絕密★啟用前云南省永善一中20172018學年上學期期末考試高二物理試卷命題：審題：【考生注意】：1.考試時間120分鐘2.必須在答題卡指定位置按規定要求作答，答在試卷上一律無效一．單項選擇題（本題包括12個小題，每小題3分，共36分。每小題所給的四個選項中，只有一個選項符合題意，選對的得3分，選錯或不選的得01.下列關于電荷、電荷量的說法正確的是()A．自然界存在有三種電荷：正電荷、負電荷和元電荷B．物體所帶的電荷量可以是任意值C．物體所帶的電荷量只能是某些特定的值D．物體的帶電量可以是2×10－19C2.對庫侖定律的數學表達式F=k的以下理解中，正確的是（）A．此式適用于任何介質中任意兩個帶電體間相互作用力的計算B．此式僅適用于真空中任意兩個帶電體間相互作用力的計算C．由此式可知，當r趨于零時F趨于無限大D．式中的k是與q1、q2及r的大小無關的恒量，且k=9.0×109N?m2/C23.如圖所示，有三個點電荷A、B、C位于一個等邊三角形的三個頂點上，已知A、B都帶正電荷，A所受B、C兩個電荷的靜電力的合力如圖中FA所示，則下列說法正確的是()C帶正電，且QC＜QBB．C帶正電，且QC＞QBC．C帶負電，且QC＜QBD．C帶負電，且QC＞QB4.如圖所示，負電荷q在電場中由P向Q做加速運動，而且加速度越來越大，由此可以判定，它所在的電場是圖中的()A．B．C．D．5.如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點，設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b兩點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則()A．Wa＝Wb，Ea>EbB．Wa≠Wb，Ea>EbC．Wa＝Wb，Ea<EbD．Wa≠Wb，Ea<Eb6.兩個等量異種點電荷位于x軸上，相對原點對稱分布，正確描述電勢φ隨位置x變化規律的是圖()A．B．C．D．7.關于導線中的電場，下列說法正確的是()A．導線內的電場線可以與導線相交B．導線內的電場E是由電源電場E0和導線側面堆積的電荷形成的電場E′疊加的結果C．導線側面堆積電荷分布是穩定的，故導線處于靜電平衡狀態D．導線中的電場是靜電場的一種8.理發用的電吹風中有電動機和電熱絲，電動機帶動風葉轉動，電熱絲給空氣加熱，得到熱風將頭發吹干。設電動機線圈電阻為R1，它與電熱絲電阻值R2串聯后接到直流電源上，吹風機兩端電壓為U，電流為I、消耗的功率為P，則下列關系式中正確的是（）A．P=I2（R1+R2）B．P=UIC．PUID．P<I2（R1+R2）9.如圖所示電路中，電池內阻符號為r，電鍵S原來是閉合的．當S斷開時，電流表()A．r＝0時示數變大，r≠0時示數變小B．r＝0時示數變小，r≠0時示數變大C．r＝0或r≠0時，示數都變大D．r＝0時示數不變，r≠0時示數變大10.如圖所示，直線AOC為某一電源的總功率P總隨電流I變化的圖線，拋物線OBC為同一直流電源內部熱功率Pr隨電流I變化的圖象．若A、B對應的橫坐標為2A，那么線段AB表示的功率及I=2A時對應的外電阻是（）A．2W，0.5ΩB．4W，2ΩC．2W，lΩD．6W，2Ω11.如圖所示，在水平面上的箱子內，帶異種電荷的小球a、b用絕緣細線分別系于上、下兩邊，處于靜止狀態，地面受到壓力為FN，球b所受細線的拉力為F，剪斷連接球b的細線后，在球b上升過程中地面受到的壓力()A．小于FNB．等于FNC．等于FN＋FD．大于FN＋F12.把一個帶負電的球放在一塊接地的金屬板附近，對于球和金屬板之間形成電場的電場線，在圖中描繪正確的是()A．B．C．D．二、多選題(共4小題,每小題4.0分,共16分)13.(多選)兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行正對放置，構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，接通開關S，電源即給電容器充電．則()A．保持S接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強度減小B．保持S接通，在兩極板間插入一塊電介質，則極板上的電荷量增大C．斷開S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小D．斷開S，在兩極板間插入一塊電介質，則兩極板間的電勢差增大14.(多選)如圖所示，平行直線表示電場線，但未標明方向，帶電量為＋10－2C的微粒在電場中只受電場力作用，由A點移到B點，動能損失0.1J，若A點電勢為－10V，則()A．B點的電勢為0VB．電場線方向從右向左C．微粒的運動軌跡可能是軌跡1D．