四川省眉山市高中2025屆高三上物理期中復習檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，物塊A放在傾斜的木板上，木板的傾角α分別為和時物塊所受摩擦力的大小恰好相等，則物塊和木板間的動摩擦因數為()A．B．C．D．2、如圖所示，用相同導線繞成的兩個單匝線圈a、b的半徑號分別為r和2r，圓形勻強磁場B的邊緣恰好與a線圈重合，若磁場的磁感應強度均勻增大，開始時的磁感應強度不為0，則（）A．任意時刻，穿過a、b兩線圈的磁通量之比均為1:4B．兩線圈中產生的感應電動勢之比為1:2C．通過a、b兩線圈中電荷量之比為2:1D．相同時間內a、b兩線圈產生的熱量之比為4:13、如圖所示，光滑水平面上放著足夠長的木板B，木板B上放著木塊A，A．B接觸面粗糙.現用一水平拉力F作用在B上，使其由靜止開始運動，用f1代表B對A的摩擦力，f2代表A對B的摩擦力，下列說法正確的有（）A．F做的功一定等于A．B系統動能的增加量B．F做的功一定小于A．B系統動能的增加量C．f1對A做的功等于A動能的增加量D．f2對B做的功等于B動能的增加量4、如圖所示，一半徑為R，粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑水平．質量為m的物塊（可視為質點）自P點上方處由靜止開始下落，恰好從P點進入軌道．已知物塊第一次飛離Q點后上升的最大高度為R，N點為軌道最低點．用W表示物塊第一次從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功（不計空氣阻力）．則A．，物塊第一次回落后恰能返回到P點B．，物塊第一次回落后恰能返回到P點C．，物塊第一次回落，經P點后，將繼續上升一段距離D．，物塊第一次回落，經P點后，將繼續上升一段距離5、如圖所示，欲使在粗糙斜面上勻速下滑的木塊A停下，可采用的方法是（）A．增大斜面的傾角B．在木塊A上再疊放一個重物C．對木塊A施加一個豎直向下的力D．對木塊A施加一個垂直于斜面的力6、某同學特別喜歡逛玩具商店，一次逛店時一件玩具引起了他的極大興趣，玩具的主體部分是由5個完全相同的彈性小球組成，如圖所示，小球由等長輕線懸掛并排處于同一水平高度，對此玩具裝置作出的如下判斷，你認為正確的是A．如果將最右邊的1個小球提起一定高度由靜止釋放，該小球碰撞后幾乎反彈到同一高度，另幾個小球幾乎保持原地不動B．如果將最右邊的2個小球一起（不改變位置關系）提起一定高度由靜止釋放，則這2個小球與左方小球碰撞后立即反彈，另3個小球立即向左運動C．如果將最右邊的3個小球一起（不改變位置關系）提起一定的高度由靜止釋放，則發生碰撞后，這5個小球一起向左運動D．無論一次提起幾個小球，這些小球將依次發生彈性碰撞，速度互換，最終表現為一側下去幾個小球，另一側將起來等數量的幾個小球二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，輕彈簧一端固定在O點，另一端與質量為m的帶孔小球相連，小球套在豎直固定桿上，輕彈簧自然長度正好等于O點到固定桿的距離OO′．小球從桿上的A點由靜止釋放后，經過B點時速度最大，運動到C點時速度減為零．若在C點給小球一個豎直向上的初速度v，小球恰好能到達A點．整個運動過程中彈簧始終在彈性限度內，下列說法正確的是（）A．從A下滑到O′的過程中，彈簧彈力做功的功率先增大后減小B．從A下滑到C的過程中，在B點時小球、彈簧及地球組成的系統機械能最大C．從A下滑到C的過程中，小球克服摩擦力做的功為D．從C上升到A的過程中，小球經過B點時的加速度為08、如圖所示．水平圓盤可以繞豎直轉軸OO′轉動，在距轉軸不同位置處通過相同長度的細繩懸掛兩個質量相同的物體AB，不考慮空氣阻力的影響，當圓盤繞OO′軸勻速轉動達到穩定狀態時，下列說法正確的是（）A．A比B的線速度小B．A與B的向心加速度大小相等C．細繩對B的拉力大于細繩對A的拉力D．懸掛A于B的纜繩與豎直方向的夾角相等9、如圖所示，物塊從表面粗糙的固定斜面頂端勻速下滑至底端，下列說法正確的有()A．物塊的機械能減少B．物塊的機械能守恒C．物塊減少的重力勢能全部轉化為動能D．物塊減少的機械能全部轉化為內能10、如圖所示，質量為M的長木板靜止在光滑水平面上，上表面OA段光滑，AB段粗糙且長為l，左端O處固定輕質彈簧，右側用不可伸長的輕繩連接于豎直墻上，輕繩所能承受的最大拉力為F．質量為m的小滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，彈簧的壓縮量達最大時細繩恰好被拉斷，再過一段時間后長木板停止運動，小滑塊恰未掉落．