2023年青海省高考物理模擬試卷

一.選擇題（共8小題，滿(mǎn)分48分，每小題6分）

1.（6分）“嫦娥四號(hào)”是嫦娥探月工程計(jì)劃中系列的第四顆人造繞月衛(wèi)星，已知“嫦娥四

號(hào)”離月球中心的距離為r,繞月周期為T(mén),月球半徑為R,根據(jù)以上提供的信息，可計(jì)

算的物理是為（）

A.引力常量B.“嫦娥四號(hào)”的質(zhì)量

C.月球的平均密度D.月球表面的重力加速度

2.（6分）物質(zhì)發(fā)射射線的性質(zhì)稱(chēng)為放射性。杯的放射性同位素239PU衰變?yōu)檩S核激發(fā)態(tài)號(hào)

94

235u1和a粒子，而軸核激發(fā)態(tài)號(hào)235u，立即變?yōu)檩S核235u,并放出丫光子。已知239pu、

92929294

235u和a粒子的質(zhì)量分別為mpu=239.0521u、mu=235.0439u和m=4.0026u,lu=

92a

931.5MeV,則端239pu衰變成235u的過(guò)程中釋數(shù)的能量為（）

9492

A.54MeVB.5.2MeVC.0.56MeVD.0.084MeV

3.（6分）重物重為G,受到如右圖所示斜向下的推力F作用，仍靜止在水平面上。將F正

交分解為水平分力Fi和豎直分力F2,則重物對(duì)地面的壓力大小等于（）

A.GB.G+F2C.FiD.F2

4.（6分）圖示為一粒子速度選擇器原理示意圖。半徑為10cm的圓柱形桶內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng),

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為1.0X10，，方向平行于軸線向外，圓桶的某直徑兩端開(kāi)有小孔，粒

子束以不同角度由小孔入射，將以不同速度從另一個(gè)孔射出。有一粒子源發(fā)射出速度連

續(xù)分布、比荷為2.0X10“C/kg的帶正電粒子，若某粒子出射的速度大小為2&X106MS,

粒子間相互作用及重力均不計(jì)，則該粒子的入射角。為（）

A.30°B.45°C.53°D.60°

5.（6分）質(zhì)量為2kg的物體豎直向上拋出，物體動(dòng)能Ek隨上升的高度h的變化關(guān)系如圖

所示。重力加速度取10m/s2.由圖中數(shù)據(jù)可得（）

B.所受阻力大小為30N

C.上升2m過(guò)程中，機(jī)械能減小20J

D.上升2m過(guò)程中，機(jī)械能減小60J

6.（6分）平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)，在同

一坐標(biāo)系中作出兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的v-t圖線，如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是（）

A.圖線1表示水平分運(yùn)動(dòng)的v-t圖線

B.圖線2表示水平分運(yùn)動(dòng)的v-t圖線

C.若用量角器測(cè)得圖線2傾角為。，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,則一定有tan0=g

D.ti時(shí)刻物體的速度方向與初速度方向夾角為45°

7.（6分）如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中三條電場(chǎng)線，實(shí)線為一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電

場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡,P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)。下列判斷正確的是（）

A.P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大

B.P點(diǎn)的電勢(shì)比Q點(diǎn)的電勢(shì)高

C.帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能較小

D.帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)動(dòng)能較大

8.（6分）如圖所示，空間有一寬為2L的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方向垂直于紙

面向外。abed是由均勻電阻絲做成的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框，總電阻為R.線框以垂直

磁場(chǎng)邊界的速度v勻速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，線框ab、cd兩邊始終與磁場(chǎng)邊界

平行。設(shè)線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)的位置x=0,x軸沿水平方向向右。用Uab表示ab兩端的電勢(shì)

差，F(xiàn)ab表示ab邊所受安培力（以水平向左為正），則下列圖象可能正確的是（其中Uo

=BLv）（）

A

0

—X

T53X

I:

T5:

J1

T5

5

B一

o

X

c.

D.

二.實(shí)驗(yàn)題（共4小題，滿(mǎn)分47分）

9.（5分）用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置完成“測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①用天平測(cè)量物塊和遮光片的總質(zhì)量M、祛碼及祛碼盤(pán)的總質(zhì)量m；用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮

光片的寬度d；用米尺測(cè)量?jī)晒怆婇T(mén)之間的距離s

②調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平；

③讓物塊從光電門(mén)A的左側(cè)由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計(jì)分別測(cè)出遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)A和

