高級中學名校試卷PAGEPAGE1物理試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、考場號，座位號、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。回答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求。第6～8題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.核污染水中含有的多種放射性元素可能對人類和自然界造成損害。其中銫半衰期約為30年，它經衰變轉變為鋇核。下列說法正確的是（）A.衰變產生的電子來自銫原子的核外電子B.鋇核的比結合能比銫核小C.鋇原子核內有81個中子D.容器中有的銫，經過60年后，容器中物質的質量變成〖答案〗C〖解析〗A．衰變產生的電子是由原子核內的中子轉化而來的，故A錯誤；B．由于衰變釋放能量，所以鋇核的比結合能比銫核大，故B錯誤；C．銫的衰變方程為鋇原子核內有個中子，故C正確；D．經過60年，兩個半衰期，銫變成250g，但是鋇也在容器中，所以質量大于250g，故D錯誤。故選C。2.如圖所示，導線A、B、C通以大小、方向均相同的恒定電流，A、B、C剛好在正三角形的三個頂點上。若A對C的安培力大小為，則C受到的安培力合力（）A.大小為，方向與AB連線平行 B.大小為，方向與AB連線垂直C.大小為，方向與AB連線平行 D.大小為，方向與AB連線垂直〖答案〗B〖解析〗對C受力分析如圖所示C的合力大小為方向與AB連線垂直。故選B。3.如圖所示，小球從O點的正上方離地高處的P點以的速度水平拋出，同時在O點右方地面上S點以速度斜向左上方與地面成拋出一小球，兩小球恰在O、S連線靠近O的三等分點M的正上方相遇。若不計空氣阻力，則兩小球拋出后到相遇過程中所用的時間為（）A.1s B. C.2s D.3s〖答案〗C〖解析〗根據題意，設兩小球拋出后到相遇過程中所用的時間為，水平方向上有豎直方向上有聯立解得故選C。4.保險絲對電路安全有著重要作用，如圖所示，A是額定電流為1A的保險絲，理想變壓器的原、副線圈的匝數比為，交變電壓，保險絲電阻為，R是可變電阻。則（）A.要使電路正常工作，可變電阻R的阻值不能大于B.可變電阻R越大，其消耗的功率越大C.可變電阻R兩端的電壓不能低于D.保持R不變，增加原線圈匝數，通過保險絲的電流增大〖答案〗C〖解析〗A．將可變電阻等效到原線圈電路中，其等效電阻原線圈回路滿足閉合回路歐姆定律，即由于A的熔斷電流為1A，可得即故A錯誤；B．當時R的功率最大，時，電阻越大，功率越小，故B錯誤；C．設可變電阻R兩端電壓為，則原線圈兩端電壓為，根據可得故C正確；D．增加原線圈匝數，等效電阻變大，通過保險絲的電流減小，故D錯誤。故選C。5.地球赤道上有一個觀察者a，赤道平面內有一顆自西向東做勻速圓周運動的近地衛星b，a觀測發現，每隔時間t衛星b就會從其正上方飛過。已知地球質量為M、半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.a的加速度等于b的加速度B.a的線速度大于b的線速度C.近地衛星b的周期為D.地球自轉的周期為〖答案〗D〖解析〗AB．每隔時間t衛星b就會從其正上方飛過，則，又則a的加速度和線速度都小于b，A、B錯誤；C．b為近地衛星，可認為其運動半徑為R，設其周期為，由萬有引力提供向心力有解得C錯誤；D．設地球自轉周期為，又由每隔時間t衛星b超地球一圈，有解得地球自轉周期D正確。