則（）A．細繩被拉斷瞬間木板的加速度大小為B．細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為C．彈簧恢復原長時滑塊的動能為D．滑塊與木板AB間的動摩擦因數為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示的裝置來驗證動量守恒定律．滑塊在氣墊導軌上運動時阻力不計，其上方擋光條到達光電門D（或E），計時器開始計時；擋光條到達光電門C（或F），計時器停止計時．實驗主要步驟如下：a．用天平分別測出滑塊A、B的質量mA、mB；b．給氣墊導軌通氣并調整使其水平；c．調節光電門，使其位置合適，測出光電門C、D間的水平距離L；d．A、B之間緊壓一輕彈簧（與A、B不粘連），并用細線拴住，如圖靜置于氣墊導軌上；e．燒斷細線，A、B各自運動，彈簧恢復原長前A、B均未到達光電門，從計時器上分別讀取A、B在兩光電門之間運動的時間tA、tB．（1）實驗中還應測量的物理量x是______________________（用文字表達）．（2）利用上述測量的數據，驗證動量守恒定律的表達式是______________（用題中所給的字母表）．（3）利用上述數據還能測出燒斷細線前彈簧的彈性勢能Ep=__________________（用題中所給的字母表示）．12．（12分）“測定滑塊與木板之間的動摩擦因數”的實驗裝置如圖甲所示，實驗器材有：右端帶有定滑輪的長木板、帶有遮光條的滑塊、光電門(包含數字計時器)、拉力傳感器、托盤、砝碼及細線、游標卡尺等．實驗時，讓滑塊從A處由靜止開始運動，測得拉力傳感器的示數F，遮光條擋光的時間Δt，滑塊(包括遮光條和拉力傳感器)的總質量為M，滑塊上的遮光條從A到光電門的距離為s，遮光條的寬度為d，重力加速度為B．（1）為了減小實驗誤差，下列實驗要求正確的是________．A．將帶有定滑輪的長木板調至水平B．調節定滑輪，使牽引滑塊的細繩與長木板平行C．托盤和砝碼的總質量（設為m）必須遠小于MD．A與光電門之間的距離應適當大些（2）用游標卡尺測量遮光條的寬度，如圖乙所示，其讀數為d=________cm；（3）用題中已知的物理量符號表示，滑塊與木板之間的動摩擦因數表達式為μ=____________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）某興趣小組舉行遙控賽車比賽，比賽軌道如圖所示：水平直線軌道與光滑豎直半圓軌道BC相切與B點。一輛可視為質點的賽車從起點A出發，沿水平直線軌道向右運動，由B點進入光滑豎直半圓軌道，并通過軌道的最高點C作平拋運動，落地后才算完成比賽。已知光滑豎直半圓軌道半徑為R=O.4m、賽車質量m=O.5kg。通電后賽車電動機以額定功率P=4W工作，賽車在水平軌道上受到的阻力恒為f=O.4N，g取1Om/s2。則：(1)若AB間距離L=10m，要使賽車能完成比賽，電動機至少要工作多長時間？(2)若賽車在B點速度vB=8.Om/s，問半圓軌道半徑R改變為多少時賽車能完成比賽，且落地點離B點最遠？14．（16分）簡諧運動是一種理想化運動模型，是最簡單、最基本的機械振動，具有如下特點：①簡諧運動的物體受到回復力的作用，回復力的大小與物體偏離平衡位置的位移成正比，回復力方向與物體偏離平衡的位移方向相反，即：，其中為振動系數，其值由振動系統決定；②簡諧運動是一種周期性運動，其周期與振動物體的質量的平方根成正比，與振動系統的振動系數的平方根成反比，而與振幅無關，即：．如圖所示，擺長為、擺球質量為的單擺在間做小角度的自由擺動，當地重力加速度為．試論證分析如下問題：（）當擺球運動到點時，擺角為，畫出擺球受力的示意圖，并寫出此時刻擺球受到的回復力大小．（）請結合簡諧運動的特點，證明單擺在小角度擺動周期為．（提示：用弧度制表示角度，當角很小時，，角對應的弧長與它所對的弦長也近似相等）15．（12分）滑板運動是一項驚險而又刺激的極限運動，深受青少年喜愛。現將其一條賽道簡化成如下模型，如圖所示,半圓形光滑軌道固定在水平地面上,半圓的直徑與地面垂直.滑板運動員用小物塊替代，小物塊以速度v從軌道下端滑入軌道,并從軌道上端水平飛出,小物塊落地點到軌道下端的距離與軌道半徑有關,求：軌道半徑r為多大時，此距離有最大值，最大值為多少？(重力加速度大小為g)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