光電門(mén)B所用的時(shí)間AtA和△tB，求出加速度a；

④多次重復(fù)步驟③，求a的平均值工

⑤根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù)Ro

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

（1）測(cè)量d時(shí)，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為cm。

（2）物塊的加速度a可用d、s、AtA和AtB表示為a=；

（3）動(dòng)摩擦因數(shù)p可用M、m、a和重力加速度g表示為。

10.（10分）某物理興趣小組想測(cè)量一只標(biāo)有“4V,2W”的小燈泡在不同電壓下的實(shí)際功

率，需要測(cè)定燈泡兩端的電壓和通過(guò)燈泡的電流，現(xiàn)實(shí)驗(yàn)室有如下器材:

①直流電源E（電動(dòng)勢(shì)E=6V,內(nèi)阻不計(jì)）；

②電流表Ai（量程0?0.6A,內(nèi)阻約為0.5Q）；

③電流表A2（量程0?3A,內(nèi)阻約為0.1。）；

④電壓表Vi（量程0?5V,內(nèi)阻約為5kQ）；

⑤電壓表V2（量程0?15V,內(nèi)阻約為15kQ）；

⑥滑動(dòng)變阻器R（0?20。，額定電流2A）；

⑦開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干及待測(cè)燈泡。

（1）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用下列圖中的電路圖來(lái)完成實(shí)驗(yàn)。

（2）實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用,電壓表應(yīng)選用（請(qǐng)?zhí)顚?xiě)器材符號(hào)）。

（3）由實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)描繪出小燈泡的U-I曲線如圖所示，根據(jù)曲線可得燈泡兩端電

壓2.0V時(shí)小燈泡的實(shí)際功率為W,電阻值為fi.（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)

字）

11.（12分）噴墨打印機(jī)的結(jié)構(gòu)原理如圖所示。其中墨盒可以發(fā)出墨汁微滴，其半徑為1義

107m.此微滴經(jīng)過(guò)帶電室時(shí)被帶上負(fù)電，帶電的多少由計(jì)算機(jī)按字體筆畫(huà)高低位置輸入

信號(hào)加以控制。帶電后的微滴以一定的初速度進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，帶電微滴經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)發(fā)

生偏轉(zhuǎn)后，打到紙上，顯示出字體。無(wú)信號(hào)輸入時(shí)，墨汁微滴不帶電，徑直通過(guò)偏轉(zhuǎn)電

場(chǎng)而注入回流槽流回墨盒。設(shè)偏轉(zhuǎn)極板長(zhǎng)為L(zhǎng)i=1.6cm,兩板間的距離為d=0.50cm,偏

轉(zhuǎn)板的右端距紙長(zhǎng)為L(zhǎng)2=3.2cm。若一個(gè)墨汁微滴的質(zhì)量為1.6X10l0kg,以20m/s的初

速度垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，兩偏轉(zhuǎn)板間的電壓是8.0X1（）3V,若墨汁微滴打到紙

上的點(diǎn)距原射入方向的距離是2.0mm。

（1）求這個(gè)墨汁微滴通過(guò)帶電室所帶的電荷量是多少？（不計(jì)空氣阻力和墨汁微滴的重

力，可以認(rèn)為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)只局限在平行板電容器內(nèi)部，忽略邊緣電場(chǎng)的不均勻性）。

（2）欲使紙上的字體放大10%,偏轉(zhuǎn)板電壓應(yīng)當(dāng)如何變化，請(qǐng)你寫(xiě)出正確的關(guān)系式。

信號(hào)?人

似H板產(chǎn)紙

K盒

回流槽

12.（20分）體育課上王強(qiáng)同學(xué)為了檢查籃球氣是否充足，于是手持籃球自離地面高度0.8m

處以3m/s的初速度豎直向下拋出，球與地面相碰后豎直向上彈起的最大高度為0.45m,

已知籃球的質(zhì)量為1kg,球與地面接觸時(shí)間為1s,若把在這段時(shí)間內(nèi)球?qū)Φ孛娴淖饔昧?/p>

當(dāng)作恒力處理，求此力的大小.（空氣阻力不計(jì)，g=10m/s2）

三.填空題（共2小題，滿(mǎn)分15分）

13.（5分）如圖所示，A、B、C三個(gè)點(diǎn)代表某容器一定質(zhì)量理想氣體的三個(gè)不同狀態(tài)，對(duì)

應(yīng)的溫度分別是TA、TB、TC；用NA、NB、NC分別表示這三種狀態(tài)下氣體分子在單位

時(shí)間撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則TATc，NANB,NBNc（填

大于、小于或等于）。

[Mm

:—

oI235&

14.（10分）如圖所示，質(zhì)量為3m、開(kāi)口豎直向下的薄壁汽缸放在水平地面上，質(zhì)量為

橫截面積為S的光滑活塞密封了一定質(zhì)量的理想氣體A.豎直輕彈簧上端與活塞相連，

下端固定在地面上，活塞下方與外界相通。開(kāi)始時(shí)，缸內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度為T(mén)i.活塞

