2022-2023學年河北雄安新區博奧高級中學高考沖刺四物理試題

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、據科學家推算，六億兩千萬年前，一天只有21個小時，而現在已經被延長到24小時，假設若干年后，一天會減慢

延長到25小時，則若干年后的地球同步衛星與現在的相比，下列說法正確的是（）

A.可以經過地球北極上空

B.軌道半徑將變小

C.加速度將變大

D.線速度將變小

2、2019年7月31日，一個國際研究小組在《天文學和天體物理學》雜志刊文稱，在一個距離我們31光年的M型紅

矮星GJ357系統中，發現了行星GJ357b、GJ357c和GJ357d,它們繞GJ357做圓周運動。GJ357d處于GJ357星系

宜居帶，公轉軌道與GJ357的距離大約為日地距離的五分之一。GJ357d的質量是地球質量的6.1倍，公轉周期為55.7

天，很可能是一個宜居星球。不考慮行星間的萬有引力，根據以上信息可知（）

CJ357.

A.GJ357d和GJ357c的軌道半徑與周期的比值相同

B.GJ357d的周期比GJ357c的周期小

C.GJ357的質量約為地球質量的3倍

3

D.GJ357的質量約為太陽質量的正

3、一種比飛機還要快的旅行工具即將誕生，稱為“第五類交通方式”，它就是“Hyperloop（超級高鐵）據英國《每

日郵報》2016年7月6日報道：HyperloopOne公司計劃，2030年將在歐洲建成世界首架規模完備的“超級高鐵”

（Hyperloop）,連接芬蘭首都赫爾辛基和瑞典首都斯德哥爾摩，速度可達每小時700英里（約合1126公里/時）。如果

乘坐Hyperloop從赫爾辛基到斯德哥爾摩,600公里的路程需要40分鐘,Hyperloop先勻加速,達到最大速度1200km/h

后勻速運動，快進站時再勻減速運動，且加速與減速的加速度大小相等，則下列關于Hyperloop的說法正確的是（）

A.加速與減速的時間不相等

B.加速時間為10分鐘

C.加速時加速度大小為2m/s2

D.如果加速度大小為10m/s2,題中所述運動最短需要32分鐘

4、如圖，一小孩在河水清澈的河面上以lm/s的速度游泳，f=0時刻他看到自己正下方的河底有一小石塊，f=3s時他

4

恰好看不到小石塊了，河水的折射率〃=§,下列說法正確的是（）

0

A.3s后，小孩會再次看到河底的石塊

B.前3s內，小孩看到的石塊越來越明亮

C.這條河的深度為"m

D.U0時小孩看到的石塊深度為生且m

3

5、如圖所示，材料相同的物體A、B由輕繩連接，質量分別為刎和，"2且機#"”，在恒定拉力廠的作用下沿斜面向

上加速運動。則（）

A.輕繩拉力的大小與斜面的傾角〃有關

B.輕繩拉力的大小與物體和斜面之間的動摩擦因數“有關

C.輕繩拉力的小與兩物體的質量㈣和in2有關

D.若改用F沿斜面向下拉連接體，輕繩拉力的大小不變

6、吊蘭是常養的植物盆栽之一，如圖所示是懸掛的吊蘭盆栽，四條等長的輕繩與豎直方向夾角均為30。，花盆總質量

為2kg,取g=10m/s2,則每根輕繩的彈力大小為（）

w

A.5NB.C.IOND.20N

3

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、下列說法正確的是.

A.狹義相對論認為，真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，光速與光源、觀察者間的相對運動無關