當木板傾角是時，物塊受到是靜摩擦力，其大小等于mgsin，當木板傾角是時，物塊受到是滑動摩擦力，其大小等于，由題意可得解得故C正確。2、C【解析】任意時刻，穿過a、b兩線圈的磁感線條數，磁通量相等，磁通量之比為1：1．故A錯誤．根據法拉第電磁感應定律得：E=△B△tS，S=πr2，則S相等，△B△t也相等，所以感應電動勢相等，感應電動勢之比為1：1，故B錯誤．線圈a、b的半徑分別為r和2r，周長之比為1：2，電阻之比為1：2，根據歐姆定律知I=ER，得a、b兩線圈中產生的感應電流之比為2：1．故C正確．根據焦耳定律得Q=E2Rt，得相同時間內a、b兩線圈產生的熱量之比為點睛：解決本題時要注意在公式Φ=BS和法拉第電磁感應定律中，S為有效面積，能熟練運用比例法研究這類問題．3、C【解析】

AB．由于開始運動后，A是否會相對于B發生運動，從題中給出的條件不能判斷，所以也就是如果兩者發生運動，對整體分析可知，F做功轉化為轉化為兩個物體的動能及系統的內能；故F做的功大于AB系統動能的增加量，AB錯誤；C．由動能定理可知，對A做的功等于A動能的增加量，C正確；D．對B做負功，和拉力做功的總功等于B動能的增加量，D錯誤。故選C。4、D【解析】

質點從靜止下落到飛離Q點后上升的最大高度的過程應用動能定理：，可得摩擦力做的功為：由于質點從Q返回到N點的過程與從P運動到N的過程相比，經過同一高度點的速度小，向心力小，則軌道對質點的支持力小，摩擦力也小，所以有：WfPN＞WfQN．物塊第一次從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功，由上可知質點從Q返回到P點的過程中摩擦力做功小于，從右側最高點返回到P點根據動能定理：，可知v＞0，所以質點到達P后，繼續上升一段距離．A．，物塊第一次回落后恰能返回到P點．故A不符合題意．B．，物塊第一次回落后恰能返回到P點．故B不符合題意．C．，物塊第一次回落，經P點后，將繼續上升一段距離．故C不符合題意．D．，物塊第一次回落，經P點后，將繼續上升一段距離．故D符合題意．5、C【解析】解：A、木塊勻速滑下，合力為零，根據平衡條件得mgsinθ=μmgcosθ，解得：μ=tanθ；若增大斜面的傾角θ，重力沿斜面向下的分力mgsinθ增大，滑動摩擦力f=μmgcosθ減小，木塊的合力方向將沿斜面向下，木塊做加速運動．故A錯誤．B、對木塊A施加一個豎直向向上但小于木塊A重力的力，有：（mg﹣F）sinθ﹣μ（mg﹣F）cosθ=（mg﹣F）sinθ﹣tanθ（mg﹣F）cosθ=0依然平衡，做勻速直線運動，不會停止運動，故B錯誤；C、對木塊A施加一個豎直向下的力，有：（mg+F）sinθ﹣μ（mg+F）cosθ=（mg+F）sinθ﹣tanθ（mg+F）cosθ=0依然平衡，做勻速直線運動，不會停止運動，故C錯誤；D、對木塊A施加一個垂直于斜面的力F，重力沿斜面向下的分力mgsinθ不變，而滑動摩擦力f=μ（F+mgcosθ）增大，合力方向沿斜面向上，木塊做減速運動，可以使木塊停下，故D正確；故選D【點評】本題關鍵根據物體做減速運動的條件，分析木塊的合力方向，當合力方向與速度反向時，木塊能做減速運動，可以停下來．6、D【解析】