到缸底的距離為L(zhǎng)i.彈簧恰好處于原長(zhǎng)。現(xiàn)對(duì)氣體A緩慢加熱。已知彈簧的勁度系數(shù)k

=里（g為重力加速度大小），大氣壓強(qiáng)po=12^_,求:

L]S

（I）當(dāng)汽缸恰好離開(kāi)桌面時(shí)氣體A的熱力學(xué)溫度T2;

（2）當(dāng)氣體A的熱力學(xué)溫度為1.2T2時(shí)。活塞到缸底的距離為L(zhǎng)3。

四.選擇題(共2小題)

15.某質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式為x=5sin/)t(cm),則下列關(guān)于質(zhì)點(diǎn)

4

運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法中正確的是()

A.1s時(shí)和3s時(shí)速度相同

B.3s時(shí)和5s時(shí)位移相同

C.在t=4s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的加速度最大

D.在t=4s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速度最大

16.如圖所示，在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，Si和S2為雙縫，P是光屏上的一點(diǎn)，已知P點(diǎn)與Si、

S2距離之差為2.1X106m,分別用A、B兩種單色光在空氣中做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，問(wèn)P點(diǎn)

是亮條紋還是暗條紋？

(1)已知A光在空氣中的波長(zhǎng)為6X10"m；

(2)已知B光在某種介質(zhì)中波長(zhǎng)為3.15X107m,當(dāng)B光從這種介質(zhì)射向空氣時(shí)，臨界

角為37°(sin370=0.6)

2023年青海省高考物理模擬試卷

參考答案與試題解析

選擇題（共8小題，滿(mǎn)分48分，每小題6分）

1.（6分）“嫦娥四號(hào)”是嫦娥探月工程計(jì)劃中系列的第四顆人造繞月衛(wèi)星，已知“嫦娥四

號(hào)”離月球中心的距離為r,繞月周期為T(mén),月球半徑為R,根據(jù)以上提供的信息，可計(jì)

算的物理是為（）

A,引力常量B.“嫦娥四號(hào)”的質(zhì)量

C.月球的平均密度D.月球表面的重力加速度

【分析】本題是一道人造衛(wèi)星問(wèn)題，看似簡(jiǎn)單確定有陷阱存在：

平時(shí)題目當(dāng)中引力常量G被視為已知數(shù)，然而本題把引力常量G當(dāng)做未知數(shù)，并放到了

選項(xiàng)當(dāng)中，增加了本題的迷惑性。

解題思路為從各個(gè)選項(xiàng)出發(fā)，根據(jù)對(duì)應(yīng)公式求解和驗(yàn)證各個(gè)選項(xiàng)。相關(guān)公式如下：

（1）萬(wàn)有引力公式卜丹土其中G為萬(wàn)有引力常量，M為中心天體的質(zhì)量，m為環(huán)繞

r

天體的質(zhì)量，「為兩星體中心間的距離；

（2）天體密度公式其中p為中心天體的密度，G為萬(wàn)有引力常量，T為環(huán)

GT2R3

繞天體的周期，R為中心星體半徑，r為兩星體中心間的距離；

（3）黃金代換式GM=gR2。

【解答】解：

A、引力常量和中心天體的質(zhì)量總是成對(duì)出現(xiàn)的，所以如果要計(jì)算引力常量，就必須知道

中心天體的質(zhì)量，題中未給出，故A不正確；

B、同A選項(xiàng)，不論哪兩個(gè)公式聯(lián)立，中心天體的質(zhì)量總是和引力常量聯(lián)系在一起，題

中未給出引力常量，故B不正確；

C、根據(jù)天體密度公式P屈學(xué)不，發(fā)現(xiàn)題目中同樣未給出引力常量G的數(shù)值，因此無(wú)

GT2R3

法計(jì)算，故c不正確；

D、萬(wàn)有引力公式F翼吃和向心力公式F/#二聯(lián)立，并把黃金代換式GM=gR2代

r2T2

23

入，化簡(jiǎn)可得重力加速度即可用已知量求出月球表面的重力加速度，故D

T2R2

正確；

綜上所述：

故選：D。

【點(diǎn)評(píng)】本題是非典型人造衛(wèi)星問(wèn)題，人造衛(wèi)星問(wèn)題是高考的常考點(diǎn)，一般情況下，引

力常量G作為已知量出現(xiàn)，通過(guò)公式的聯(lián)立求解，可以得出各個(gè)選項(xiàng)的答案，但是在本

題當(dāng)中引力常量G作為一個(gè)未知量出現(xiàn)，很容易讓考生陷入固定思維導(dǎo)致的錯(cuò)誤當(dāng)中，

因此本題難度偏高。

2.（6分）物質(zhì)發(fā)射射線的性質(zhì)稱(chēng)為放射性。杯的放射性同位素239PU衰變?yōu)檩S核激發(fā)態(tài)號(hào)

