2021-2022學年浙江省紹興市諸暨第二高級中學高二（上）

期中物理試卷（學考）

一、單選題（本大題共18小題，共54.0分）

1.實際物體是具有多重屬性的，但是，當針對某種目的，從某種角度對某一物體進行

研究時，有許多對研究問題沒有直接關系的屬性和作用卻可以忽略不計。物理學上

為了便于研究而建立的一種高度抽象的理想客體就是理想模型。下列不屬于理想模

型的是（）

A.質點B.元電荷C.點電荷D.黑體

2.以下物理量中屬于矢量的是（）

A.功B.電流C.磁感應強度D.磁通量

3.物理學中發現電荷之間的相互作用規律、最早提出利用電場線描述電場、發現電流

的熱效應和用實驗證實電磁場理論的依次是哪幾位物理學家（）

A.牛頓、奧斯特、焦耳和赫茲B.牛頓、法拉第、伏特和安培

C.庫侖、奧斯特、伏特和安培D.庫侖、法拉第、焦耳和赫茲

4.從最早的黑白顯像管電視到現在的智能語音電視，電視機的發展可謂日新月異。隨

著科技的進步，所有的設備都可以在電視中找到自己的位置，智能手機與電視相整

合已經成為了新興領域。但在生活中，電視機的熒光屏表面常有許多灰塵，這主要

是因為（）

A.時間已久，灰塵自有B.表面粗糙，易落灰塵

C.溫度較高，擦拭不凈D.表面帶電，吸附灰塵

5.下列事物與磁現象無關的是（）

A.白熾燈B.電動機C.指南針D.交流發電機

6.在某電場中，下列哪個物理量的數值大小與檢驗電荷的電量有關（）

A.電場強度EB.電勢wC.電場力FD.電勢差U

7.如圖所示，起初用絕緣柱支持的導體A和B彼此接觸，且均不帶電。手握絕緣棒，

把帶正電荷的物體C移近導體A但不接觸，把4、B分開后，4帶上一1.0x10-8。的

電荷，則下列說法正確的是（）

C.B得到6.25X1010個電子D.B失去6.25xIO1。個電子

8.下列各電場中，4、B兩點電場強度相同的是（）

9.垂直電場方向射入的粒子流，分離成如圖所示的三束，關于三

束粒子流帶電情況的判斷，下列說法正確的是（）

A.a帶正電，b帶負電，c不帶電

B.a帶負電，b帶正電，c不帶電

C.a帶正電，c帶負電，b不帶電

D.a帶負電，c帶正電，b不帶電

10.在水深超過200m的深海，光線極少，能見度極低，有一種電鰻具有特殊的適應性，

能通過自身發出的生物電獲取食物、威脅敵害、保護自己。若該電鰻的頭尾相當于

兩個電極，它在海水中產生的電場強度達到104N/C,可擊昏敵害。則身長50cm的

電鰻，在放電時產生的瞬間電壓可達（）

A.50VB.500VC.50007D.50000V

11.兩根材料和長度均相同的合金絲a、b的伏安特性曲線分別如圖VB

中4、B所示，則a、b電阻Ra、&以及橫截面積Sa、5》的關系//4

正確的是（）,

O

第2頁，共17頁

A.Ra>Rb,Sa>Sb

B.Ra>Rb，Sa<Sb

C.Ra<Rb，Sa>Sb

D.Ra<Rb,Sa<Sb

12.經典理論中，氫原子中的電子（電量為1.6xlO-i9c）在半徑為0.53x10-10^的圓形

軌道上以6.6x10i5“z的頻率運動，則軌道中的電流為（）

A.1.06xl0-3aB.1.06x10-54C.1.06x10-6AD.1.06x104?l

13.為響應節能環保的號召，我市正將主干道上的高壓鈉燈換成LED燈，已知高壓鈉燈

功率為400W,LED燈功率為180小，若更換4000盞，則一個月可節約的電能約為

（）

2512

A.9x10kW-hB.3x10kW-hC.6x109kMz.hD.1x10/cW-h

14.如圖所示，小磁針的N極指向正確的是（）

b

N-OS

如圖所示，兩個單匝線圈a、b的半徑分別為r和2r。圓

形勻強磁場B的邊緣恰好與a線圈重合，則穿過a、b兩%

線圈的磁通量之比為（

C.1：

D.4：

在抗擊新冠病毒的過程中，廣泛使用了紅外體溫計測

量體溫，如圖所示。下列說法正確的是（

A.當體溫超過37.3K時人體才輻射紅外線

B.當體溫超過周圍空氣溫度時人體才輻射紅外線

C.紅外體溫計是依據體溫計發射紅外線來測體溫的

D.紅外體溫計是依據人體溫度越高，輻射的紅外線強度越大來測體溫的

17.如圖所示，兩平行金屬板相距為d,電勢差為U,一個電

子從。點沿垂直于極板的方向射出，最遠到達4點，然后