完全相同的彈性小球之間的碰撞為彈性碰撞，總動量守恒，總動能守恒。設入射小球初速度為v0，碰后速度為v1，被碰小球碰后速度為v2，則m1聯立解得：v1=0，v2=v0，碰撞過程兩者交換速度故無論一次提起幾個小球，這些小球將依次發生彈性碰撞，速度互換，最終表現為一側下去幾個小球，另一側將起來等數量的幾個小球，故ABC錯誤，D正確。故選：D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．小球從A下滑到的過程，彈力與運動方向成銳角，彈力做正功，但彈力在減小，速度在增大，而在彈力為零，功率為零，則整個過程彈力的功率先增大后減小，A正確；B．由全過程的運動可知一直有摩擦力做負功，系統的機械能一直減小，故初位置A的機械能最大，而B點僅動能最大，B錯誤；C．從A到C由動能定理從C到A，由于路徑相同和初末位置相同，則、、的大小相同，則有解得，C正確；D．物體從A至C經過B時速度最大可知加速度為零，此時摩擦力向上與彈簧彈力、桿的彈力、重力的合力為零；而從C至A運動時同位置Ｂ的彈簧彈力和重力均相同，但摩擦力向下，故合力不為零，D錯誤。故選AC。8、AC【解析】解：A、A、B共軸轉動，角速度相等，A轉動的半徑小于B，根據v=rω知，A比B的線速度小，故A正確．B、根據a=rω2知，A、B轉動的半徑不等，則向心加速度大小不等，故B錯誤．CD、如圖，對任一物體，受力如圖，由繩子的拉力與重力的合力提供向心力，則得：mgtanθ=mω2r，則得tanθ=，由于B的半徑較大，則B繩與豎直方向的夾角較大，根據平行四邊形定則知，細繩對B的拉力較大，故C正確，D錯誤．故選AC．9、AD【解析】A、由于接觸面粗糙，不滿足守恒條件，故機械能不守恒，故選項A正確，選項B錯誤；C、根據能量守恒，可以知道物塊減少的重力勢能轉化為動能和內能，故選項C錯誤，選項D正確．10、ABD【解析】

A．細繩被拉斷瞬間，對木板分析，由于OA段光滑，沒有摩擦力，在水平方向上只受到彈簧給的彈力，細繩被拉斷瞬間彈簧的彈力等于F，根據牛頓第二定律有：解得，A正確；B．滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，到彈簧壓縮量最大時速度為0，由系統的機械能守恒得：細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為，B正確；C．彈簧恢復原長時木板獲得的動能，所以滑塊的動能小于，C錯誤；D．由于細繩被拉斷瞬間，木板速度為零，小滑塊速度為零，所以小滑塊的動能全部轉化為彈簧的彈性勢能，即，小滑塊恰未掉落時滑到木板的右端，且速度與木板相同，設為，取向左為正方向，由動量守恒定律和能量守恒定律得聯立解得，D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、光電門E、F間的水平距離【解析】

(1、2)由于A、B原來靜止，總動量為零，驗證動量守恒定律的表達式為：，所以還需要測量的物理量是光電門E、F間的水平距離；(3)彈簧恢復原長時，A滑塊的速度為：，B滑塊的速度為：，根據能量守恒定律得：Ep=12、ABD0.525【解析】

（1）為了保證木板對木塊的支持力等于重力，故帶有定滑輪的長木板調至水平，A正確；為了保證繩子上的拉力為水平的拉力，故牽引滑塊的細繩應與長木板平行，B正確；細線對滑塊的拉力是通過拉力傳感器測量的，故對托盤和砝碼的總質量沒有要求，C錯誤；利用光電門測量木塊的速度，當距離適當大些，測量的速度更準確，D正確；（2）由圖乙所示游標卡尺可知，主尺示數為0.5cm，游標尺示數為；（3）通過光電門的速度，整個過程根據動能定理可知，解得．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、