長治市重點中學2025屆高二物理第一學期期末檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電阻R1、R2與交流電源按照圖甲所示方式連接，R1=10Ω，R2=20Ω。合上開關S后，通過電阻R2的正弦式交變電流i隨時間t變化的情況如圖乙所示。則（）A.通過R1的電流有效值是1.2AB.R1兩端的電壓有效值是6VC.通過R2的電流有效值是1.2AD.R2兩端的電壓最大值是6V2、如圖甲、乙、丙所示為三種帶電體產生的電場線和等差等勢面示意圖，下列說法正確的是A.甲圖中A點和B點電場強度相同B.乙圖中帶電體表面上C點和D點電勢相等C.丙圖中F點電勢大于E點電勢，電子在F點電勢能比較大D.甲圖中A、B連線中點電勢等于3、圖甲為磁控健身車，圖乙為其車輪處結構示意圖，在金屬飛輪的外側有一些磁鐵（與飛輪不接觸），人用力蹬車帶動飛輪旋轉時，磁鐵會對飛輪產生阻礙，拉動旋鈕拉線可以改變磁鐵與飛輪間的距離．下列說法正確的有（）A.飛輪受到阻力主要來源于磁鐵對它的安培力B.飛輪轉速一定時，磁鐵越靠近飛輪，飛輪受到的阻力越小C.磁鐵和飛輪間的距離一定時，飛輪轉速越大，受到的阻力越小D.磁鐵和飛輪間的距離一定時，飛輪轉速越大，內部的渦流越弱4、小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，則下列說法中錯誤的是（）A.隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大B.對應P點，小燈泡的電阻為C.對應P點，小燈泡的電阻為D.對應P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的面積5、在勻強磁場中一帶電粒子正在做勻速圓周運動，如果突然將它的速度增大到原來的3倍，則()A.粒子的運動軌跡半徑不變，運動周期減為原來的三分之一B.粒子的運動軌跡半徑是原來的3倍，周期不變C.粒子的運動軌跡半徑和周期都是原來的3倍D.粒子的運動軌跡半徑是原來的4倍，周期不變6、運動員進行“折返跑”訓練，從A點沿直線跑到B點，又從B點沿原路返回A點，A、B兩點直線距離為50m，此過程中運動員的路程和位移的大小分別是()A.50m,0 B.100m,0C.50m,100m D.100m,100m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J，不計空氣的阻力，則下列判斷正確的是()A.小球水平位移x1與x2的比值為1∶3 B.小球水平位移x1與x2的比值為1∶4C.小球落到B點時的動能為32J D.小球從A點運動到B點的過程中最小動能為6J8、如圖，虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，已知b等勢面上的電勢為1V.一電子經過a等勢面時的動能為4eV，速度方向沿電場方向，從a等勢面到d等勢面的過程中克服電場力所做的功為3eV.下列說法正確的是A.電子在c等勢面上的電勢能為零B.電子到達f等勢面動能為零C.電子初速度方向垂直虛線向右D.a、b兩等勢面間的電勢差為2V9、如圖所示，一陰極射線管，左側不斷有電子射出，若在管的正下方放一通電直導線AB時，發現射線的徑跡向下彎曲，則（）A.導線中的電流從B到AB.導線中的電流從A到BC.若要使電子束的徑跡向上彎曲，可以改變AB中的電流方向來實現D.電子束的徑跡與AB中的電流無關10、如圖所示，一個帶少量正電的小球沿著光滑、水平、絕緣的桌面向右運動，其速度方向垂直于一個水平方向的勻強磁場，小球飛離桌面邊緣后最后落到水平地板上．設其在空中飛行時間為t1，水平射程為s1，著地時速率為v1；撤去磁場，其余條件不變．小球飛行時間為t2，水平射程為s2著地時速率為v2，若不計空氣阻力，則以下答案中正確的是（）A.s1>s2 B.t1>t2C.v1>v2 D.v1=v2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為一束粒子沿Ob方向垂直射入勻強磁場，在磁場中分為a、b、c三束，其中a、c發生偏轉，b不發生偏轉，不計粒子的重力，請判斷，在a、b、c三束粒子中，帶正電的是______，帶負電的是______。12．（12分）某同學用多用電表測一定值電阻的電阻值，當他選用“×10Ω”電阻擋進行測量時，指針示數如圖中a位置。為了更準確地測量該電阻的電阻值，該同學換用了另一電阻擋進行測量，示數如圖中b位置。(1)該同學換用的另一電阻擋為______；A.×1ΩB.×10ΩC.×100Ω(2)該電阻的電阻值為______Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）電流天平可以用來測量勻強磁場的磁感應強度的大小．