94

235u，和a粒子，而軸核激發(fā)態(tài)號(hào)235u，立即變?yōu)檩S核235u,并放出丫光子。已知239pu、

92929294

235u和a粒子的質(zhì)量分別為mpu=239.0521u、mu=235.0439u和m=4.0026u,lu=

92a

931.5MeV,則端239pu衰變成235u的過(guò)程中釋數(shù)的能量為（）

9492

A.54MeVB.5.2MeVC.0.56MeVD.0.084MeV

【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫(xiě)出衰變方程，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求出釋放

的能量。

【解答】解：衰變方程為：

239口—?235TT4-40

94rU92U2ne

235J,->235TT+Y

92Tu92u

合起來(lái)為：

239p—?235TJ+4TT+y

94rU92U2ne

上述衰變過(guò)程的質(zhì)量虧損為：

-0056u

△m=mp-myma-0-

則放出的能量為：△E=Z\mX931.5MeV=5.2MeV,故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選:B.

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過(guò)程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，以及掌握愛(ài)因斯

坦質(zhì)能方程，并能靈活運(yùn)用。

3.（6分）重物重為G,受到如右圖所示斜向下的推力F作用，仍靜止在水平面上。將F正

交分解為水平分力F,和豎直分力F2,則重物對(duì)地面的壓力大小等于（

B.G+F2C.FiD.F2

【分析】對(duì)物體受力分析，由共點(diǎn)力的平衡條件及力的合成即可求出。

【解答】解：物體受重力、支持力、推力及摩擦力而處于平衡狀態(tài)，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡

條件可知，

支持力N=G+F2，

由牛頓第三定律可知，重物對(duì)?地面的壓力大小也是G+F2.故ACD錯(cuò)誤，B正確；

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】本題要求學(xué)生靈活應(yīng)用共點(diǎn)力的平衡條件，注意合力與分力是等效替代的關(guān)系，

能夠利用牛頓第三定律進(jìn)行代換。

4.（6分）圖示為一粒子速度選擇器原理示意圖。半徑為10cm的圓柱形桶內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng),

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為1.0X10方向平行于軸線向外，圓桶的某直徑兩端開(kāi)有小孔，粒

子束以不同角度由小孔入射，將以不同速度從另一個(gè)孔射出。有一粒子源發(fā)射出速度連

續(xù)分布、比荷為2.0X10“C/kg的帶正電粒子，若某粒子出射的速度大小為2/5x106m/s,

粒子間相互作用及重力均不計(jì)，則該粒子的入射角。為（）

A.30°B.45°C.53°D.60°

【分析】離子束不經(jīng)碰撞而直接從出身孔射出，即可根據(jù)幾何知識(shí)畫(huà)出軌跡，根據(jù)洛倫

茲力提供向心力求解半徑，由幾何關(guān)系求出角度。

【解答】解：由牛頓第二定律得：

2

Bqv=m^—

解得：r=E=&xioTm=10&cm。

過(guò)入射速度和出射速度方向作垂線，得到軌跡的圓心0',畫(huà)出軌跡如圖，離子從小孔a

射入磁場(chǎng)，與ab方向的夾角為a,則離子從小孔b離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度與ab的夾角也為a,

由幾何知識(shí)得到軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為：0=2a

則有：sina=K=Y^_

r2

解得：a=45°,故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選:Bo

【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系

求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求

時(shí)間；對(duì)于帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般是按類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)進(jìn)行解答。

5.（6分）質(zhì)量為2kg的物體豎直向上拋出，物體動(dòng)能Ek隨上升的高度h的變化關(guān)系如圖

所示。重力加速度取10m/s2.由圖中數(shù)據(jù)可得（）

A.所受阻力大小為10N

B.所受阻力大小為30N

C.上升2m過(guò)程中，機(jī)械能減小20J

D.上升2m過(guò)程中，機(jī)械能減小60J

【分析】由圖象結(jié)合動(dòng)能定理，解出物體的加速度，在對(duì)物體受力分析，列牛頓第二定

律，解出物體所受阻力，根據(jù)除重力外其他力做功等于機(jī)械能變化量求解。求阻力時(shí)，

也可直接對(duì)物體受力分析后列動(dòng)能定理求解。

【解答】解：AB、對(duì)物體受力分析后列動(dòng)能定理得：-mgh-fh=Z\Ek，由圖象得：h=

2m,△Ek=-60J,代入解得：f=10N,故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、除重力外其他力做功等于機(jī)械能變化量，除重力外，只有阻力做功，克服阻力做功:

Wf=lV,解得：Wf=20J,則機(jī)械能減小20J,故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：ACo

【點(diǎn)評(píng)】注意結(jié)合圖象受力分析列方程；重力做功只能是使物體重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，