故選D。6.如圖所示，一帶電微粒從A點射入水平方向的勻強電場中（實線代表電場線，電場方向未知），微粒恰沿直線運動，與水平方向夾角，已知帶電微粒的質量為m，電荷量大小為q，A與B相距L，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.從A到B，帶電微粒做勻加速直線運動B.若電場方向向左，則帶電微粒帶負電C.從A到B的過程中，帶電微粒的重力勢能增加、機械能增加D.要使帶電微粒能從A點運動到B點，其射入電場時的速度大小至少為〖答案〗D〖解析〗A．根據題意可知，帶電微粒沿直線從A運動到B，說明帶電微粒受到的電場力一定水平向左，受力分析可得，帶電微粒的加速度大小為做勻減速直線運動，故A錯誤；B．由A分析可知，電場力一定向左，若電場方向向左，則帶電微粒帶正電，故B錯誤；C．從A到B的過程中，重力對帶電微粒做負功，重力勢能增加，電場力對帶電微粒做負功，電勢能增加，機械能減少，故C錯誤；D．帶電微粒恰好能從A點運動到B點，則有解得故D正確。故選D。7.一質量為1kg的物體在水平拉力的作用下，由靜止開始在水平地面上沿x軸運動，以出發點為x軸零點，物體的動能與物體坐標x的關系如圖所示。物體與水平地面間的動摩擦因數為0.4，重力加速度大小取。下列說法正確的是（）A.在時，拉力的大小為2NB.在時，拉力的功率為6WC.從運動到的過程中，物體克服摩擦力做的功為8JD.從運動到的過程中，拉力的沖量大小為kg·m/s〖答案〗BD〖解析〗A．根據動能定理可知，圖像斜率表示物體所受合外力，即從運動到的過程中，合力大小為從運動到的過程中，合力大小為其中，物體所受摩擦力大小為則拉力大小分別為故A錯誤；B．在時，物體速度大小為拉力的功率故B正確；C．從運動到的過程中，物體克服摩擦力做的功故C錯誤；D．在時，物體的速度大小為從運動到的過程中，物體運動的時間拉力的沖量大小為故D正確。故選BD。8.如圖甲所示，紙面內有和兩光滑導體軌道，與平行且足夠長，與成135°角，兩導軌左右兩端接有定值電阻，阻值分別為R和。一質量為m、長度大于導軌間距的導體棒橫跨在兩導軌上，與軌道接觸于G點，與軌道接觸于H點。導體棒與軌道垂直，間距為L，導體棒與b點間距也為L。以H點為原點、沿軌道向右為正方向建立x坐標軸。空間中存在磁感應強度大小為B、垂直紙面向里的勻強磁場。某時刻，導體棒獲得一個沿x軸正方向的初速度，同時受到沿x軸方向的外力F作用，其運動至b點前的速度的倒數與位移關系如圖乙所示。導體棒運動至b點時撤去外力F，隨后又前進一段距離后停止運動，整個運動過程中導體棒與兩導軌始終接觸良好，不計導軌及導體棒的電阻。以下說法正確的是（）A.流過電阻R的電流方向為B.導體棒在軌道上通過的距離為C.撤去外力F前，流過電阻R的電流為D.導體棒運動過程中，電阻產生的焦耳熱為〖答案〗BC〖解析〗A．根據右手定則，流過電阻R的電流方向為，故A錯誤；B．由圖乙可知，導體棒運動至b點時速度為，由幾何關系可得，的距離為，對導體棒從b點開始沿軌道運動直至靜止，根據動量定理有又有解得故B正確；C．導體棒在軌道上運動到任意位置x時，根據圖像可知電動勢通過導體棒的電流通過電阻R的電流即故C正確；D．撤去外力F前電路中的總熱量由圖像面積可知撤去外力F后導體棒繼續運動，整個回路產生的熱量電阻產生熱量故D錯誤。故選BC。二、非選擇題。9.某中學實驗小組為探究加速度與合力的關系，設計了如圖甲所示的實驗裝置。