湖南省百所重點中學新高考沖刺模擬物理試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，是半圓柱形玻璃體的對稱面和紙面的交線，是關于對稱且平行的兩束不同單色細光束，從玻璃體右方射出后的光路如圖所示，是垂直于放置的光屏，是屏上的一個光斑，根據該光路圖，下列說法正確的是（）A．在玻璃中，光的波長比光的波長短B．在真空中，光的頻率比光的大C．光的光子動量比B光的小D．通過同一雙縫干涉裝置，光的干涉條紋間距比光的小2、某電磁軌道炮的簡化模型如圖所示，兩圓柱形固定導軌相互平行，其對稱軸所在平面與水平面的夾角為θ，兩導軌長為L，間距為d，一質量為m的金屬彈丸置于兩導軌間，彈丸直徑為d，電阻為R，與導軌接觸良好且不計摩擦阻力，導軌下端連接理想恒流電源，電流大小恒為I，彈丸在安培力作用下從導軌底端由靜止開始做勻加速運動，加速度大小為a。下列說法正確的是（）A．將彈丸彈出過程中，安培力做的功為maL+mgLsinθB．將彈丸彈出過程中，安培力做的功為I2RC．將彈丸彈出過程中，安培力的功率先增大后減小D．將彈丸彈出過程中，安培力的功率不變3、如圖所示，將直徑為d，電阻為R的閉合金屬環從勻強磁場B中拉出，這一過程中通過金屬環某一截面的電荷量為（）A． B． C． D．4、如圖甲所示，一線圈匝數為100匝，橫截面積為0.01m2，磁場與線圈軸線成30°角向右穿過線圈。若在2s時間內磁感應強度隨時間的變化關系如圖乙所示，則該段時間內線圈兩端a和b之間的電勢差Uab為（）A．V B．2VC．V D．從0均勻變化到2V5、分別用波長為和的單色光照射同一金屬板，發出的光電子的最大初動能之比為12，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，則此金屬板的逸出功為（）A． B． C． D．6、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A經過狀態B、C又回到狀態A。下列說法正確的是（）A．A→B過程中氣體分子的平均動能增加，單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數增加B．C→A過程中單位體積內分子數增加，單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數減少C．A→B過程中氣體吸收的熱量大于B→C過程中氣體放出的熱量D．A→B過程中氣體對外做的功小于C→A過程中外界對氣體做的功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、為了測量某化工廠的污水排放量，技術人員在該廠的排污管末端安裝了如圖所示的流量計，該裝置由絕緣材料制成，長、寬、高分別為a、b、c，左、右兩端開口，在垂直于前、后面的方向加磁感應強度為B的勻強磁場，在上、下兩個面的內側固定有金屬板M、N作為電極，污水充滿管口從左向右流經該裝置時，電壓表將顯示兩個電極間的電壓U，若用Q表示污水流量（單位時間內流出的污水體積），下列說法中正確的是（）A．M板電勢一定高于N板的電勢B．污水中離子濃度越高，電壓表的示數越大C．污水流動的速度越大，電壓表的示數越大D．電壓表的示數U與污水流量Q成正比8、如圖，理想變壓器的a、b兩端接在U=220V交流電源上，定值電阻R0=40Ω，R為光敏電阻，其阻值R隨光照強度E變化的公式為R=Ω，光照強度E的單位為勒克斯（lx）。開始時理想電流表A2的示數為0.2A，增大光照強度E，發現理想電流表A1的示數增大了0.2A，電流表A2的示數增大了0.8A，下列說法正確的是（）A．變壓器原副線圈匝數比B．理想電壓表V2、V3的示數都減小C．光照強度的增加量約為7.5lxD．在增大光照強度過程中，變壓器的輸入功率逐漸減小9、如圖所示，一列簡諧波沿x軸傳播，實線為t＝0時的波形圖，此時P質點向y軸負方向振動；虛線為0.02s(小于1個周期)時的波形圖，則()A．波沿x軸正方向傳播B．波速為3.5m/sC．t＝0.02s時，x＝8cm處質點向y軸負方向振動D．t＝0至t＝0.08s，質點P通過的路程為0.04m10、如圖所示,一固定斜面傾角為θ,將小球A從斜面頂端以速率v0水平向右拋出,擊中了斜面上的P點;將小球B從空中某點以相同速率v0水平向左拋出,恰好垂直斜面擊中Q點。不計空氣阻力,重力加速度為A．若小球A在擊中P點時速度方向與水平方向所夾銳角為φ,則tanB．若小球A在擊中P點時速度方向與水平方向所夾銳角為φ,則tanC．小球A、B在空中運動的時間比為2D．