測量前天平已調至平衡，測量時，在左邊托盤中放入質量m1=15.0g的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個質m0=10.0g，匝數n=10，下邊長l=10.0cm的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測磁場中，如圖18甲所示，線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計連接導線對線圈的作用力，電源電動勢E=1.5V，內阻r=1.0Ω．開關S閉合后，調節可變電阻使理想電壓表示數U=1.4V時，R1=10Ω，此時天平正好平衡．g=10m/s2，求：（1）線圈下邊所受安培力的大小F，以及線圈中電流的方向；（2）矩形線圈的電阻R；（3）該勻強磁場磁感應強度B的大小14．（16分）釷核發生衰變生成鐳核并放出一個粒子．設該粒子的質量為m、電荷量為q，它進入電勢差為U的帶窄縫的平行平板電極和間電場時，其速率為，經電場加速后，沿Ox方向進入磁感應強度為B、方向垂直紙面向外的有界勻強磁場，Ox垂直平板電極，如圖所示，整個裝置處于真空中(1)寫出釷核衰變方程；(2)求粒子離開電場時的速度大小；(3)求粒子在磁場中沿圓弧運動的軌道半徑R；(4)求粒子在磁場中運動的周期T15．（12分）如圖所示，電源的電動勢E=80V，內電阻，，為電阻箱。求：（1）當電阻箱阻值為多大時，電阻消耗的功率最大？（2）當電阻箱阻值為多大時，電阻箱消耗的功率最大？（3）當電阻箱阻值為14Ω時，電源輸出功率為多少？此時電源效率為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AC．由交流電圖像可知，交變電流最大值即通過R2的電流最大值為A，根據正弦交流電最大值與有效值的關系可知，其有效值為0.6A，由于R1與R2串聯，所以通過R1的電流有效值也是0.6A，故AC錯誤；B．R1兩端電壓有效值為U1=IR1=6V故B正確；D．R2兩端電壓最大值為故D錯誤。故選B。2、B【解析】A．由甲圖可知A、B兩點離正電荷距離相等，所以A、B兩點電場強度大小相等，方向不同，故A錯誤.B．乙圖中帶電體表面上C點和D點是等勢體，故兩點電勢相等，所以B正確.C．由丙圖可知電場線方向向上，所以F點電勢大于E點電勢，電子由F點到E點電場力做負功，電勢能增加，故電子在E點電勢較大，故C錯誤.D．由甲圖可知A、B兩點電勢相等，弧AB在一個等勢面上，但因A、B連線并不是一個等勢面，根據電場線方向可知連線中點電勢大于A、B兩點的電勢，即大于，故D錯誤.3、A【解析】根據法拉第電磁感應定律分析感應電流的大小，金屬飛輪在磁場中運動的過程中產生感應電流，與磁場之間產生相互作用的電磁阻力，由此分析即可【詳解】A.飛輪在磁場中做切割磁感線運動，所以會產生電源電動勢和感應電流，根據楞次定律可知，磁場會對運動的飛輪產生阻力，以阻礙飛輪與磁場之間的相對運動，所以飛輪受到的阻力主要來源于磁鐵對它的安培力．故A正確；B.磁鐵越靠近飛輪，飛輪處的磁感應強度越強，所以在飛輪轉速一定時，磁鐵越靠近飛輪，飛輪上產生的感應電動勢和感應電流越大，飛輪受到的阻力越大．故B錯誤；C.磁鐵和飛輪間的距離一定時，根據法拉第電磁感應定律可知，飛輪轉速越大，飛輪上產生的感應電動勢和感應電流越大；飛輪受到的阻力越大．故C錯誤；D.磁鐵和飛輪間的距離一定時，根據法拉第電磁感應定律可知，飛輪轉速越大，飛輪上產生的感應電動勢和感應電流越大．故D錯誤故選A4、C【解析】A．圖線上的點與原點O連線的斜率的倒數表示電阻值，由圖可知隨著所加電壓的增大，圖線斜率減小，故小燈泡的電阻增大，A正確，不符合題意；BC．由歐姆定律可得，對應P點，小燈泡的電阻為B正確，不符合題意，C錯誤，符合題意；D．對應P點，小燈泡的功率為P=U1I2與題圖中PQOM所圍的面積相等，D正確，不符合題意。故選C。5、B【解析】帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律，有：，解得：①；周期為：

