2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、物體在拉力作用下向上運動，其中拉力做功10J，克服阻力做功5J，克服重力做功5J，則A．物體重力勢能減少5J B．物體機械能增加5JC．合力做功為20J D．物體機械能減小5J2、質量為m的物體在豎直向上的恒力F作用下減速上升了H在這個過程中，下列說法中正確的有()A．物體的重力勢能增加了FHB．物體的動能減少了mgHC．物體的機械能增加了FHD．物體重力勢能的增加量小于動能的減少量3、(本題9分)如圖所示，A、B為兩個挨得很近的小球,并列放于光滑斜面上，斜面足夠長,在靜止釋放B球的同時，將A球以某一速度v0水平拋出,當A球落于斜面上的P點時，B球的位置位于()A．P點以下 B．P點以上C．P點 D．由于v0未知,故無法確定4、(本題9分)第三代海事衛星采用同步和中軌道衛星結合的方案，解決了覆蓋全球的問題．它由4顆同步衛星與12顆中軌道衛星組成的衛星群構成，中軌道衛星離地面的高度約為地球半徑的2倍，分布在幾個軌道平面上（與赤道平面均有一定的夾角）．若地球表面處的重力加速度為，則中軌道衛星的軌道處受地球引力產生的重力加速度約為（）A． B．4g C． D．9g5、(本題9分)在光滑水平面上有一輛平板車．一個人站在車上，人和車均靜止．若該人用大錘敲打車的左端，已知車的質量為100kg，人的質量為50kg，錘的質量為5kg，當大錘以大小為4m/s的水平向右的速度撞擊車時，車的速度大小和方向為A．約0.13m/s，水平向左B．約0.13m/s，水平向右C．約2.2m/s，水平向右D．約2.2m/s，水平向左6、(本題9分)質量為的物體（可視為質點）在水平外力的作用下，從開始在平面直角坐標系（未畫出）所決定的光滑水平面內運動．運動過程中，方向的位移時間圖像如左圖所示，方向的速度時間圖象如右圖所示．則下列說法正確的是（）A．時刻，物體的速度大小為B．物體初速度方向與外力的方向垂直C．物體所受外力的大小為D．4秒內外力做的功為7、(本題9分)如圖，小球套在光滑的豎直桿上，輕彈簧一端固定于O點，另一端與小球相連．現將小球從M點由靜止釋放，它在下降的過程中經過了N點．已知M、N兩點處，彈簧對小球的彈力大小相等，且∠ONM<∠OMN<．在小球從M點運動到N點的過程中A．彈力對小球先做正功后做負功B．有兩個時刻小球的加速度等于重力加速度C．彈簧長度最短時，彈力對小球做功的功率為零D．小球到達N點時的動能等于其在M、N兩點的重力勢能8、(本題9分)如圖所示，一光滑細桿固定在水平面上的點，細桿與水平面的夾角為，一原長為的輕質彈簧，下端固定在水平面上的點，上端與質量為的小環相連，當把小環拉到點時，與地面垂直，彈簧長為，將小環從點由靜止釋放，當小環運動到的中點時，速度達到最大．重力加速度為，下列說法正確的是（）A．下滑過程中小環的機械能先增大再減小B．小環到達的中點時，彈簧的彈性勢能為零C．小環剛釋放時的加速度等于D．小環的最大速度為9、如果取彈簧伸長△x時的彈性勢能為0，則下列說法中正確的是（）A．彈簧處于原長時，彈簧的彈性勢能為正值B．彈簧處于原長時，彈簧的彈性勢能為負值C．當彈簧的壓縮量為△x時，彈性勢能的值為0D．只要彈簧被壓縮，彈性勢能的值都為負值10、(本題9分)關于對一個系統的動量守恒的理解，下列說法正確的是A．如果一個系統的動量守恒，則系統的機械能一定守恒B．如果一個系統的動量守恒，則系統的動能可能增加C．如果一個系統的合外力為零，則系統的動量一定守恒D．如果一個系統內力做功不為零，則系統動量一定不守恒二、實驗題11、（4分）(本題9分)“探究動能定理的實驗裝置如圖所示，當小車在一條橡皮筋作用下彈出時，橡皮筋對小車做的功記為W0。當用2條、3條、4條…橡皮筋并在一起進行第2次、第3次、第4次…實驗時，橡皮筋對小車做的功記為2W0、3W0、4W0…，每次實驗中由靜止彈出的小車獲得的最大速度可由打點計時器所打的紙帶測出。(1)關于該實驗，下列說法正確的是___________。A．打點計時器可用直流電源供電，電壓為4~6VB．實驗中使用的若干根橡皮筋的原長可以不相等C．每次實驗中應使小車從同一位置由靜止彈出D．該實驗不用平衡摩擦力，所以要使木板水平放置(2)下圖給出了某次在正確操作情況下打出的紙帶，從中截取了測量物體最大速度所用的一段紙帶，測得O、A、B、C、D、E各點的距離分別為OA=5.65cm，AB=1.47cm，BC=1.66cm，CD=1.62cm，DE=1.51cm。已知相鄰兩點打點時間間隔為0.02s，則在打點計時器打___________(填“AB”、“BC”、“CD”或“DE”)兩點的過程中，小車的速度達到最大。獲得的最大速度vm約為___________m/s。12、（10分）(本題9分)某同學用以下器材,驗證力的平行四邊形定則并測量橡皮筋的勁度系數：刻度尺、橡皮筋、裝有水的礦泉水瓶(總質量為)、量角器和細線若干條,實驗時始終沒有超過橡皮筋的彈性限度.a.將橡皮筋上端固定,下端系一段細線1,讓其自然下垂,用刻度尺測出橡皮筋的長度為;b.將礦泉水瓶通過細線連接在橡皮筋下端,待礦泉水瓶靜止后用刻度尺測出此時橡皮筋的長度;c.如圖所示,用另一根細線2的一端系在細線1與橡皮筋結點處,通過細線2的另一端將礦泉水瓶緩慢拉起,該過程中保持細線2與橡皮筋垂直,用量角器測得最終橡皮筋偏離豎直方向的夾角為,并用刻度尺測出此時橡皮筋的長度為.(1)若當地的重力加速度大小為,則橡皮筋的勁度系數___________.(2)若滿足_____________.則說明力的平行四邊形定則成立.