B.電視遙控器發出的紅外線的波長比醫院里“CT”中發出的X射線的波長要短

C.分別用紅光、紫光在同一個雙縫干涉實驗裝置上做實驗，紅光的相鄰兩個亮條紋的中心間距大于紫光的相鄰兩個

亮條紋的中心間距

D.如圖1所示，“、方兩束光以不同的入射角由玻璃射向真空，結果折射角相同，則在玻璃中。光的全反射臨界角大

于力光的全反射臨界角

E.如圖2所示，偏振片P的透振方向為豎直方向，沿與豎直方向成45。角振動的偏振光照射到偏振片尸上，在尸的另

一側能觀察到透射光

圖2

8、如圖所示，a、b、c、d表示一定質量的理想氣體狀態變化中的四個狀態，圖中ad與7軸平行，cd與p軸平行，ab

的延長線過原點，則下列說法中正確的是（）

A.氣體在狀態a時的體積大于在狀態b時的體積

B.從狀態》到狀態”的過程，氣體吸收的熱量一定等于其增加的內能

C.從狀態c到狀態d的過程，氣體分子的平均動能不變，但分子的密集程度增加

D.從狀態a到狀態d的過程，氣體對外做功，內能不變

E.從狀態b到狀態c的過程，氣體從外界吸收的熱量一定大于其對外做的功

9、下列說法中正確的是

A.當溫度升高時，物體內所有分子熱運動速率都一定增大

B.分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小

C.在潮濕的天氣里，空氣的相對濕度小，有利于蒸發

D.溫度相同的不同物體，它們分子的平均動能一定相同

E.一定質量的理想氣體分別經等容過程和等壓過程，溫度均由八升高到B，等壓過程比等容過程吸收的熱量多

10、如圖所示，邊長為心的等邊三角形abc為兩個勻強磁場的理想邊界，三角形內的磁場方向垂直紙面向外，磁感應

強度大小為B,三角形外的磁場范圍足夠大、方向垂直紙面向里，磁感應強度大小也為頂點a處的粒子源沿Na

的角平分線發射質量為"八電荷量為g的帶負電粒子，其初速度大小v產幽，不計粒子重力，下列說法正確的是

m

（）

A.粒子第一次返回。點所用的時間是一丁

3qB

B.粒子第一次返回，，點所用的時間是注

qB

171m

C.粒子在兩個有界磁場中運動的周期是

3qB

D.粒子在兩個有界磁場中運動的周期是警

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學用圖甲電路做“測量電池的電動勢和內阻”實驗。可用的器材有：

A.電源（電動勢約3V,內阻約10。）

B.電壓表V（量程0~50mV,內阻為50。）

C.電流表A（量程0~100mA,內阻約為2.5。）

D.電阻箱R（0~999.9。，最小改變值為0.1。）

E.定值電阻Ri（阻值為2950。）

F.定值電阻&（阻值為9950。）

G.開關S及若干導線

在盡可能減小測量誤差的情況下，請回答下列問題:

(1)定值電阻應選用;(填寫器材前面的字母序號)

(2)用筆畫線代替導線，按圖甲電路將圖乙實物完整連接起來;

(3)實驗步驟如下：

①閉合S,調節電阻箱的阻值使電流表的示數為100mA,此時電阻箱的阻值為14.3。，電壓表的示數為Uo；

②斷開S,拆下電流表，將8與C用導線直接相連，閉合S,調節電阻箱的阻值使電壓表的示數仍為Uo,此時電阻箱

的阻值為17.0。，則電流表的內阻為

③調節電阻箱阻值，記下電阻箱的阻值R,電壓表的示數S;多次改變電阻箱的阻值，可獲得多組數據。做出電壓表

示數的倒數,隨電阻箱的阻值的倒數L的圖線如圖丙所示，若不考慮電壓表對電路的影響，電池的電動勢和內阻分

UR

別為V、。(結果保留三位有效數字)。

12.(12分)某同學用如圖所示裝置探究氣體做等溫變化的規律。

(1)在實驗中，下列哪些操作不是必需的.

A.用橡膠塞密封注射器的下端

B.用游標卡尺測量柱塞的直徑

C.讀取壓力表上顯示的氣壓值

D.讀取刻度尺上顯示的空氣柱長度

(2)實驗裝置用鐵架臺固定，而不是用手握住玻璃管(或注射器)，并且在實驗中要緩慢推動活塞，這些要求的目的是

（3）下列圖像中，最能直觀反映氣體做等溫變化的規律的是

ABCD

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在矩形區域ABCD內存在豎直向上的勻強電場，在BC右側I、II兩區域存在勻強磁場，Li、

L2、L3是磁場的邊界（BC與Li重合），寬度相同，方向如圖所示，區域I的磁感強度大小為Bi.一電荷量為q、質

量為m（重力不計）的帶正電點電荷從AD邊中點以初速度vo沿水平向右方向進入電場，點電荷恰好從B點進入磁場,

經區域I后又恰好從與B點同一水平高度處進入區域II.已知AB長度是BC長度的百倍.