返回。己知0、4兩點相距為九，電子質量為771,電子的

電荷量為e,則此電子在。點射出時的速度為（）

18.如圖所示，實線表示某水平勻強電場的電場線，虛線表示一個____________修

帶電粒子射入該電場后的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩個點.忽__________/

略帶電粒子的重力作用，下列說法中正確的是（）（4

A.該帶電粒子一定是從a向b通過勻強電場的

B.該勻強電場的場強方向一定是從左向右

C.該帶電粒子在Q點的動能一定大于在b點的動能

D.該帶電粒子在a點的電勢能一定大于在b點的電勢能

二、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

19.某同學用伏安法測一節干電池的電動勢和內阻，現備有下列器材:

4被測干電池一節

8.電流表：量程0?0.64,內阻約為0.30

C.電流表：量程0?34,內阻約為0.10

D電壓表：量程0?3U,內阻未知

￡電壓表：量程0?15U,內阻未知

F.滑動變阻器：0?10。，24

G.滑動變阻器：0?1000,1A

H.開關、導線若干

伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果

存在系統誤差.在現有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻.

第4頁，共17頁

（1）在上述器材中請選擇適當的器材：（填寫選項前的字母）；

（2）實驗電路圖應選擇圖中的（填“甲”或"乙”）；

（3）根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U-/圖象，則在修正了

實驗系統誤差后，干電池的電動勢后=V,內電阻r=n.

三、實驗題（本大題共1小題，共9.0分）

20.圖甲為多用電表的示意圖，其中S、K、7為三個可調節的部件。

（1）現用此電表測量一阻值約為2000。的定值電阻，某些操作步驟如下：

①調節部件（填“S"、"K”或"T”）,使電表指針停在電流“0”刻度位

置。

②將紅、黑表筆分別插入“+”插孔，筆尖相互接觸，調節部件（填

“S”、"K”或T）,使電表指針停在歐姆“0”刻度位置。

（2）多用電表調零后，用“x10”擋測量該電阻阻值，發現指針偏轉角度很小（如圖

乙所示），則下列說法和做法中正確的是。

A.這個電阻的阻值很小

8.這個電阻的阻值很大

C.為測得更準確些，應當換用“xl”擋，并且重新調零后進行測量

D為測得更準確些，應當換用“X100”擋，并且重新調零后進行測量

（3）在某次測電阻的過程中，選擇開關處在“xlk。”，指針所指的位置如圖丙中指

針所示。則被測金屬絲的阻值是_____0。

四、計算題（本大題共3小題，共30.（）分）

21.兩個分別用長13cm的絕緣細線懸掛于同一點的相同小球（可看作質點），所帶電荷

量的絕對值相等。由于靜電力F的作用，它們之間的距離為10cm,如圖所示。已測

得每個小球的質量均為6g,g取lOm/s?。求：

(1)兩個小球帶同種電荷還是異種電荷?

(2)小球所受靜電力F為多大？

(3)小球所帶電荷量的絕對值為多大？

22.如圖甲所示，空間內存在大小為E=2X104N/C,方向豎直向

下的勻強電場。一質量為m=0.01kg的帶電小球水平向右進入

該電場后做勻速直線運動。g取10m/s2。求：

(1)小球帶何種電荷；

(2)小球所帶電荷量的大小；

(3)不改變其它條件的情況下，將勻強電場方向變為豎直向上，則小球所受合外力

為多大？此后小球做何種運動？

23.如圖所示為直流電動機提升重物裝置，電動機的內

阻一定，閉合開關K,當把它接入電壓為q=0.21/的

U

□m

第6頁，共17頁

電路時，電動機不轉，測得此時流過電動機的電流是人=0.44當把電動機接入電

壓為4=4.0U的電路中，電動機下常工作且電動機勻速提升重物，工作電流是=

1.04,求：

(1)電動機線圈的電阻r；

(2)當4=4.0U電動機正常工作時的輸出功率及電動機的效率；

(3)如果重物質量m=1.0kg,當/=4,0U時電動機提升重物的速度大小是多少？

(g取lOm/s?)