②；由①式，半徑與速度成正比，速度變為3倍，故半徑變為3倍；由②式，周期與速度無關，故周期不變；故選B6、B【解析】根據位移和路程的定義進行分析解答；明確物體回到原點時，位移為零；而路程是物體實際經過的軌跡的長度【詳解】由題意可知，運動員返回到原點，故位移為零；而路程等于經過軌跡的長度；故路程為s=2×50=100m；故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB.將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動。豎直分運動為豎直上拋運動，所以從A到M和從M到B點所用時間相等。對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續相等的時間間隔內位移之比為1:3，則小球水平位移x1與x2的比值為1：3，故A正確，B錯誤；C.設物體在B動能為EkB，水平分速度為vBx，豎直分速度為vBy，由豎直方向運動對稱性知：，對于水平分運動運用動能定理得：Fx1=，F(x1+x2)=，由A可知x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F(x1+x2)=24J，故EkB==32J，故C正確；D.小球受力如圖所示：小球受到的合外力為重力和電場力的合力，為恒力，在A點時，合力與速度之間的夾角為鈍角，在M點時，合力與速度之間的夾角為銳角，即合力先做負功后做正功，小球的動能先減小后增大，小球從M到B的過程，合力一直做正功，動能一直增大。則小球從A運動到B的過程中最小動能一定小于6J，故D錯誤。故選：AC。8、ABC【解析】A．虛線a、b、c、d代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，電子經過a時的動能為4eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為3eV，則電勢能增加3eV，因此ad等勢面之間的電勢差為3V，由于電子的電勢能增加，所以等勢面從a到d電勢是降低的，因為b上的電勢為1V，故a上的電勢為2V，c上的電勢為0V，電子在c等勢面上的電勢能為零．故A正確B．結合A的分析可知，各相鄰等勢面之間的電勢差為1V，則af之間的電勢差為4V，電子從a到f將克服電場力做功為4eV，則電子到達f的動能為0．故B正確C．電子到達f的動能為0，可知電子從a向右運動．故C正確D．b上的電勢為1V，a上的電勢為2V，所以ab之間的電勢差為1V．故D錯誤9、AC【解析】AB．電流的方向與負電荷運動的方向相反，所以陰極射線管內電流的方向向左；由圖可知，電子受到的洛倫茲力的方向向下，所以陰極射線管處的磁場的方向垂直于紙面向里，由安培定則可知，AB中電流的方向向左．故A正確，B錯誤；CD．若要使電子束的徑跡向上彎曲，則陰極射線管處的磁場的方向需向外，根據安培定則，可以改變AB中的電流方向來實現，故C正確,D錯誤。故選AC。10、ABD【解析】球在有磁場時做一般曲線運動，無磁場時做平拋運動，運用分解的思想，兩種情況下，把小球的運動速度和受力向水平方向與豎直方向分解，然后利用牛頓第二定律和運動學公式來分析判斷運動時間和水平射程；最后利用洛倫茲力不做功判斷落地的速率【詳解】有磁場時，小球下落過程中要受重力和洛侖茲力共同作用，重力方向豎直向下，大小方向都不變；洛侖茲力的大小和方向都隨速度的變化而變化，但在能落到地面的前提下洛侖茲力的方向跟速度方向垂直，總是指向右上方某個方向，其水平分力fx水平向右，豎直分力fy豎直向上如圖所示，豎直方向的加速度仍向下，但小于重力加速度g，從而使運動時間比撤去磁場后要長，即t1＞t2，所以B選項正確．小球水平方向也將加速運動，從而使水平距離比撤去磁場后要大，即s1＞s2，所以A正確．在有磁場，重力和洛侖茲力共同作用時，其洛侖茲力的方向每時每刻都跟速度方向垂直，不對粒子做功，不改變粒子的動能，有磁場和無磁場都只有重力作功，動能的增加是相同的．有磁場和無磁場，小球落地時速度方向并不相同，但速度的大小是相等的，故C錯誤，D正確．故選ABD【點睛】本題關鍵運用分解的思想，把小球的運動和受力分別向水平和豎直分解，然后根據選項分別選擇規律分析討論三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).a(2).c【解析】[1][2]由圖看出，b粒子射入磁場后不發生偏轉，說明不受洛倫茲力，b粒子不帶電；a粒子向左偏轉，洛倫茲力向左，根據左手定則判斷可知，a粒子帶正電；c粒子向右偏轉，洛倫茲力向右，根據左手定則判斷可知，c粒子帶負電。12、①.C②.2400【解析】用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，使指針指在表盤中央刻度線附近，歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數，根據題意分析答題；【詳解】(1)選用“×10Ω”電阻擋進行測量，由圖示可知，指針示數如圖中a位置時指針偏角太小，說明所選擋位太小，為了更準確地測量該電阻的電阻值，應換用×100Ω擋，故C正確，AB