微粒的運動軌跡可能是軌跡215.兩根材料相同的均勻導線A和B，其長度分別為L和2L，串聯在電路中時，其電勢的變化如圖所示，下列說法正確的是()A．A和B導線兩端的電壓之比為3∶2B．A和B導線兩端的電壓之比為1∶2C．A和B導線的橫截面積之比為2∶3D．A和B導線的橫截面積之比為1∶316.(多選)如圖所示，帶電小球A、B的電荷量分別為QA、QB，都用長L的絲線懸掛在O點．靜止時A、B相距為d.為使平衡時AB間距離減為，可采用以下哪些方法()A．將小球A、B的質量都增加到原來的2倍B．將小球B的質量增加到原來的8倍C．將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半D．將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時將小球B的質量增加到原來的2倍分卷II三、實驗題(共2小題,共16分)17（8分）.某學生實驗小組利用圖1所示電路，測量多用電表內電池的電動勢和電阻“×1k”擋內部電路的總電阻．使用的器材有：多用電表；電壓表：量程5V，內阻十幾千歐；滑動變阻器：最大阻值5kΩ；導線若干．回答下列問題：（1）將多用電表擋位調到電阻“×1k”擋，再將紅表筆和黑表筆，調零點．（2）將圖1中多用電表的紅表筆和（選填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端．（3）將滑動變阻器的滑片調到適當位置，使多用電表的示數如圖2所示，這時電壓表的示數如圖3所示．多用電表和電壓表的讀數分別為kΩ和V．（4）調節滑動變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零．此時多用電表和電壓表的讀數分別為12.0kΩ和4.00V．從測量數據可知，電壓表的內阻為kΩ．（5）多用電表電阻擋內部電路可等效為由一個無內阻的電池、一個理想電流表和一個電阻串聯而成的電路，如圖4所示．根據前面的實驗數據計算可得，此多用電表內電池的電動勢為V，電阻“×1k”擋內部電路的總電阻為kΩ．18（8分）.某同學到實驗室做“測定電源電動勢和內阻”的實驗時，發現實驗桌上還有一個定值電阻R0.他設計了如圖甲所示的電路來測量電源電動勢E、內阻r和R0的阻值．實驗時用U1、U2、I分別表示電表V1、V2、A的讀數，并將滑動變阻器的滑片P移動到不同位置時，刻錄了U1、U2、I的一系列值．(1)他在同一坐標紙上分別作出U1－I、U2－I圖線，如圖乙所示，則U1－I圖線是圖中________(填A或B)．(2)定值電阻R0的計算表達式是：R0＝_______(用測得的U1、U2、I表示)，若實驗中的所有操作和數據處理無錯誤，實驗中測得R0值_______(填“大于”“等于”或“小于”)實際值．(3)若實驗中沒有電壓表V1，你能測出的量是_______(填“電動勢E”“內阻r”或“R0”，下同)．(4)若實驗中沒有電壓表V2，你能測出的量是________．四、計算題(共3小題,共32分)20.有一水平向右的勻強電場，場強E＝9.0×103N/C，在豎直平面內半徑為0.1m的圓周上取如圖所示最高點C，另在圓心O處放置電荷量為Q＝1.0×10－8C的帶正電的點電荷．試求C處的場強．21.在如圖所示的電路中，電容器C1＝4.0μF，C2＝3.0μF，電阻R1＝8.0Ω，R2＝6.0Ω．閉合開關S1，給電容器C1、C2充電，電路達到穩定后，再閉合開關S2，電容器C1的極板上所帶電荷量的減少量與電容器C2的極板上所帶電荷量的減少量之比是16∶15．開關S2閉合時，電流表的示數為1.0A．求：電源的電動勢和內阻．22.如圖所示，兩塊相同的金屬板正對著水平放置，板間距離為d.當兩板間加電壓U時，一個質量為m、電荷量為＋q的帶電粒子，以水平速度v0從A點射入電場，經過一段時間后從B點射出電場，A、B間的水平距離為L.不計重力影響．求：(1)帶電粒子從A點運動到B點經歷的時間t；(2)A、B間豎直方向的距離y；(3)帶電粒子經過B點時速度的大小v.答案解析1.【答案】C【解析】自然界中只有兩種電荷：正電荷與負電荷，故A不正確；物體帶電是由于電荷的移動而導致，因此帶電量均是元電荷的整數倍，所以只能是某些特定的值．故B不正確，C正確；物體的帶電量都是1.6×10－19C的整數倍，故D不正確．2.【答案】D【解析】此式適用于任何真空中靜止的點電荷間相互作用力的計算，故AB錯誤．由此式可知，當r趨于零時，電荷已不能看成點電荷，故此式不在成立，故得不到F趨于無限大的結論，故C錯誤．式中的k是與q1、q2及r的大小無關的恒量，且k=9.0×109N?m2/C2，故D正確．3.【答案】C【解析】因A、B都帶正電，所以靜電力表現為斥力，即B對A的作用力沿BA的延長線方向，而不論C帶正電還是帶負電，A和C的作用力方向都必須在AC連線上，由平行四邊形定則知，合力必定為兩個分力的對角線，所以A和C之間必為引力，且FCA＜FBA，所以C帶負電，且QC＜QB.4.