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：物理學上為了便于研究而建立的一種高度抽象的理想客體就是理想模型，

如質點、點電荷、黑體，但是元電荷是一種電荷單位，故B錯誤，符AC。正確，

本題選不屬于理想模型的，故選：Bo

抓住主要因素，忽略次要因素是物理學中常用方法，比如質點就是如此，質點是高中一

開始所學的一個理想化模型，對其理解要抓住“當物體的大小和形狀在所研究問題中可

以忽略時”這一核心進行。

明確理想模型法的基本性質，知道實際物體在一定條件下的科學抽象，即采用理想化模

型的方法是高中常用方法。

2.【答案】C

【解析】解：AD,功、磁通量只有大小，沒有方向，均是標量，故錯誤；

以電流雖有方向，但電流運算不遵循平行四邊形定則，因此電流是標量，故B錯誤；

C、磁感應強度是矢量，故C正確。

故選：C。

矢量是既有大小又有方向、運算遵循平行四邊形定則的物理量，標量是只有大小沒有方

向、運算遵循代數運算法則的物理量。

本題是一個基礎題目，關鍵要正確掌握矢量和標量的概念。要注意矢量的運算遵循平行

四邊形定則。

3.【答案】D

【解析】解：物理學中發現電荷之間的相互作用規律的物理學家是庫侖，最早提出利用

電場線描述電場的物理學家是法拉第，發現電流的熱效應的物理學家是焦耳，用實驗證

實電磁場理論的物理學家是赫茲。故ABC錯誤，￡＞正確。

故選：D。

根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家庫侖、法拉第、焦耳、赫茲等人的主要貢

獻即可.

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本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記

憶，這也是考試內容之一.

4.【答案】D

【解析】解：電視機工作時，屏幕表面帶電，而帶電體有吸引輕小物體的性質，把灰塵

吸附到了屏幕上，故。正確，A8C錯誤；

故選：Do

電視機工作時，屏幕表面帶電，而帶電體有吸引輕小物體的性質，把灰塵吸附到了屏幕

上。

明確帶電體有吸引輕小物體的性質是解決問題的關鍵。

5.【答案】A

【解析】解：4白熾燈是利用電流的熱效應工作的，與磁現象無關，故A正確；

A電動機是利用電流在磁場中受到的安培力工作的，與題意不符，故B錯誤；

C.指南針是小磁針在地磁場的作用下偏轉而進行指明方向的，與題意不符，故C錯誤；

D交流發電機是利用電磁感應現象工作的，與題意不符，故。錯誤。

故選：Ao

明確各儀器的工作原理，知道磁現象的應用，從而明確哪些事物與磁現象有關。

本題考查磁現象的應用，要注意明確生活中常用電器的工作原理。

6.【答案】C

【解析】解：4、電場強度E是描述電場的力的性質的物理量，只與電場本身有關，與

檢驗電荷無關，故A錯誤。

3、電勢程是描述電場的能的性質的物理量，只與電場本身有關，與檢驗電荷無關，故B

錯誤。

C、由電場力尸=]6，可知，電場力既與電場E有關，也與檢驗電荷q有關。故C正確；

D,電勢差U是由電場本身以及電場中的兩點的位置決定的，與檢驗電荷無關。故。錯

誤。

故選：Co

電場強度、電勢與電勢差反映電場本身的性質，與檢驗電荷無關，而電場力既與電場有

關，也與檢驗電荷有關.由此分析即可.

對于物理中各個物理量要明確其確切含義，以及其定義式和決定式的不同，這要在學習

中不斷的總結和積累.

7.【答案】D

【解析】解：導體4得到電子，導體B失去電子，電子數為n=2=上處與個=6.25x

e1.6X10-19

101。個，故A8C錯誤，。正確。

故選：D。

根據踐=總的電荷量與每個電子電荷量的比值等于電子個數可求解。

明確個數是總電荷量和每個電子所帶電量的比值是解決問題的關鍵。

8.【答案】C

【解析】解：因電場線的疏密表示場強的大小，由圖可知，只有C圖中4B兩點的電場線

疏密程度相同，故A、B兩點電場強度相同的點只有C。

故選：C.

在電場線中電場線的疏密表示電場強度的大小，當電場線疏密相同時，電場強度相等.

本題考查電場線的性質，電場線的方向表示場強的方向，電場線的疏密表示場強的大小.