小球A、B在空中運動的時間比為tan三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗室欲將電流表改裝為兩用電表：歐姆表：中央刻度為30的“×l0”檔；電壓表：量程0～6V。A．干電池組（E＝3.0V）B．電流表A1（量程0～10mA，內阻為100Ω）C．電流表A2（量程0～0.6A，內阻為0.2Ω）D．滑動變阻器R1（0～300Ω）E．滑動變阻器R2（0～30Ω）F．定值電阻R3（10Ω）G．定值電阻R4（500Ω）H．單刀雙擲開關S，一對表筆及若干導線(1)圖中A為_______（填“紅”或“黑”）表筆，測量電阻時應將開關S扳向______（填“l”或“2”）。(2)電流表應選用__________（填“A1”或“A2”），滑動變阻器應選用__________（填“R1”或“R2”），定值電阻R應選__________（填“R3”或“R4”）。(3)在正確選用器材的情況下，正確連接好實驗電路，若電流表滿偏電流為Ig，則電阻刻度盤上指針指在處所對應的阻值__________Ω。12．（12分）某同學用如圖甲所示裝置驗證動量守恒定律．主要實驗步驟如下：①將斜槽固定在水平桌面上，調整末端切線水平；②將白紙固定在水平地面上，白紙上面放上復寫紙；③用重錘線確定斜槽末端在水平地面上的投影點；④讓小球緊貼定位卡由靜止釋放，記錄小球的落地點，重復多次，確定落點的中心位置；⑤將小球放在斜槽末端，讓小球緊貼定位卡由靜止釋放，記錄兩小球的落地點，重復多次，確定兩小球落點的中心位置；⑥用刻度尺測量距點的距離；⑦用天平測量小球質量；⑧分析數據，驗證等式是否成立，從而驗證動量守恒定律．請回答下列問題：（1）步驟⑤與步驟④中定位卡的位置應__________________________；（2）步驟④與步驟⑤中重復多次的目的是________________________；（3）為了使小球與碰后運動方向不變，質量大小關系為__________（選填“”、“”或“”）；（4）如圖乙是步驟⑥的示意圖，則步驟④中小球落點距點的距離為___________________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，寬度為的區域被平均分為區域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，其中Ⅰ、Ⅲ有勻強磁場，它們的磁感應強度大小相等，方向垂直紙面且相反，長為，寬為的矩形abcd緊鄰磁場下方，與磁場邊界對齊，O為dc邊的中點，P為dc邊中垂線上的一點，OP=3L．矩形內有勻強電場，電場強度大小為E，方向由a指向O．電荷量為q、質量為m、重力不計的帶電粒子由a點靜止釋放，經電場加速后進入磁場，運動軌跡剛好與區域Ⅲ的右邊界相切．（1）求該粒子經過O點時速度大小v0；（2）求勻強磁場的磁感強度大小B;（3）若在aO之間距O點x處靜止釋放該粒子，粒子在磁場區域中共偏轉n次到達P點，求x滿足的條件及n的可能取值．14．（16分）質量為2kg的物體靜止在足夠大的水平面上，物體與地面間的動摩擦因數為1．2，最大靜摩擦力和滑動摩擦力大小視為相等．從t=1時刻開始，物體受到方向不變、大小呈周期性變化的水平拉力F的作用，F隨時間t的變化規律如圖所示．重力加速度g取11m/s2，則物體在t=1到t=12s這段時間內的位移大小為A．18m B．54mC．72m D．198m15．（12分）牛頓說：“我們必須普遍地承認，一切物體，不論是什么，都被賦予了相互引力的原理”．任何兩個物體間存在的相互作用的引力，都可以用萬有引力定律計算，而且任何兩個物體之間都存在引力勢能，若規定物體處于無窮遠處時的勢能為零，則二者之間引力勢能的大小為，其中m1、m2為兩個物體的質量，r為兩個質點間的距離（對于質量分布均勻的球體，指的是兩個球心之間的距離），G為引力常量．設有一個質量分布均勻的星球，質量為M，半徑為R．（1）該星球的第一宇宙速度是多少？（2）為了描述電場的強弱，引入了電場強度的概念，請寫出電場強度的定義式．類比電場強度的定義，請在引力場中建立“引力場強度”的概念，并計算該星球表面處的引力場強度是多大？（3）該星球的第二宇宙速度是多少？（4）如圖所示是一個均勻帶電實心球的剖面圖，其總電荷量為+Q（該帶電實心球可看作電荷集中在球心處的點電荷），半徑為R，P為球外一點，與球心間的距離為r，靜電力常量為k．現將一個點電荷-q（該點電荷對實心球周圍電場的影響可以忽略）從球面附近移動到p點，請參考引力勢能的概念，求電場力所做的功．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