主要實驗步驟如下：①按圖甲安裝實驗器材：重物用輕繩掛在動滑輪上（二者的總質量為m），其下端與紙帶相連；輕繩左端與固定于天花板的力傳感器相連，可以測量繩上的拉力大小，右端跨過定滑輪與質量為M的鉤碼連接；②接通打點計時器的電源，釋放鉤碼，帶動重物上升，在紙帶上打出一系列點，記錄此時傳感器的讀數F；③改變鉤碼的質量，多次重復實驗步驟②，利用紙帶計算重物的加速度a，得到多組a、F數據。請回答以下問題：（1）已知打點計時器的打點周期為0.02s，某次實驗所得紙帶如圖乙所示，M、P和P、N間各有4個點未標出，則重物的加速度大小為______（結果保留兩位有效數字）。（2）實驗得到重物的加速度大小a與力傳感器示數F的關系如圖丙所示，圖像的斜率為k、縱截距為，則重物和動滑輪的總質量______，當鉤碼與二者總質量相等時，重物的加速度大小為______。（本問結果均用k、b表示）〖答案〗（1）（2）〖解析〗【小問1詳析】打點周期為0.02s，M、P和P、N間各有4個點未標出，則M、P和P、N間的運動時間為由逐差法有解得【小問2詳析】[1]對重物由牛頓第二定律得可得則斜率截距絕對值解得[2]由圖可知，鉤碼的加速度為重物的2倍，則又解得10.材料的電阻隨壓力的變化而變化的現象稱為“壓阻效應”，利用這種效應可以制作壓敏電阻。某中學創新小組準備從實驗室中兩個壓敏電阻m、n中選擇一個，與電磁繼電器組成電路為學校食堂設計一個小型“可自動注水的儲水池”，主要步驟如下：（1）利用圖甲所示電路測量壓敏電阻的阻值隨壓力變化的規律。主要器材如下：壓敏電阻兩個電源（電動勢E=12V，內阻不計）電流表G1（量程10mA，內阻Rg1=200Ω）電流表G2（量程50mA，內阻Rg2約為100Ω）定值電阻R1=200Ω滑動變阻器R2（最大阻值為150Ω）開關S1、S2及導線若干①為盡量準確的測量壓敏電阻的阻值，導線c端應與______（選填“a”或“b”）點連接。②首先測量R0的數值，正確連接電路，使壓敏電阻上的壓力F=0，閉合開關S1、S2，調節滑動變阻器的滑片到合適位置，分別記錄電流表G2和G1的讀數I2和I1，可知R0=______（用字母I1、I2、Rg1、R1表示）。③兩名同學分別測得兩個壓敏電阻m、n的阻值隨壓力變化的圖像如圖乙、丙所示。（2）“可自動注水儲水池”的電路如圖丁所示，RA為保護電阻。當線圈中的電流超過某一值I0時，繼電器的銜鐵將被吸合，與上方觸點分離、注水裝置所在電路斷開并停止注水。①分析原理可知，壓敏電阻應選擇______（選填“m”或“n”），水位上升時，保護電阻RA的電功率會______（選填“變大”或“變小”）。②若想增大可自動注水儲水池的蓄水量，可將保護電阻RA的阻值______（選填“變大”或“變小”）。〖答案〗（1）a（2）m變大變大〖解析〗小問1詳析】①[1]選“a”時，測量無系統誤差，故導線c端應與“a”點連接。②[2]并聯支路電壓相等，有解得【小問2詳析】①[1][2]水位上升時，繼電器的銜鐵將被吸合，說明電磁鐵磁性變強，電路中電流變大，壓敏電阻R的阻值會變小，故選m；水位上升時，電路中電流變大，保護電阻RA的電功率變大。②[3]若想增大可自動注水儲水池的蓄水量，即壓力更大，壓敏電阻阻值更小時停止注水，由于停止注水時的電流I0不變，故應將保護電阻RA阻值變大。11.如圖所示，一虛線將xOy坐標系分為上下兩部分，虛線交y軸于P點、交x軸于Q點，。虛線上方區域為垂直PQ指向左下方的勻強電場，電場強度大小為E；下方區域為垂直于平面向里的勻強磁場，磁感應強度未知。一帶電荷量為+q、質量為m，的粒子從P點以沿x軸正方向拋出，不計重力，此后運動過程中其軌跡與虛線邊界的第一個交點為M、第二個交點為N（M、N兩點未畫出）。