9.【答案】B

【解析】解：根據三束粒子的偏轉方向可知，a帶負電，b帶正電，c不帶電；故B正確

ACD錯誤。

故選：B。

明確正電荷受力沿電場線方向，負電荷受力逆著電場線的方向，而不帶電的粒子不受電

場力，根據粒子偏轉方向即可確定受力方向，從而明確粒子的電性。

本題考查帶電粒子在電場中的受力分析，要注意明確正負電荷的受力方向與電場線間的

關系。

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10.【答案】C

【解析】解：由勻強電場的電場強度公式E=：得：

a

(/=Fd=104x0.5V=5000V,故48。錯誤，C正確;

故選：Co

根據勻強電場的電場強度公式E=J求出放電時產生的瞬間電壓。

a

解決本題的關鍵掌握勻強電場的電場強度公式E=，知道該公式只適用于勻強電場的

a

計算。

11.【答案】B

【解析】解：/-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數，則可知，4的阻值要大于B的阻

值；

再由/?=等可知，材料和長度均相同的兩導體，截面積越小則電阻越大，故說明4的截

面積要小于B的截面積。

故5正確，AC。錯誤。

故選：B。

根據/-U圖象的性質可確定電阻的大小關系，再根據電阻定律即可確定橫截面積之比。

本題考查對/-見圖象以及電阻定律的應用，要注意明確/-U圖象和U-/圖象的區別。

12.【答案】A

【解析】解：根據電流的定義可知軌道中的電流/=*=ef=1.6x10-19x6.6x

10154=1.06x10-34,故A正確，BCQ錯誤。

故選：A.

電子繞核做勻速圓周運動，庫侖力提供向心力，解得電子繞核運動的周期，再根據電流

的定義式/=:求解等效電流。

本題要知道電子繞核運動，質子對電子的庫侖力提供其需要的向心力，據此列方程可計

算出電子運動的周期是解題的關鍵。

13.【答案】B

【解析】解：一個月可節省的電能最接近w=Pt=（OAkW-0.18fcIV）x4000x10hx

30?3X105kW-h

,故ACD錯誤，8正確。

故選：B。

利用公式W=Pt計算每月可節約的電能，注意單位直接采用kW-八（度）。

本題考查了消耗電能（電功）的計算，關鍵知道LED燈的節能、能量的轉化現象。

14.【答案】。

【解析】解：根據右手螺旋定則可知通電螺線管左側為N極，右側為S極，磁感線在外

部由N極S極，內部由S極指向N極，而靜止時小磁針N極指向為磁感線方向，可知小磁

針的N極指向正確的只有d,故A8C錯誤，。正確。

故選：0。

依據安培定則可判斷通電導線周圍的磁場方向，再根據小磁針靜止時N極的指向與磁感

應線的方向相同，從而分析小磁針所在處的磁場方向是否正確。

本題考查了磁感線的方向，要求學生能夠判斷電流周圍的磁場方向，同時掌握安培定則

的內容。

15.【答案】A

【解析】

【分析】

在磁感應強度為B的勻強磁場中，有一個面積為S且與磁場方向垂直的平面，磁感應強

度B與面積S的乘積，叫做穿過這個平面的磁通量，故當B與S平面垂直時，穿過該面的

磁通量。=BS。

本題考查了磁通量的定義式和公式0=BS的適用范圍，只要掌握了磁通量的定義和公

式。=BS的適用條件就能順利解決。

【解答】

由于線圈平面與磁場方向垂直，故穿過該面的磁通量為：O=BS,半徑為r的虛線范圍

內有勻強磁場，所以磁場的區域面積為：S=nr2

第12頁，共17頁

結合圖可知，穿過兩個線圈的磁感線的條數是相等的，所以磁通量都是：＜P=itBr2,

與線圈的大小無關。故A正確，錯誤。

故選：Ao

16.【答案】D

【解析】解：AB,物體在任何時候都會發出紅外線，溫度越高，輻射紅外線的能力越

強，所以人體在任何時候都會輻射紅外線，故A8錯誤；

C、紅外體溫計是依據人體發射紅外線來測體溫的，不是體溫計發出的紅外線，故C錯

誤；

。、紅外體溫計是依據人體溫度越高，輻射的紅外線強度越大來測體溫的，故。正確。

故選：D。

物體在任何時候都會發出紅外線，紅外體溫計是依據人體溫度越高，輻射的紅外線強度

越大來測體溫的。

本題主要是考查紅外線的作用，知道任何物體在任何時候都會發出紅外線，只不過溫度

越高，輻射紅外線的能力越強。

17.【答案】B

【解析】解：電子由。到4的過程，只有電場力做功，根據功能關系有-eEh=0-如詔

兩板間的電場強度：￡=7

聯立兩式求得：電子從。點射出時的速度大小為%=故8正確，AC。錯誤。

故選：B。

電子的初動能為零，運動過程全程只有電場力做功，根據動能定理解出電子的速度。

本題關鍵掌握動能定理，并能與電場知識結合處理電子變速直線運動問題.注意動能定

理應用時要找準全過程物體一共受到幾個，并判斷哪兒個力做功。

18.【答案】C

【解析】解：4由曲線運動的知識可以知道：帶電粒子所受的電場力向左，因為粒子的

運動方向不知，所以可能是從a到b,也可能是從b到a,故A錯誤；

A由上可以知道，帶電粒子帶電性質不確定，所以場強的方向也不能確定，故B錯誤;