并不改變物體的機(jī)械能，阻力做功使物體機(jī)械能減少。

6.（6分）平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)，在同

一坐標(biāo)系中作出兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的v-t圖線，如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是（）

A.圖線1表示水平分運(yùn)動(dòng)的v-t圖線

B.圖線2表示水平分運(yùn)動(dòng)的v-t圖線

C.若用量角器測(cè)得圖線2傾角為。，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,則一定有tan?=g

D.ti時(shí)刻物體的速度方向與初速度方向夾角為45°

【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，結(jié)合

速度隨時(shí)間的變化規(guī)律確定正確的圖線。

【解答】解：A、圖線1速度隨時(shí)間不變，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，是平拋運(yùn)動(dòng)水平分運(yùn)動(dòng)的v

-t圖線。故A正確。

B、圖線2速度隨時(shí)間均勻增大，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，是平拋運(yùn)動(dòng)豎直分運(yùn)動(dòng)的v-t圖

線。故B錯(cuò)誤。

C、根據(jù)v=gt知，圖線2的斜率表示重力加速度g,但是注意斜率k不等于tan。.故C

錯(cuò)誤。

D、ti時(shí)刻豎直分速度與水平分速度相等，根據(jù)平行四邊形定則知，速度方向與初速度方

向成45°.故D正確。

故選：ADo

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，以及知

道坐標(biāo)系的標(biāo)度選取不同，tan。不同。

7.（6分）如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中三條電場(chǎng)線，實(shí)線為一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電

場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡,P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)。下列判斷正確的是（）

A.P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大

B.P點(diǎn)的電勢(shì)比Q點(diǎn)的電勢(shì)高

C.帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能較小

D.帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)動(dòng)能較大

【分析】電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大.根據(jù)質(zhì)點(diǎn)軌跡彎曲方向分析質(zhì)點(diǎn)所受的電場(chǎng)力方

向，從而確定出電場(chǎng)線方向，即可分析電勢(shì)高低。通過(guò)電場(chǎng)力做功情況判斷電勢(shì)能和動(dòng)

能的變化情況。

【解答】解：A、根據(jù)電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，

則知P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比Q點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，故A正確。

B、由圖可知，質(zhì)點(diǎn)所受的電場(chǎng)力方向沿電場(chǎng)線向右，質(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電，則電場(chǎng)線方向向左，

可知P點(diǎn)的電勢(shì)比Q點(diǎn)的電勢(shì)高，故B正確。

CD、若帶電質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q,電場(chǎng)力做負(fù)功，則帶電質(zhì)點(diǎn)的電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，

故帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能較大，動(dòng)能較小，故CD錯(cuò)誤。

故選：AB。

【點(diǎn)評(píng)】解決這類(lèi)電場(chǎng)軌跡問(wèn)題的思路是：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出電場(chǎng)力方向，然后

進(jìn)一步判斷電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、動(dòng)能等物理量的變化。

8.（6分）如圖所示，空間有一寬為2L的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方向垂直于紙

面向外。abed是由均勻電阻絲做成的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框，總電阻為R.線框以垂直

磁場(chǎng)邊界的速度v勻速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，線框ab、cd兩邊始終與磁場(chǎng)邊界

平行。設(shè)線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)的位置x=0,x軸沿水平方向向右。用Uab表示ab兩端的電勢(shì)

差,Fab表示ab邊所受安培力（以水平向左為正），則下列圖象可能正確的是（其中Uo

=BLv）（）

D.

【分析】根據(jù)公式￡=8"求出電路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再得到ab兩端電勢(shì)差Uab大小。

由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，確定Uab的正負(fù)；根據(jù)安培力的計(jì)算公式分析是否有

安培力，根據(jù)左手定則判斷安培力的方向。

【解答】解：AB、cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，ab兩端電勢(shì)差Uab=2Uo,由楞次定律判斷出感應(yīng)

4

電流方向沿順時(shí)針?lè)较颍瑒ta的電勢(shì)低于b的電勢(shì)，Uab為負(fù)，即Uab=-Au（）?

4

線框全部進(jìn)入磁場(chǎng)后，線框中雖然感應(yīng)電流為零，但ab兩端仍有電勢(shì)差，且Uab=Uo,

由右手定則判斷可知，a的電勢(shì)低于b的電勢(shì)，Uab為負(fù)。Uab=-Uo。

cd邊穿出磁場(chǎng)后，ab邊切割磁感線，其兩端電勢(shì)差等于路端電壓Wuo，由右手定則知，

4

a點(diǎn)的電勢(shì)始終低于b的電勢(shì)，Uab=-3uo.故A錯(cuò)誤、B正確；

4

CD、在ab進(jìn)入磁場(chǎng)前，ab邊受到的安培力為零；線圈完全在磁場(chǎng)中時(shí)，感應(yīng)電流為零,

ab邊的安培力為零；當(dāng)cd邊出磁場(chǎng)后，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，根據(jù)左手定則可知ab邊受