（1）求從P點運動至M點的過程中，粒子離虛線邊界的最遠距離；（2）若，求磁感應強度的大小。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）將在沿電場強度方向和垂直電場強度方向分解，當沿電場強度方向速度減至0時，粒子離虛線邊界最遠，根據牛頓第二定律有最遠距離（2）粒子軌跡如圖所示。粒子從在垂直電場強度方向上做勻速直線運動，則粒子從到N做勻速圓周運動，由整理得由幾何關系知結合解得12.如圖所示，勁度系數的彈簧一端固定于地面上，另一端連接物塊A，物塊B置于A上（不粘連），A、B質量均為1kg且都可看成質點，物塊B上方有一帶圓孔的擋板，質量為4kg的物塊C放在圓孔上方不掉落，整個裝置處于靜止狀態。現在給物塊B施加方向始終豎直向上、大小為的恒力，使A、B開始運動，A、B分離時，A在鎖定裝置的作用下迅速在該位置靜止，B向上運動并與C發生碰撞，然后下落與A碰撞，已知A碰撞前瞬間解除鎖定，鎖定裝置之后不再對A作用。B與A、C的碰撞均為彈性碰撞，彈簧的彈性勢能（x為彈簧的形變量），重力加速度g取。求：（結果可用根號表示）（1）A、B第一次分離時彈簧的形變量；（2）A、B第一次分離時物塊B的速度大小；（3）B下落與A第一次碰撞結束時，物塊A的速度大小。〖答案〗（1）0.1m；（2）；（3）〖解析〗（1）初始A、B靜止時，有解得分離時的臨界，兩者之間的無彈力且兩者加速度相等，對A有對B有解得（2）從開始運動到A、B兩者分離，有解得（3）由于物塊B受到的外力與物塊B的重力大小相等，所以物塊A、B分離有，B做勻速直線運動，之后與C發生彈性碰撞，動量守恒有機械能守恒有解得B在向下運動過程中仍是勻速運動，與A發生彈性碰撞，動量守恒有機械能守恒有解得所以B下落與A第一次碰撞結束時，物塊A的速度大小為。三、選考題。13.如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態a，先后到達狀態b和c，，，。則（）A過程氣體分子平均動能增加B.過程氣體分子數密度減小C.狀態b、c的溫度關系為D.狀態a、b、c的壓強大小關系為E.過程氣體吸熱比過程氣體放熱多3pV〖答案〗ACE〖解析〗A．過程中氣體壓強不變，體積增大，根據理想氣體狀態方程可知氣體溫度升高，分子平均動能增加，故A正確；B．過程中，體積不變，分子數密度不變，故B錯誤；C．過程中氣體壓強不變，由蓋-呂薩克定律得又得可知，狀態b、c的溫度關系為故C正確；D．過程中，體積不變，由查理定律故又狀態a、b、c的壓強大小關系為故D錯誤。E．過程中，體積增大，氣體對外界做功，氣體溫度升高，內能增加，氣體吸收熱量，根據熱力學第一定律有其中過程中，體積不變，外界對氣體做功氣體壓強減小，可知氣體溫度降低，內能減少，氣體向外放出熱量，根據熱力學第一定律有由于則則即過程氣體吸熱比過程氣體放熱多，故E正確故選ACE。14.如圖所示，某老師用封閉著一定質量理想氣體、橫截面積的注射器提起質量的桶裝水，此時注射器內氣柱長度。已知大氣壓強，環境溫度，注射器內氣柱最大長度為8cm，g取，注射器和水桶質量可以忽略，不計一切阻力，注射器密封良好。求：（1）當放下桶裝水時，注射器內氣柱的長度；（2）當環境溫度變為37℃時，注射器最多能提起桶裝水的質量（結果保留三位有效數字）。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）根據題意，受力分析有解得氣體發生等溫變化，有解得（2）根據理想氣體狀態方程有解得又有解得15.如圖甲所示，為沿x軸傳播的一列簡諧橫波在時刻的波動圖像，乙圖為處質點P的振動圖像，質點M位于處。