CD.帶電粒子從a到b過程中，電場力做負功，電荷的電勢能增大，由動能定理，粒子的

動能減小，即粒子在a點的動能大于在b點的動能，故C正確，。錯誤。

故選：Co

由粒子軌跡彎曲的方向可判斷出電子所受的電場力方向水平向左，粒子帶負電，則知電

場線方向，根據順著電場線方向，電勢降低，可判斷電勢的高低。由電場力做正負，分

析電勢能和動能的變化；勻強電場中粒子的加速度恒定不變。

本題首先要根據電子彎曲方向判斷電場力方向，即可判斷電場力做功的正負、確定電勢

能和動能的大小。

19.【答案】ABDFH乙1.51.0

【解析】解：(1)在上述器材中請選擇適當的器材：4被測干電池一節

為了讀數準確，所以選擇B.電流表：量程0?0.64。.電壓表：量程0?3V，

滑動變阻器阻值較小有利于電表的數值變化，減小誤差，故選E滑動變阻器，從開關、

導線若干

(2)測量電電動勢和內阻的時候，由于電源的內阻是很小的，若采用甲圖的接法，由于

電流表內阻的影響,會使測量電阻偏大，為了減小內阻的測量誤差，實驗時應選用電路

圖乙.

(3)由U—/圖可知，電源的電動勢為：E=1.50K；

故答案為：(1)ABDFH；(2)乙;(3)1.5；1.0.

(1)實驗中要能保證安全和準確性選擇電表；

(2)本實驗應采用電阻箱和電壓表聯合測量，由實驗原理選擇電路圖；

(3)由原理利用閉合電路歐姆定律可得出表達式，由數學關系可得出電動勢和內電阻.

本題為設計性實驗，在解題時應注意明確實驗的原理；并且要由實驗原理結合閉合電路

歐姆定律得出表達式，由圖象得出電動勢和內電阻.

20.【答案】SKBD9000

【解析】解：(1)①多用電表使用前要進行機械調零，調節可調部件S,使電表指針停在

左端的“0”位置；

②將紅、黑表筆分別插入“+”“一”插孔，筆尖相互接觸，調節可調部件K,使電表

第14頁，共17頁

指針指向右端0”位置；

(2)多用電表調零后，x10倍率擋測量該電阻，發現指針偏角太小，說明讀數過大，即

電阻阻值很大，那么該換用高擋位讓指針指在中央刻度附近，換擋后必須重新進行歐姆

調零，所以BO正確，AC錯誤。

故選：BD。

(3)選擇開關處在“x，由圖丙中所示可知，被測金屬絲的阻值是9x=

9k0=9000/2

故答案為：(1)①S；②K；(2)BD；(3)9000o

多用電表測量電阻時，先進行機械校零；用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位使指針只在

中央刻度線附近；歐姆表選擇擋位后要進行歐姆調零；歐姆表指針示數與擋位的乘積是

歐姆表示數。

本題考查歐姆表的使用，要掌握歐姆定律的使用方法，明確要選擇合適的擋位并每次換

擋后要進行歐姆調零，歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數.

21.【答案】解：(1)根據兩小球相互排斥可知兩個小球帶帶同種電荷。

(2)設細線與豎直方向的夾角為仇對其中一個小球受力分析如圖：

根據幾何關系有：

tan0=—

12

則

F—mgtand=6x10-3x10x=2.5x10~2N；

(3)由庫侖定律可知靜電力：

尸T

解得：

電荷量絕對值為

q=-XIO-。=1.67x10-7Co

r3

答：(1)兩個小球帶同種電荷；

(2)小球所受靜電力F為2.5x10-2可；

(3)小球所帶電荷量的絕對值為1.67x10-7Co

【解析】同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，只有是同種電荷，兩球間才會有相互

排斥的庫侖力作用；由幾何關系求出細線偏離豎直方向的夾角；結合平衡條件與庫侖定

律進行分析即可求得小球帶電荷量。

本題考查庫侖力參與的平衡問題，掌握電荷間的相互作用規律及庫侖定律的應用，本題

的突破口在于先由幾何關系求出細線與豎直方向的夾角。

22.