到的安培力方向向左，為正，故C錯(cuò)誤、D正確。

故選：BD。

【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問(wèn)題，經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方

向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系，然

后推導(dǎo)出縱坐標(biāo)與橫坐標(biāo)的關(guān)系式，由此進(jìn)行解答，這是電磁感應(yīng)問(wèn)題中常用的方法和

思路。

二.實(shí)驗(yàn)題（共4小題，滿(mǎn)分47分）

9.（5分）用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置完成“測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①用天平測(cè)量物塊和遮光片的總質(zhì)量M、祛碼及祛碼盤(pán)的總質(zhì)量m；用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮

光片的寬度d；用米尺測(cè)量?jī)晒怆婇T(mén)之間的距離s

②調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平；

③讓物塊從光電門(mén)A的左側(cè)由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計(jì)分別測(cè)出遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)A和

光電門(mén)B所用的時(shí)間AtA和AtB,求出加速度a；

④多次重復(fù)步驟③，求a的平均值;；

⑤根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù)4

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

(1)測(cè)量d時(shí)，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為0.545cm。

(2)物塊的加速度a可用d、s、Z\tA和AtB表示為a=——)2_(―^—)2]；

Lkk；」一

—2sAtB)AtA

(3)動(dòng)摩擦因數(shù)H可用M、m、』和重力加速度g表示為n=_%二出返_。

Mg

【分析】(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。

(2)根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出物塊通過(guò)光電門(mén)A和B的速度，結(jié)

合速度位移公式求出物塊的加速度。

(3)對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大小。

【解答】解：(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5mm,游標(biāo)讀數(shù)為0.05X9mm=0.45mm,則最

終讀數(shù)為5.45mm=0.545cm。

(2)根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度知，物塊通過(guò)光電門(mén)A的速度v.T—，

%AtA

通過(guò)光電門(mén)B的速度,

BAtB

2_2

根據(jù)速度位移公式得，aJBrzd_.2_(d_)2].

2s2sAtB&A

mgM，Hg

(3)對(duì)物塊和重物組成的系統(tǒng)研究，根據(jù)牛頓第二定律得，a=-,解得動(dòng)摩擦

M+in

因數(shù)irg-CM+nOa

Mg

d22

故答案為：(1)0.545；(2)A.[(A)-1：⑶mgYM+nOa。

Lk?」

2sAtBAJMg

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合運(yùn)用，知道極短時(shí)間內(nèi)的平均速

度等于瞬時(shí)速度，對(duì)于動(dòng)摩擦因數(shù)的求解，選擇研究的對(duì)象應(yīng)該是系統(tǒng)。

10.(10分)某物理興趣小組想測(cè)量一只標(biāo)有“4V,2W”的小燈泡在不同電壓下的實(shí)際功

率，需要測(cè)定燈泡兩端的電壓和通過(guò)燈泡的電流，現(xiàn)實(shí)驗(yàn)室有如下器材：

①直流電源E(電動(dòng)勢(shì)E=6V,內(nèi)阻不計(jì))；

②電流表Ai(量程0?0.6A,內(nèi)阻約為0.5Q)；

③電流表A2(量程0?3A,內(nèi)阻約為0.1。)；

④電壓表Vi(量程0?5V,內(nèi)阻約為5kQ)；

⑤電壓表V2(量程0?15V,內(nèi)阻約為15kQ)；

⑥滑動(dòng)變阻器R(0?20。，額定電流2A)；

⑦開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干及待測(cè)燈泡。

(1)為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用下列圖中的電路圖來(lái)完成實(shí)驗(yàn)。

(3)由實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)描繪出小燈泡的U-I曲線如圖所示，根據(jù)曲線可得燈泡兩端電

壓2.0V時(shí)小燈泡的實(shí)際功率為」Z2W,電阻值為5.6C.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)

012345

【分析】(1)根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路圖。

(2)根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表，根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表。

(3)由圖示圖象求出通過(guò)燈泡的電流，然后應(yīng)用P=U1求出燈泡實(shí)際功率，應(yīng)用歐姆定

律求出燈泡電阻。

【解答】解：(1)由實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量不同電壓下的實(shí)際功率，故應(yīng)滑動(dòng)變阻器選用分壓式

接法，“4V,2W”知小燈泡額定電流為0.5A,正常發(fā)光時(shí)電阻為811,電流表應(yīng)選外接

法，故選丁圖；

(2)根據(jù)小燈泡額定電壓4V,額定電流0.5A,則電流表選Ai，電壓表選Vi；

(3)由圖象知小燈泡電壓2V時(shí)，電流通過(guò)小燈泡為0.36A,則實(shí)際功率為：P=UI=2

X0.36=0.72W,

此時(shí)燈泡電阻：R=U=2-5.6。；

I0.36

故答案為：(1)T;(2)Ai；Vi；(3)0.72；5.6。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)電路選擇、實(shí)驗(yàn)器材選擇與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，根據(jù)題意確定滑動(dòng)

