞次定律判斷知感應電流方向沿逆時針方向，與圖示相反，故A錯誤；B．使線框向右平移，穿過線框的磁通量將減小，產生感應電流，根據楞次定律判斷知感應電流方向沿順時針方向，與圖示相同，故B正確；C．線框稍向上平移，穿過線框的磁通量不變，不產生感應電流，故C錯誤；D．以直導線為軸勻速轉動時，穿過線框的磁通量不變，不產生感應電流。故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A.電子以速度v垂直進入磁場后，受到洛倫茲力的作用，做勻速圓周運動，向心力由洛倫茲力提供，方向時刻變化，選項A錯誤；B.磁場對電子的作用力即洛倫茲力始終與速度方向垂直，始終不做功，選項B正確；C.電子做勻速圓周運動，它的速度方向時刻在變化，選項C錯誤；D.洛倫茲力始終與速度方向垂直，始終不做功，所以電子的動能始終不變，選項D正確。故選BD。8、8cm【解析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數據，解得，代入數據得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯立求得代入數據解得9、BC【解析】A．B．由圖可知，R2與R3并聯后，再與R1串聯接在電源兩端，電容器與R3并聯，當滑動變阻器R2的滑片向a端移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流增大，路端電壓減小，則R1兩端的電壓增大，可知并聯部分的電壓減小，電壓表讀數減小；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，根據并聯電路的特點可知:流過R2的電流增大，則電流表示數增大，故A錯誤，B正確；C．因R1電流增大，由可知，R1上消耗的功率增大，故C正確；D．因電容器兩板的電壓減小，板間場強減小，質點P受到的向上電場力減小，故質點P將向下運動，故D錯誤。故選BC。10、AD【解析】A．要使粒子能夠在回旋加速器持續的加速，交變電場的周期應和粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期相同，A正確；BCD．粒子最終從D形盒中飛出，洛倫茲力提供向心力：粒子出射速度的最大值：可知粒子出射速度與加速電壓無關，越大，粒子出射速度越大，越大，粒子出射速度越大，BC錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.5.316（5.315～5.318）②.638【解析】[1]由圖甲所示螺旋測微器可知，固定刻度示數為5mm，可動刻度示數為31.6×0.01mm=0.316mm，螺旋測微器示數為5mm+0.316mm=5.316mm；[2]由圖乙所示電阻箱可知，電阻箱的阻值為：6×100+3×10+8×1=638Ω。12、①.1.8②.0.24③.1.50④.2.22【解析】(1)[1]電阻為：(2)[2]毫安表量程為100mA，由圖示表盤可知，其分度值為0.2mA，示數為：40.0mA，毫安表內阻為R1阻值的5倍，則流過R1的電流是流過毫安表電流的5倍，則流過電池的電流為：

0mA+40.0mA×5=240.0mA=0.24A(3)[3][4]由圖示電源U-I圖象可知，電源電動勢為：E=1.50V電源內阻為：四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2），（3）【解析】（1）設粒子從Q點離開電場時速度大小為v，由粒子在勻強電場中做類平拋運動得由動能定理得解得（2）設粒子從N點進入、N點離開半圓形勻強磁場區域粒子在磁場中做勻速圓周運動半徑為r，圓心為O1，如圖所示由解得由幾何關系知，粒子能從坐標原點O沿x軸負向再進入電場，粒