下列判斷正確的是（）A.此波在向x軸負方向傳播B.該波的傳播速率為4m/sC.經過2s時間，質點P沿波的傳播方向移動8mD.質點M從圖示位置開始運動路程為0.5m時，所需的時間E.質點M、P在y軸的最大位移差為〖答案〗BDE〖解析〗A．由振動圖像可知，0.5s時質點P沿y軸正方向運動，由上下坡法可知P點處于下坡，即波的傳播方向為x軸正方向，故A錯誤；B．由甲、乙圖可知，則波的傳播速率為故B正確；C．質點P只會上下振動，不會隨波的傳播方向遷移，故C錯誤；D．以圖示位置為計時0點，質點M的振動方程為當時，有由于則質點M從圖示位置開始運動經過時間通過的路程為故D正確；E．由波形圖可知，M、P平衡位置距離為，當質點M、P在y軸方向對稱于平衡位置時，質點M、P在y軸的位移差最大；以圖示位置為計時0點，質點M的振動方程為則經過的時間，M、P在y軸的位移差最大，則此時M的位移為此時P的位移為則M、P在y軸的最大位移差為故E正確。故選BDE。16.一透明材料制成的空心球體，內徑是3R．其過球心的某截面（紙面內）如圖所示，一束單色光（紙面內）從外球面上A點射入，入射角，光線在材料中的折射率為，經折射后恰好與內球面相切，已知光速為c，，。求：（1）單色光在材料中的傳播時間；（2）若單色光在該材料內球面恰好發生全反射，從A點射入的光線與直線AO的夾角。〖答案〗（1）；（2）37°〖解析〗（1）對單色光解得則單色光在材料中的傳播的路程為由折射定律聯立可得單色光在材料中的傳播的時間為（2）當光線在材料內球面恰好發生全發射時由于解得如圖所示在，中，由正弦定理有又解得所以

物理試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、考場號，座位號、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。回答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求。第6～8題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.核污染水中含有的多種放射性元素可能對人類和自然界造成損害。其中銫半衰期約為30年，它經衰變轉變為鋇核。下列說法正確的是（）A.衰變產生的電子來自銫原子的核外電子B.鋇核的比結合能比銫核小C.鋇原子核內有81個中子D.容器中有的銫，經過60年后，容器中物質的質量變成〖答案〗C〖解析〗A．衰變產生的電子是由原子核內的中子轉化而來的，故A錯誤；B．由于衰變釋放能量，所以鋇核的比結合能比銫核大，故B錯誤；C．銫的衰變方程為鋇原子核內有個中子，故C正確；D．經過60年，兩個半衰期，銫變成250g，但是鋇也在容器中，所以質量大于250g，故D錯誤。故選C。2.如圖所示，導線A、B、C通以大小、方向均相同的恒定電流，A、B、C剛好在正三角形的三個頂點上。若A對C的安培力大小為，則C受到的安培力合力（）A.大小為，方向與AB連線平行 B.大小為，方向與AB連線垂直C.大小為，方向與AB連線平行 D.大小為，方向與AB連線垂直〖答案〗B〖解析〗對C受力分析如圖所示C的合力大小為方向與AB連線垂直。故選B。3.如圖所示，小球從O點的正上方離地高處的P點以的速度水平拋出，同時在O點右方地面上S點以速度斜向左上方與地面成拋出一小球，兩小球恰在O、S連線靠近O的三等分點M的正上方相遇。若不計空氣阻力，則兩小球拋出后到相遇過程中所用的時間為（）A.1s B. C.2s D.3s〖答案〗C〖解析〗根據題意，設兩小球拋出后到相遇過程中所用的時間為，水平方向上有豎直方向上有聯立解得故選C。