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】

A.物體向上運動重力做負功5J，故重力勢能增加了5J；故A錯誤.C.合力做功W=10-5-5=0，即合力做功為零；故C錯誤.BD.除重力以外的力做功衡量機械能的變化，因此物體的機械能增加了△E=10-5=5J；故B正確，D錯誤.2、C【解析】

A.物體上升了H，重力勢能增加了mgH，故A錯誤；B.根據動能定理物體動能減少量ΔEC.除重力外，只有恒力F做功，由功能原理，恒力F做功W=FH，所以物體的機械能增加了FH，故C正確；D.因為ΔE3、B【解析】試題分析：設A球落到P點的時間為tA，AP的豎直位移為y；B球滑到P點的時間為tB，BP的豎直位移也為y，A球做的是自由落體運動，由y=gt2得運動的時間為：，B球做的是勻加速直線運動，運動到P點的位移為：，加速度的大小為：a=gsinθ，根據位移公式s=at2得，B運動的時間為：（θ為斜面傾角）．所以B正確．故選B．考點：平拋運動【名師點睛】此題主要是對平拋物體的運動的規律的考查；解題時要抓住AB兩個球的不同的運動的特點，分別求解運動的時間的大小，即可解決本題，本題的關鍵就是分析清楚AB的運動的狀態．4、A【解析】試題解析：由于地球表面處的重力加速度為，則mg=；設中軌道衛星的軌道處受地球引力產生的重力加速度為g′，則mg′=；聯立二者解之得g′=，故A正確．考點：萬有引力與航天．5、A【解析】

設大錘的速度為v1，小車的速度為v2，取水平向右為正方向，由動量守恒定律得：，代入數據解得：，負號表示方向水平向左，故A正確，B、C、D錯誤；故選A．6、CD【解析】