變阻器與電流表的接法是選擇實(shí)驗(yàn)電路的關(guān)鍵；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則；由圖示圖

線求出電壓對(duì)應(yīng)的電流，然后應(yīng)用電功率公式與歐姆定律可以解題。

11.（12分）噴墨打印機(jī)的結(jié)構(gòu)原理如圖所示。其中墨盒可以發(fā)出墨汁微滴，其半徑為IX

10-5m.此微滴經(jīng)過(guò)帶電室時(shí)被帶上負(fù)電，帶電的多少由計(jì)算機(jī)按字體筆畫(huà)高低位置輸入

信號(hào)加以控制。帶電后的微滴以一定的初速度進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，帶電微滴經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)發(fā)

生偏轉(zhuǎn)后，打到紙上，顯示出字體。無(wú)信號(hào)輸入時(shí)，墨汁微滴不帶電，徑直通過(guò)偏轉(zhuǎn)電

場(chǎng)而注入回流槽流回墨盒。設(shè)偏轉(zhuǎn)極板長(zhǎng)為L(zhǎng)i=1.6cm,兩板間的距離為d=0.50cm,偏

轉(zhuǎn)板的右端距紙長(zhǎng)為L(zhǎng)2=3.2cm?若一個(gè)墨汁微滴的質(zhì)量為1.6X10%,以20m/s的初

速度垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，兩偏轉(zhuǎn)板間的電壓是8.0X103v,若墨汁微滴打到紙

上的點(diǎn)距原射入方向的距離是2.0mm。

（1）求這個(gè)墨汁微滴通過(guò)帶電室所帶的電荷量是多少？（不計(jì)空氣阻力和墨汁微滴的重

力，可以認(rèn)為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)只局限在平行板電容器內(nèi)部，忽略邊緣電場(chǎng)的不均勻性）。

（2）欲使紙上的字體放大10%,偏轉(zhuǎn)板電壓應(yīng)當(dāng)如何變化，請(qǐng)你寫(xiě)出正確的關(guān)系式。

信號(hào)?人

---*—^絲撿1+紙

ri;........”寧■?

bd:卜匕

餐B盒帶電室

回流槽

【分析】（1）墨汁在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平方向的運(yùn)動(dòng)求出時(shí)間，根據(jù)豎

直方向上的運(yùn)動(dòng)求出出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)位移，根據(jù)出電場(chǎng)時(shí)速度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電

場(chǎng)中軸線的中心，根據(jù)相似三角形求出打到紙上的點(diǎn)距原射入方向的距離與電荷電量的

關(guān)系，從而求出電量的大小。

（2）為了使紙上的字放大10%,墨汁微滴打到紙上的點(diǎn)距原射入方向的距離應(yīng)增大10%,

由上題的結(jié)果分析求解。

【解答】解：（1）墨滴在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)。

有：詈一

CI

根據(jù)水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)可得：L|=vot

豎直方向偏轉(zhuǎn)位移：yi=Lat2

2

1L

Yi9L1

由于速度方向反向延長(zhǎng)線過(guò)水平位移的中點(diǎn)，根據(jù)三角形相似有：—=-^-----

7丸+L2

聯(lián)立以上各式代入數(shù)據(jù)解得q=1.25X1013c。

qUL(L+2L,)

（2）由以上兩式整理得:y=--------盧

2dmvn

顯然y與U成正比，所以為了使紙上的字體放大10%,可以把偏轉(zhuǎn)電壓提高10%,

即U，=8.8X103V。

答：（1）這個(gè)墨汁微滴通過(guò)帶電室所帶的電荷量是1.25X1（/13c；

（2）欲使紙上的字體放大10%,偏轉(zhuǎn)板電壓應(yīng)當(dāng)電壓提高10%,關(guān)系式為y=

qUL（L+2Lp

~~2°

z-dirivQ

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵墨汁在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做勻速直線運(yùn)

動(dòng)，在豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以及掌握推論：粒子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)速

度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中軸線的中心。

12.（20分）體育課上王強(qiáng)同學(xué)為了檢查籃球氣是否充足，于是手持籃球自離地面高度0.8m

處以3m/s的初速度豎直向下拋出，球與地面相碰后豎直向上彈起的最大高度為0.45m,

已知籃球的質(zhì)量為1kg,球與地面接觸時(shí)間為1s,若把在這段時(shí)間內(nèi)球?qū)Φ孛娴淖饔昧?/p>

當(dāng)作恒力處理，求此力的大小.（空氣阻力不計(jì)，g=10m/s2）

【分析】先由速度-位移公式求出球與地面碰撞前速度大小，然后求出球與地面碰撞后

速度大小，最后由動(dòng)量定理即可求出.