4.保險絲對電路安全有著重要作用，如圖所示，A是額定電流為1A的保險絲，理想變壓器的原、副線圈的匝數比為，交變電壓，保險絲電阻為，R是可變電阻。則（）A.要使電路正常工作，可變電阻R的阻值不能大于B.可變電阻R越大，其消耗的功率越大C.可變電阻R兩端的電壓不能低于D.保持R不變，增加原線圈匝數，通過保險絲的電流增大〖答案〗C〖解析〗A．將可變電阻等效到原線圈電路中，其等效電阻原線圈回路滿足閉合回路歐姆定律，即由于A的熔斷電流為1A，可得即故A錯誤；B．當時R的功率最大，時，電阻越大，功率越小，故B錯誤；C．設可變電阻R兩端電壓為，則原線圈兩端電壓為，根據可得故C正確；D．增加原線圈匝數，等效電阻變大，通過保險絲的電流減小，故D錯誤。故選C。5.地球赤道上有一個觀察者a，赤道平面內有一顆自西向東做勻速圓周運動的近地衛星b，a觀測發現，每隔時間t衛星b就會從其正上方飛過。已知地球質量為M、半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.a的加速度等于b的加速度B.a的線速度大于b的線速度C.近地衛星b的周期為D.地球自轉的周期為〖答案〗D〖解析〗AB．每隔時間t衛星b就會從其正上方飛過，則，又則a的加速度和線速度都小于b，A、B錯誤；C．b為近地衛星，可認為其運動半徑為R，設其周期為，由萬有引力提供向心力有解得C錯誤；D．設地球自轉周期為，又由每隔時間t衛星b超地球一圈，有解得地球自轉周期D正確。故選D。6.如圖所示，一帶電微粒從A點射入水平方向的勻強電場中（實線代表電場線，電場方向未知），微粒恰沿直線運動，與水平方向夾角，已知帶電微粒的質量為m，電荷量大小為q，A與B相距L，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A.從A到B，帶電微粒做勻加速直線運動B.若電場方向向左，則帶電微粒帶負電C.從A到B的過程中，帶電微粒的重力勢能增加、機械能增加D.要使帶電微粒能從A點運動到B點，其射入電場時的速度大小至少為〖答案〗D〖解析〗A．根據題意可知，帶電微粒沿直線從A運動到B，說明帶電微粒受到的電場力一定水平向左，受力分析可得，帶電微粒的加速度大小為做勻減速直線運動，故A錯誤；B．由A分析可知，電場力一定向左，若電場方向向左，則帶電微粒帶正電，故B錯誤；C．從A到B的過程中，重力對帶電微粒做負功，重力勢能增加，電場力對帶電微粒做負功，電勢能增加，機械能減少，故C錯誤；D．帶電微粒恰好能從A點運動到B點，則有解得故D正確。故選D。7.一質量為1kg的物體在水平拉力的作用下，由靜止開始在水平地面上沿x軸運動，以出發點為x軸零點，物體的動能與物體坐標x的關系如圖所示。物體與水平地面間的動摩擦因數為0.4，重力加速度大小取。下列說法正確的是（）A.在時，拉力的大小為2NB.在時，拉力的功率為6WC.從運動到的過程中，物體克服摩擦力做的功為8JD.從運動到的過程中，拉力的沖量大小為kg·m/s〖答案〗BD〖解析〗A．根據動能定理可知，圖像斜率表示物體所受合外力，即從運動到的過程中，合力大小為從運動到的過程中，合力大小為其中，物體所受摩擦力大小為則拉力大小分別為故A錯誤；B．在時，物體速度大小為拉力的功率故B正確；C．從運動到的過程中，物體克服摩擦力做的功故C錯誤；D．在時，物體的速度大小為從運動到的過程中，物體運動的時間拉力的沖量大小為故D正確。故選BD。8.如圖甲所示，紙面內有和兩光滑導體軌道，與平行且足夠長，與成135°角，兩導軌左右兩端接有定值電阻，阻值分別為R和。