A．由圖甲圖得到物體在x方向做勻速直線運動，速度大小為t=0時刻，y方向物體的分速度為，物體的速度大小為故A錯誤；B．物體在x方向做勻速直線運動，合力為零，y方向做勻減速直線運動，合力沿?y軸方向，而物體的初速度不在x軸方向，所以物體的初速度方向和外力的方向并不垂直，故B錯誤；C．由乙圖的斜率等于加速度，得到物體的加速度大小為所受外力F的大小為故C正確；D．

4s內，y方向物體的位移為外力做的功為故D正確；故選CD．【點睛】位移圖象的斜率等于速度，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動．速度圖象傾斜的直線表示物體做勻變速直線運動．根據兩圖象的形狀求出物體在x方向和y方向的初速度，再進行合成，求出物體t=0時刻的速度．x方向物體的合力為零，物體所受的合力在y方向．由速度圖象的斜率求出加速度，由牛頓第二定律求出外力F，根據做功公式求出4s內外力做的功．7、BCD【解析】

牛頓第二定律、能量守恒定律【詳解】A．因M和N兩點處彈簧對小球的彈力大小相等，且∠ONM<∠OMN<知M處的彈簧處于壓縮狀態，N處的彈簧處于伸長狀態，則彈簧的彈力對小球選做負功后正功，選項A錯誤．B．當彈簧水平時，豎直方向的力只有重力，加速度為g；當豎直方向的合外力為mg時，加速度為也g，則有兩個時刻的加速度大小等于g，選項B正確；C．彈簧長度最短時，即彈簧水平，彈力與速度垂直，則做功的功率為零，選項C正確；D．由M→N的動能定理，因M和N兩點處彈簧對小球的彈力大小相等，則由彈力作功特點知，即，選項D正確．8、ACD【解析】

小環受重力、支持力和彈簧彈力，彈簧彈力做功，故環的機械能不守恒，小環和彈簧系統的機械能守恒，小環到達AD的中點時，彈性繩的伸長量最短，彈性勢能最小，小環機械能最大，故下滑過程中小環的機械能先增大再減小，故A正確；小環到達AD的中點時，彈性繩的長度為L，伸長量不為0，故彈性勢能不為零，故B錯誤；在A位置，環受重力、彈簧拉力、支持力，根據牛頓第二定律，有：mgsin30°+Fsin30°=ma，在D點，環的速度最大，說明加速度為零，彈簧長度為2L，故：mgsin30°-Fcos60°=0，聯立解得：a=g，故C正確；小環和彈簧系統的機械能守恒，在D點速度最大，此時橡皮繩長度等于初位置橡皮繩的長度，故初位置和D位置環的機械能相等，故：mg（2Lcos60°）=mv2，解得：v=，故D正確；故選ACD．【點睛】本題為力學綜合問題，關鍵正確的受力分析，根據牛頓第二定律列式分析，注意環的機械能不守恒，是環和彈簧系統的機械能守恒．9、BC【解析】

AB.如果取彈簧伸長△x時的彈性勢能為0，彈簧回復原長，彈力對彈簧做正功，彈性勢能減小，故彈簧處于原長時，彈簧的彈性勢能為負值;故A錯誤，B正確.C.當彈簧的壓縮量為△x，又對彈簧做負功，勢能增大，根據對稱性知此時彈性勢能為0；故C正確.D.根據C分析知壓縮彈簧勢能不一定為負值，與彈簧的壓縮量有關系；故D錯誤.10、BC【解析】

A．動量守恒的系統機械能不一定守恒，動量守恒的條件是：系統不受外力或受外力的代數和為零；機械能守恒定律的條件是：系統只受到重力的作用，或受外力的代數和為零，故A錯誤；B．例如人船模型，開始人船速度為零，運動時系統的動量守恒，但系統的動能增加，故B正確；C．動量守恒的適用條件是系統不受外力或受外力的代數和為零，故C正確；D．放在光滑水平面上的滑塊與滑板，當它們相對運動時，系統內力做功不為零，但系統動量守恒，故D錯誤；故選BC．二、實驗題11、（1）C（2）BC0.83【解析】

第一空.打點計時器用低壓交流電源供電，電壓為4~6