【解答】解：設(shè)球與地面碰撞前速度大小為vi，碰后速度大小為V2

由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，對(duì)球下落過(guò)程，有：vi2-v（）2=2ghi

代入數(shù)據(jù)的2：vi=5m/s

對(duì)球上升過(guò)程，有：V2?=2gh2

代入數(shù)據(jù)得：V2—3m/s

設(shè)向上為正，則對(duì)碰撞過(guò)程，由動(dòng)量定理，得：

(FN_mg)t=mv2-(-mvi)

代入數(shù)據(jù)得：FN=18N

由牛頓第三定律可知球?qū)Φ孛娴淖饔昧Υ笮椋篎N'=FN=18N

答:球?qū)Φ孛娴淖饔昧Υ笮?8N.

【點(diǎn)評(píng)】本題考查動(dòng)量定理的應(yīng)用，在解題時(shí)要注意動(dòng)量的矢量性，故應(yīng)先設(shè)定正方向，

難度適中.

三.填空題（共2小題，滿(mǎn)分15分）

13.（5分）如圖所示，A、B、C三個(gè)點(diǎn)代表某容器一定質(zhì)量理想氣體的三個(gè)不同狀態(tài)，對(duì)

應(yīng)的溫度分別是TA、TB、TC；用NA、NB、NC分別表示這三種狀態(tài)下氣體分子在單位

時(shí)間撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則TA等于Tc,NA大于NR,NB大于Nc

（填大于、小于或等于）。

|[…——

°I23wia'n'

【分析】單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)單位器壁上的壓力是氣體的壓強(qiáng)，根據(jù)圖示圖線求出各

狀態(tài)氣體的壓強(qiáng)與體積，然后應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程分析答題。

【解答】解：理想氣體狀態(tài)方程得：上^匕=衛(wèi)七，故TA=TC；

TA4

由理想氣體狀態(tài)方程得：上二金=現(xiàn)日，

TATB

由圖示圖線可知，在狀態(tài)A氣體壓強(qiáng)大于狀態(tài)B氣體壓強(qiáng)，兩狀態(tài)下氣體體積相等；

即：VA=VB，pA=2pB，

解得：TA=2TB，即TA>TB，

由于分子密度相同，溫度高，分子單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁單位面積的分子數(shù)就多，故NA>

NB；

由以上分析知：TC>TB,又pB=pc，

狀態(tài)B氣體分子密度大，分子運(yùn)動(dòng)緩慢，單個(gè)分子平均作用力小，狀態(tài)C氣體分子密度

小，分子運(yùn)動(dòng)劇烈，單個(gè)分子平均作用力大。故在狀態(tài)B單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁單位面積

的分子數(shù)大于狀態(tài)C單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁單位面積的分子數(shù)，即NB大于Nc；

故答案為：等于，大于，大于。

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚圖示氣體狀態(tài)變化過(guò)

程求出各狀態(tài)氣體狀態(tài)參量是解題的前提，掌握基礎(chǔ)知識(shí)、應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程即可

解題。

14.（10分）如圖所示，質(zhì)量為3m、開(kāi)口豎直向下的薄壁汽缸放在水平地面上，質(zhì)量為m。

橫截面積為S的光滑活塞密封了一定質(zhì)量的理想氣體A.豎直輕彈簧上端與活塞相連，

下端固定在地面上，活塞下方與外界相通。開(kāi)始時(shí)，缸內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度為T(mén)i.活塞

到缸底的距離為L(zhǎng)i.彈簧恰好處于原長(zhǎng)。現(xiàn)對(duì)氣體A緩慢加熱。已知彈簧的勁度系數(shù)k

=里（g為重力加速度大小），大氣壓強(qiáng)po="%_,求：

L[S

（1）當(dāng)汽缸恰好離開(kāi)桌面時(shí)氣體A的熱力學(xué)溫度T2；

（2）當(dāng)氣體A的熱力學(xué)溫度為L(zhǎng)2T2時(shí)。活塞到缸底的距離為L(zhǎng)3。

"IA

【分析】（1）先求出初末狀態(tài)壓強(qiáng)，利用理想氣體的狀態(tài)方程解出汽缸恰好離開(kāi)桌面時(shí)

氣體A的熱力學(xué)溫度；

（2）氣體A的熱力學(xué)溫度從T2上升為1.2T2的過(guò)程中，氣體A做等壓變化，根據(jù)蓋-

呂薩克定律可以求出活塞到缸底的距離。

【解答】解：（1）加熱前氣體A的壓強(qiáng)為：pi=po-型

S

設(shè)加熱后彈簧的形變量為xi，根據(jù)受力平衡條件有：kxi=4mg

kY

加熱后