一質量為m、長度大于導軌間距的導體棒橫跨在兩導軌上，與軌道接觸于G點，與軌道接觸于H點。導體棒與軌道垂直，間距為L，導體棒與b點間距也為L。以H點為原點、沿軌道向右為正方向建立x坐標軸。空間中存在磁感應強度大小為B、垂直紙面向里的勻強磁場。某時刻，導體棒獲得一個沿x軸正方向的初速度，同時受到沿x軸方向的外力F作用，其運動至b點前的速度的倒數與位移關系如圖乙所示。導體棒運動至b點時撤去外力F，隨后又前進一段距離后停止運動，整個運動過程中導體棒與兩導軌始終接觸良好，不計導軌及導體棒的電阻。以下說法正確的是（）A.流過電阻R的電流方向為B.導體棒在軌道上通過的距離為C.撤去外力F前，流過電阻R的電流為D.導體棒運動過程中，電阻產生的焦耳熱為〖答案〗BC〖解析〗A．根據右手定則，流過電阻R的電流方向為，故A錯誤；B．由圖乙可知，導體棒運動至b點時速度為，由幾何關系可得，的距離為，對導體棒從b點開始沿軌道運動直至靜止，根據動量定理有又有解得故B正確；C．導體棒在軌道上運動到任意位置x時，根據圖像可知電動勢通過導體棒的電流通過電阻R的電流即故C正確；D．撤去外力F前電路中的總熱量由圖像面積可知撤去外力F后導體棒繼續運動，整個回路產生的熱量電阻產生熱量故D錯誤。故選BC。二、非選擇題。9.某中學實驗小組為探究加速度與合力的關系，設計了如圖甲所示的實驗裝置。主要實驗步驟如下：①按圖甲安裝實驗器材：重物用輕繩掛在動滑輪上（二者的總質量為m），其下端與紙帶相連；輕繩左端與固定于天花板的力傳感器相連，可以測量繩上的拉力大小，右端跨過定滑輪與質量為M的鉤碼連接；②接通打點計時器的電源，釋放鉤碼，帶動重物上升，在紙帶上打出一系列點，記錄此時傳感器的讀數F；③改變鉤碼的質量，多次重復實驗步驟②，利用紙帶計算重物的加速度a，得到多組a、F數據。請回答以下問題：（1）已知打點計時器的打點周期為0.02s，某次實驗所得紙帶如圖乙所示，M、P和P、N間各有4個點未標出，則重物的加速度大小為______（結果保留兩位有效數字）。（2）實驗得到重物的加速度大小a與力傳感器示數F的關系如圖丙所示，圖像的斜率為k、縱截距為，則重物和動滑輪的總質量______，當鉤碼與二者總質量相等時，重物的加速度大小為______。（本問結果均用k、b表示）〖答案〗（1）（2）〖解析〗【小問1詳析】打點周期為0.02s，M、P和P、N間各有4個點未標出，則M、P和P、N間的運動時間為由逐差法有解得【小問2詳析】[1]對重物由牛頓第二定律得可得則斜率截距絕對值解得[2]由圖可知，鉤碼的加速度為重物的2倍，則又解得10.材料的電阻隨壓力的變化而變化的現象稱為“壓阻效應”，利用這種效應可以制作壓敏電阻。某中學創新小組準備從實驗室中兩個壓敏電阻m、n中選擇一個，與電磁繼電器組成電路為學校食堂設計一個小型“可自動注水的儲水池”，主要步驟如下：（1）利用圖甲所示電路測量壓敏電阻的阻值隨壓力變化的規律。主要器材如下：壓敏電阻兩個電源（電動勢E=12V，內阻不計）電流表G1（量程10mA，內阻Rg1=200Ω）電流表G2（量程50mA，內阻Rg2約為100Ω）定值電阻R1=200Ω滑動變阻器R2（最大阻值為150Ω）開關S1、S2及導線若干①為盡量準確的測量壓敏電阻的阻值，導線c端應與______（選填“a”或“b”）點連接。②首先測量R0的數值，正確連接電路，使壓敏電阻上的壓力F=0，閉合開關S1、S2，調節滑動變阻器的滑片到合適位置，分別記錄電流表G2和G1的讀數I2和I1，可知R0=______（用字母I1、I2、Rg1、R1表示）。