【答案】C【解析】負電荷q在電場中由P向Q做加速運動，故電場線方向由Q到P；由于加速度越來越大，則電場力越來越大，場強逐漸增強，電場線越來越密，故選項C正確．5.【答案】A【解析】a、b兩點在同一等勢線上，所以從a運動到c和從b運動到c電場力做的功相等，即Wa＝Wb；a點所處位置的電場線比b點的密，故電場強度大，即Ea>Eb，故選項A正確．6.【答案】A【解析】等量異種點電荷電場線如圖所示，因為沿著電場線方向電勢降低，所以，以正電荷為參考點，左右兩側電勢都是降低的；因為逆著電場線方向電勢升高，以負電荷為參考點，左右兩側電勢都是升高的．可見，在整個電場中，正電荷所在位置電勢最高，負電荷所在位置電勢最低，符合這種電勢變化的情況只有A選項．7.【答案】B【解析】導線內的電場線與導線是平行的，故A錯；導線中的電場是電源電場和導線側面的堆積電荷形成的電場疊加而成的，故B對；導線內電場不為零，不是靜電平衡狀態，導線中的電場是恒定電場，并非靜電場的一種，故C、D錯．8.【答案】B【解析】電吹風機消耗的電功率P是總的功率，總功率的大小應該是用來計算，所以總功率，所以B正確，C錯誤；電吹風機中發熱的功率要用來計算，所以總的發熱功率為，吹風機做的功還有一部分轉化為機械能，所以總功率要大于發熱部分的功率，所以A、D錯誤.9.【答案】D【解析】當r＝0時，U＝E，電流表的示數不變，當r≠0時開關S斷開，電路總電阻增大，干路電流減小，U增大，此時電流表示數增大，綜合以上選項D正確．10.【答案】A【解析】由圖讀出時，電源的功率，電源內部發熱功率，根據電源的功率可得電源電動勢，電源內部發熱功率可得電源的內阻為；當電流時，電源的功率為，電源內部發熱功率，則線段AB表示功率為，由可得外電阻為，故選A.11.【答案】D【解析】由題意知，處于靜止狀態時，球a、球b之間存在庫侖引力，球b受到球a的庫侖力大于球b的重力，設箱子的質量為M，球a、球b的質量分別為ma、mb，此時用整體法知FN＝Mg＋mag＋mbg.當連接球b的細線被剪斷的瞬間，箱子受到的作用力少了一個連接球b細線向上的拉力，大小為F，此時地面的支持力增大為FN＋F.球a受細線的拉力FTa＝mag＋F引，F引隨著球a、球b之間距離的減小而增大，球b做加速度逐漸增大的加速運動，方向豎直向上，所以在球b上升過程中地面受到的壓力將大于FN＋F，D選項正確．12.【答案】B【解析】靜電平衡狀態下，整個金屬板是個等勢體，所以金屬板附近電場線與金屬板表面垂直，選項A、D錯誤；金屬板接地，金屬板只帶有正電荷，且分布在金屬板的左表面，所以金屬板右表面沒有電場存在，選項B正確，C錯誤．13.【答案】BC【解析】保持S接通則兩極板間電勢差U不變，減小兩極板間的距離d時，根據電場強度公式E＝，兩極板間電場的電場強度將增大，A錯誤；根據平行板電容器電容的定義式和決定式，可得C＝＝，當在兩極板間插入一塊電介質時，介電常數εr變大，導致電容C變大，而U不變，所以極板上的電荷量增大，B正確；同理，斷開S時極板上的電荷量Q不變，減小兩極板間的距離d時電容C變大，則電勢差U一定變小，C正確；如果在兩極板間插入一塊電介質，則C變大，Q不變，則電勢差U一定減小，D錯誤．14.【答案】ABC【解析】由動能定理可知WE＝ΔEk＝－0.1J；可知粒子受到的電場力做負功，故粒子電勢能增加，B點的電勢高于A點電勢；而電場線由高電勢指向低電勢，故電場線向左，故B正確；A、B兩點的電勢差UAB＝＝－10V，則UA－UB＝－10V．解得UB＝0V；故A正確；若粒子沿軌跡1運動，A點速度沿切線方向向右，受力向左，故粒子將向上偏轉，故C正確；若粒子沿軌跡2運動，A點速度沿切線方向向右上，而受力向左，故粒子將向左上偏轉，故D錯誤．15.【答案】BC【解析】由I＝，當U相等時，I與R成反比；當I相等時，U與R成正比，故B、C正確．16.【答案】AD【解析】17.【答案】BD【解析】對B由共點力平衡可得＝而F＝，可知d＝故答案為BD.18.【答案】（1）短接（2）1（3）15.03.60（4）12.0（5）9.0015.0【解析】（1）歐姆表在使用中應先將紅、黑表筆短接，進行歐姆調零；（2）紅正黑負，電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電壓表正接線柱流入，故紅表筆接觸1，黑表筆接2；（3）歐姆表讀數=倍率×表盤讀數=1k×15.0Ω=15.0kΩ；電壓表讀數為3.60V；（4）由于滑動變阻器被短路，故歐姆表讀數即為電壓表阻值，為12.0kΩ；（5）歐姆表的中值電阻等于內電阻，故歐姆表1k檔位的內電阻為15.0kΩ；根據閉合電路歐姆定律，電動勢為：E=U+r=4V+×15000