（1）求帶電粒子到達B點時的速度大小；

（2）求磁場的寬度L；

（3）要使點電荷在整個磁場中運動的時間最長，求區域D的磁感應強度B2的最小值.

14.（16分）在納米技術中需要移動或修補原子，必須使在不停地做熱運動（速率約幾百米每秒）的原子幾乎靜止下

來且能在一個小的空間區域內停留一段時間，為此已發明了“激光致冷''的技術。即利用激光作用于原子，使原子運動

速率變慢，從而溫度降低。

（1）若把原子和入射光子分別類比為一輛小車和一個小球，貝!1"激光致冷'’與下述的力學模型相似。如圖所示，一輛質量

為機的小車（左側固定一輕質擋板以速度V。水平向右運動；一個動量大小為p。質量可以忽略的小球水平向左射入小

車后動量變為零；緊接著不斷重復上述過程，最終小車將停下來。設地面光滑。求：

①第一個小球入射后，小車的速度大小VI；

②從第一個小球入射開始計數到小車停止運動，共入射多少個小球？

(2)近代物理認為，原子吸收光子的條件是入射光的頻率接近于原子吸收光譜線的中心頻率如圖所示，現有一個原子A

水平向右運動，激光束a和激光束b分別從左右射向原子A,兩束激光的頻率相同且都略低于原子吸收光譜線的中心

頻率、請分析：

①哪束激光能被原子A吸收?并說明理由；

②說出原子A吸收光子后的運動速度增大還是減小。

。0(A)0b

15.(12分)如圖甲所示，質量機=lkg的小滑塊(視為質點)，從固定的四分之一光滑圓弧軌道的最高點A由靜止滑下,

經最低點B后滑上位于水平面的木板，并恰好不從木板的右端滑出。已知木板質量M=4kg,上表面與圓弧軌道相切

于8點，木板下表面光滑，滑塊滑上木板后運動的丫-/圖象如圖乙所示，取g=10m/s2。求：

(1)圓弧軌道的半徑及滑塊滑到圓弧軌道末端時對軌道的壓力大小；

(2)滑塊與木板間的動摩擦因數；

(3)木板的長度。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

AB.由萬有引力提供向心力得

「Mm2TT

G-p-=m(-)2r

解得

_Ir3

T—29萬J----

\GM

當周期變大時，軌道半徑將變大，但依然與地球同步，故軌道平面必與赤道共面，故A、B錯誤;

C.由萬有引力提供向心力得

—Mm

G——=tna

可得

GM

a=~~

r

軌道半徑變大，則加速度減小，故C錯誤；

D.由萬有引力提供向心力得

軌道半徑變大，則線速度將變小，故D正確；

故選D。

2,D

【解析】

A.G357d和GJ357c都繞GJ357做圓周運動，由開普勒第三定律可知，它們軌道半徑的三次方與周期的二次方的比

值相同，故A錯誤；

B.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

由于凡＜此，貝！I，所以GJ357d的周期比GJ357c的周期大，故B錯誤;

C.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

G-Mmh，O2兀丫一R

解得

4712K

M

GT2

求天體質量時只能求得中心天體的質量，不能求環繞天體的質量，地球繞太陽運動，地球為環繞天體；GJ357d繞GJ357

運動，GJ357d是環繞天體，雖然知道GJ357d的質量是地球質量的6.1倍，但不能比較GJ357的質量與地球質量的關

系，故C錯誤；

D.萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得

解得

4兀2R

M

GT2

Af太陽10

故D正確。

故選D。

3、B

【解析】

A.加速與減速的加速度大小相等，加速和減速過程中速度變化量的大小相同，根據:

Av

a=一

可知加速和減速所用時間相同，A錯誤；

BC.加速的時間為"，勻速的時間為減速的時間為乙，由題意得:

2"+J=40x60s

+vt2=600x103m

1200.