AB．由光路圖可知玻璃體對光的折射率大于對光的折射率，由此可知光的頻率大于光的頻率，光的頻率越小則波長就越長，故光的波長比光的波長長，故AB錯誤；C．根據可知，光子的頻率越大，則動量也就越大，故光的光子動量比光的小，故C正確；D．根據可知，光的波長越長，則干涉條紋間距越大，即光的干涉條紋間距比光的大，故D錯誤。故選C。2、A【解析】

AB．對彈丸受力分析，根據牛頓第二定律安培力做功A正確，B錯誤；CD．彈丸做勻加速直線運動，速度一直增大，根據可知安培力的功率一直增大，CD錯誤。故選A。3、A【解析】

金屬環的面積：由法拉第電磁感應定律得：由歐姆定律得，感應電流：感應電荷量：q=I△t，解得：故A正確，BCD錯誤；故選A．【點睛】本題考查了求磁通量的變化量、感應電荷量等問題，應用磁通量的定義式、法拉第電磁感應定律、歐姆定律、電流定義式即可正確解題，求感應電荷量時，也可以直接用公式計算．4、A【解析】

與線圈軸線成30°角穿過線圈的向右磁感應強度均勻增加，故產生恒定的感應電動勢，根據法拉第電磁感應定律，有：由圖可知：Wb/s代入數據解得：VA正確，BCD錯誤。故選A。5、C【解析】

根據光電效應方程，有由題意，此金屬板的逸出功為故C正確，ABD錯誤。故選C。6、C【解析】

A．A→B過程中，溫度升高，氣體分子的平均動能增加，過原點直線表示等壓變化，故單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數減小，故A錯誤；B．C→A過程中體積減小，單位體積內分子數增加，溫度不變，故單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數增加，故B錯誤；C．氣體從A→B過程中，溫度升高且體積增大，故氣體吸收熱量且對外做功，設吸熱大小為Q1，做功大小為W1，根據熱力學第一定律有：△U1=Q1-W1，氣體從B→C過程中，溫度降低且體積不變，故氣體不做功且對外放熱，設放熱大小為Q2，根據熱力學第一定律：△U2=-Q2，氣體從C→A過程中，溫度不變，內能增量為零，有：△U=△U1+△U2=Q1-W1-Q2=0即Q1=W1+Q2＞Q2所以A→B過程中氣體吸收的熱量Q1大于B→C過程中氣體放出的熱量Q2，故C正確；D．氣體做功，A→B過程中體積變化等于C→A過程中體積變化，但圖像與原點連接的斜率越大，壓強越小，故A→B過程中氣體對外做的功大于C→A過程中外界對氣體做的功，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A項，根據左手定則知負離子所受洛倫茲力方向向下，正離子所受洛倫茲力方向向上，所以M板電勢一定高于N板的電勢，故A正確；B、C項，最終離子處于平衡，故電場力等于洛倫茲力，根據牛頓第二定律有，解得，所以與離子的濃度無關，與污水流動的速度成正比，故B項錯誤，C項正確．D項，根據，則流量，即，故電壓表示數與污水流量成正比，故D項正確．綜上所述本題正確答案為ACD．8、AC【解析】