③兩名同學分別測得兩個壓敏電阻m、n的阻值隨壓力變化的圖像如圖乙、丙所示。（2）“可自動注水儲水池”的電路如圖丁所示，RA為保護電阻。當線圈中的電流超過某一值I0時，繼電器的銜鐵將被吸合，與上方觸點分離、注水裝置所在電路斷開并停止注水。①分析原理可知，壓敏電阻應選擇______（選填“m”或“n”），水位上升時，保護電阻RA的電功率會______（選填“變大”或“變小”）。②若想增大可自動注水儲水池的蓄水量，可將保護電阻RA的阻值______（選填“變大”或“變小”）。〖答案〗（1）a（2）m變大變大〖解析〗小問1詳析】①[1]選“a”時，測量無系統誤差，故導線c端應與“a”點連接。②[2]并聯支路電壓相等，有解得【小問2詳析】①[1][2]水位上升時，繼電器的銜鐵將被吸合，說明電磁鐵磁性變強，電路中電流變大，壓敏電阻R的阻值會變小，故選m；水位上升時，電路中電流變大，保護電阻RA的電功率變大。②[3]若想增大可自動注水儲水池的蓄水量，即壓力更大，壓敏電阻阻值更小時停止注水，由于停止注水時的電流I0不變，故應將保護電阻RA阻值變大。11.如圖所示，一虛線將xOy坐標系分為上下兩部分，虛線交y軸于P點、交x軸于Q點，。虛線上方區域為垂直PQ指向左下方的勻強電場，電場強度大小為E；下方區域為垂直于平面向里的勻強磁場，磁感應強度未知。一帶電荷量為+q、質量為m，的粒子從P點以沿x軸正方向拋出，不計重力，此后運動過程中其軌跡與虛線邊界的第一個交點為M、第二個交點為N（M、N兩點未畫出）。（1）求從P點運動至M點的過程中，粒子離虛線邊界的最遠距離；（2）若，求磁感應強度的大小。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）將在沿電場強度方向和垂直電場強度方向分解，當沿電場強度方向速度減至0時，粒子離虛線邊界最遠，根據牛頓第二定律有最遠距離（2）粒子軌跡如圖所示。粒子從在垂直電場強度方向上做勻速直線運動，則粒子從到N做勻速圓周運動，由整理得由幾何關系知結合解得12.如圖所示，勁度系數的彈簧一端固定于地面上，另一端連接物塊A，物塊B置于A上（不粘連），A、B質量均為1kg且都可看成質點，物塊B上方有一帶圓孔的擋板，質量為4kg的物塊C放在圓孔上方不掉落，整個裝置處于靜止狀態。現在給物塊B施加方向始終豎直向上、大小為的恒力，使A、B開始運動，A、B分離時，A在鎖定裝置的作用下迅速在該位置靜止，B向上運動并與C發生碰撞，然后下落與A碰撞，已知A碰撞前瞬間解除鎖定，鎖定裝置之后不再對A作用。B與A、C的碰撞均為彈性碰撞，彈簧的彈性勢能（x為彈簧的形變量），重力加速度g取。求：（結果可用根號表示）（1）A、B第一次分離時彈簧的形變量；（2）A、B第一次分離時物塊B的速度大小；（3）B下落與A第一次碰撞結束時，物塊A的速度大小。〖答案〗（1）0.1m；（2）；（3）〖解析〗（1）初始A、B靜止時，有解得分離時的臨界，兩者之間的無彈力且兩者加速度相等，對A有對B有解得（2）從開始運動到A、B兩者分離，有解得（3）由于物塊B受到的外力與物塊B的重力大小相等，所以物塊A、B分離有，B做勻速直線運動，之后與C發生彈性碰撞，動量守恒有機械能守恒有解得B在向下運動過程中仍是勻速運動，與A發生彈性碰撞，動量守恒有機械能守恒有解得所以B下落與A第一次碰撞結束時，物塊A的速度大小為。三、選考題。13.如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態a，先后到達狀態b和c，，，。則（）A過程氣體分子平均動