------m/s=at

3.6}

聯立方程解得：

勻加速和勻減速用時：A=600s=10min

勻速運動的時間：?2=1200s

加速和減速過程中的加速度：

B正確，C錯誤；

D.同理將上述方程中的加速度變為lOm/sz,加速和減速的時間均為:

1200

,T6-100

r/=^^-s=——s

1103

加速和減速距離均為

勻速運動用時：

600xl03-2x500003

,a53C

’2"1200s=y

總時間為:

2，i'+，2'='s亡31min

D錯誤。

故選B。

4、C

【解析】

A.t=3s時他恰好看不到小石塊了，說明在此位置從小石塊射到水面的光發生了全反射，則3s后的位置從小石塊射到

水面的光仍發生全反射，則小孩仍不會看到河底的石塊，選項A錯誤；

B.前3s內，從小石子上射向水面的光折射光線逐漸減弱，反射光逐漸增強，可知小孩看到的石塊越來越暗，選項B

錯誤；

C.由于

tan37=

可知水深

h=-m=Sm

tanC3

行

選項C正確；

D.UO時小孩看到的石塊深度為

,■h3>/7

h=—=----m

n4

選項D錯誤。

故選C。

5、C

【解析】

ABC.以物體A、5及輕繩整體為研究對象根據牛頓第二定律得

尸一("4+%)gsin0-〃(〃4+m2)gcos0=+m2)a

解得

F

a=--------gsin。一cos0

町+m2

再隔離對3分析，根據牛頓第二定律得

T-m2gsin0-42gcos6=m2a

解得

TmF

T=——-2---

"4+%

則知繩子的拉力與斜面傾角e無關，與動摩擦因數〃無關，與兩物體的質量/跖和牝有關，選項C正確，AB均錯誤;