A．設開始時變壓器初級電流為I1，則解得選項A正確；B．因變壓器初級電壓不變，則由于匝數比一定，可知次級電壓V2不變；因次級電流變大，則R0上電壓變大，則V3的示數減小，選項B錯誤；C．變壓器次級電壓為開始時光敏電阻后來光敏電阻由可得選項C正確；D．在增大光照強度過程中，變壓器次級電阻減小，則次級消耗功率變大，則變壓器的輸入功率逐漸變大，選項D錯誤。故選AC。9、AC【解析】

A．P質點向y軸負方向運動，根據同側法可知波沿x軸正方向傳播，A正確；B．波速為：v＝＝0.5m/sB錯誤；C．根據圖像可知t＝0.02s時，x＝8cm處質點沿y軸負方向運動，C正確；D．周期：T＝＝0.16s在t＝0至t＝0.08s，質點P振動個周期，通過的路程為：2×1cm＝2cmD錯誤。故選AC。10、BC【解析】

AB、由題圖可知，斜面的傾角θ等于小球A落在斜面上時的位移與水平方向的夾角，則有tanθ=12gt2v0t；小球ACD、設小球A在空中運動的時間為t1，小球B在空中運動的時間為t2，則由平拋運動的規律可得tanθ=12三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、黑1A1R1R41200【解析】

(1)[1]從多用電表的表頭共用特征來看，黑表筆和歐姆檔內部電源的正極相連，確定A表筆為黑表筆；[2]測電阻時，需要內接電源，要將轉換開關接到1位置；(2)[3]由于改裝后的歐姆表的內阻為300Ω（即中值電阻），且電源電動勢為3.0V，所以最大電流為:所以電流表選A1；[4]改裝成歐姆表時，接入一個調零電阻，由題意知歐姆表的內阻為300Ω，當接入滑動器要滿偏，則：故滑動變阻器選R1；[5]當改裝為量程為0～4V的電壓表時，應串聯一個阻值為：故定值電阻選R4；(3)[6]若電阻值指在處，即此時電流為：所以待測電阻：。12、（1）保持不變；（2）減少實驗誤差；（3）>；（4）0.3723（0.3721—0.3724）【解析】

解：(1)為使入射球到達斜槽末端時的速度相等，應從同一位置由靜止釋放入射球，即步驟⑤與步驟④中定位卡的位置應保持不變；(2)步驟④與步驟⑤中重復多次的目的是減小實驗誤差；(3)為了使小球與碰后運動方向不變，、質量大小關系為；(4)由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm，步驟④中小球落點距點的距離為．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）,其中n=2、3、4、5、6、7、8【解析】試題分析：（1）由題意可知aO=L,粒子在aO加速過程中有由動能定理：解得粒子經過O點時速度大小：（2）粒子在磁場區域Ⅲ中的運動軌跡如圖，設粒子軌跡圓半徑為R0，由幾何關系可得：由洛倫茲力提供向心力得：聯立以上解得：（3）若粒子在磁場中一共經歷n次偏轉到達P，設粒子軌跡圓半徑為R,由幾何關系可得：依題意得:聯立解得：，且n取正整數設粒子在磁場中的運動速率為v，則有：在電場中的加速過程，由動能定理：聯立解得：,其中n=2、3、4、5、6、