D.若改用廠沿斜面向下拉連接體，以物體A、8及輕繩整體為研究對象，根據牛頓第二定律得

Z7+(/4+牡)gsin0-〃(m,+秋)gcos0-(m1+)af

解得

F

d—------+gsin。一〃cos。

再隔離對A分析，根據牛頓第二定律得

T'+//gsine-4mlgeos。=m}a

解得

T'=/F

m1+m2

可知輕繩拉力的大小改變，選項D錯誤。

故選C。

6^B

【解析】

根據對稱性可知，每根繩的拉力大小相等，設每根繩的拉力大小為幾

在豎直方向由平衡條件得：

4Fcos30°=G

解得：

3

A.5N,與結論不相符，選項A錯誤；

B.更IN,與結論相符，選項B正確；

3

C.10N,與結論不相符，選項C錯誤；

D.20N,與結論不相符，選項D錯誤；

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7,ACE

【解析】

A.狹義相對論中光速不變原理：真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的.故A正確；

B.紅外線的波長比X射線長.故B錯誤；

C.紅光的波長長于紫光，所以在同一個雙縫干涉實驗裝置上做實驗，紅光的相鄰兩個亮條紋的中心間距大于紫光的相

鄰兩個亮條紋的中心間距.故C正確；

D.由幾何分析可知。光束對應的折射率大，而全反射臨界角正弦值與折射率成反比，所以。光的全反射臨界角小于6

光的全反射臨界角.故D錯誤；

E.由于偏振光在偏振片的透振方向有分量所以對應的會在另一側觀察到透射光.故E正確

8、BCE

【解析】

A.因詔連線過原點，可知是等容線，則氣體在狀態a時的體積等于在狀態b時的體積，選項A錯誤；

B.從狀態b到狀態。的過程，氣體體積不變，則對外做功為零，即W=0,根據AgW+Q可知，氣體吸收的熱量一定

等于其增加的內能，選項B正確；

C.從狀態c到狀態d的過程，氣體的溫度不變，壓強變大，體積減小，則氣體分子的平均動能不變，但分子的密集

程度增加，選項C正確；

D.從狀態a到狀態d的過程，氣體壓強不變，溫度升高，則體積變大，氣體對外做功，內能變大，選項D錯誤；

E.從狀態8到狀態c的過程，氣體溫度升高，體積變大，內能增加，對外做功，根據可知，氣體從外界吸

收的熱量一定大于其對外做的功，選項E正確。

故選BCE,

9、BDE

【解析】

A.當溫度升高時，物體內分子的平均速率變大，并非所有分子熱運動速率都一定增大，選項A錯誤；

B.分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，選項B正確；

C.在潮濕的天氣里，空氣的相對濕度大，不利于蒸發，選項C錯誤；

D.溫度是分子平均動能的標志，溫度相同的不同物體，它們分子的平均動能一定相同，選項D正確；

E.一定質量的理想氣體溫度由八升高到72,則內能變化量相同，經等壓過程，體積變大，對外做功W<0,則等容過

程中不對外做功W=o,根據熱力學第一定律可知，等壓過程比等容過程吸收的熱量多，選項E正確。

故選BDEo

10、AD

【解析】

AB.若v°=邂,帶電粒子垂直進入磁場，做勻速圓周運動，則由牛頓第二定律可得：

m

y227rm

qvB=m——,T=——

rqB

將速度代入可得：

r-L

由左手定則可知粒子在三角形內的區域內偏轉的方向向左，從?射出粒子第一次通過圓弧從a點到達c點的運動軌跡

如下圖所示，可得：

粒子從C到5的時間:

帶電粒子從b點到達a點的時間也是g,所以粒子第一次返回a點所用的時間是

0

774加

h=tac+tcb+tba=—T=~~~~

63qB

故A正確，B錯誤;

CD.粒子第一次到達〃點后沿與初速度方向相反的方向向上運動，依次推理，粒子在一個周期內的運動；可知粒子運

動一個周期的時間是3個圓周運動的周期的時間，即:

6兀m

qB

故C錯誤，D正確;

故選ADo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、2.9012.0

【解析】

實驗中需要將電流表A與定值電阻R串聯，改裝成一個量程為()~3V的電壓表，由部分電路歐姆定律知

U-Uv/v

&N

代入數據解得

&=2950Q

故選E。

(2)[2]根據電路原理圖，實物連接如圖所示

(3)[3]電壓表的示數始終為U。，則說明

RA+R=R'

即為

7?A=17.0Q-14.3Q=2.7Q

[4]根據閉合電路的歐姆定律知

E=U(察+1)+U(4).[r

R、R\/R

代入數據變形后

160r160

—=—?

UERE

結合題中所給圖像的縱截距

20.7=—

E

解得

E=2.90V

⑸斜率

144.9-20.760r

050~~~E

求得

r=12.0Q

12、B保證氣體狀態變化過程中溫度盡可能保持不變C

【解析】

(1)[1]A.為了保證氣密性，應用橡膠塞密封注射器的下端，A需要；

BD.由于注射器的直徑均勻恒定，根據V=LS可知體積和空氣柱長度成正比，所以只需讀取刻度尺上顯示的空氣柱長

度，無需測量直徑，B不需要D需要；

C.為了得知氣壓的變化情況，所以需要讀取壓力表上顯示的氣壓值，C需要。

讓選不需要的，故選B。

(2)[2]手溫會影響氣體的溫度，且實驗過程中氣體壓縮太快，溫度升高后熱量不能快速釋放，氣體溫度會升高，所以這

樣做的目的為保證氣體狀態變化過程中溫度盡可能保持不變。

PV11

(3)[3]根據71=C可知當氣體做等溫變化時，p與丫成反比，即“8",故〃-歹圖像為直線，所以為了能直觀反映

P與V成反比的關系，應做圖像，C正確。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、【小題1]皂弘

3

【小題2】2立嗎.

3qB1

【小題3】321.551

【解析】

粒子在勻強電場中做類平拋運動，將運動沿水平方向與豎直方向分解，根據動為學規律即可求解；當粒子進入磁場時,

做勻速圓周運動，由牛頓第二定律可確定運動的半徑.最后由幾何關系可得出磁場的寬度L;根據幾何關系確定離開

磁場的半徑范圍，再由半徑公式可確定磁感應強度.

【小題1】設點電荷進入磁場時的速度大小為v,與水平方向成。角，由類平拋運動的速度方向與位移方向的關系有：

則6=30°

根據速度關系有：丫=’」=2畫

cos。3

v2

【小題2】設點電荷在區域I中的軌道半徑為"，由牛頓第二定律得：qvB]=m一,軌跡如圖:

4

由幾何關系得：L=n

解得:s瞪

【小題3】當點電荷不從區域II右邊界離開磁場時，點電荷在磁場中運動的時間最長.設區域n中最小磁感應強度為B,

v

同理