廣東清遠市2025屆物理高一下期末學業水平測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、在國際單位制中，功率的單位“瓦”是導出單位。用基本單位表示，正確的是A．J/s B．N·m/s C．kg·m2/s2 D．kg·m3/s32、我國自行研制的北斗衛星導航系統由5顆靜止軌道衛星(地球同步軌道)和30顆非靜止軌道衛星組成，預計在2020年左右覆蓋全球，其具有GPS系統沒有的通信和目標定位功能。GPS是美國建設的由24顆衛星組成的系統，它位于距地表20200km的上空，運行周期為12h，下列關于北斗系統中的靜止軌道衛星的說法中正確的是A．五顆靜止軌道衛星的質量一定是相同的B．它們運行的線速度一定小于第一宇宙速度C．為避免與其他衛星相撞，應使它們運行在不同的軌道上D．它們的軌道半徑是GPS衛星的2倍3、(本題9分)在物理學中，突出問題的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是經常采用的一種科學研究方法．質點就是這種物理模型之一．關于地球能否看作質點，下列說法正確的是()A．地球的質量太大，不能把地球看作質點B．地球的體積太大，不能把地球看作質點C．研究地球的自轉時可以把地球看作質點D．研究地球繞太陽公轉時可以把地球看作質點4、(本題9分)如圖所示，質量相等的A、B兩球之間壓縮一根輕質彈簧，靜置于光滑水平桌面上，當用板擋住小球A而只釋放B球時，B球被彈出落到距桌邊水平距離為x的地面上。若再次以相同的壓縮量壓縮該彈簧，取走A左邊的擋板，將A、B同時釋放，則B球的落地點距桌邊的水平距離為()A．x2 B．C．x D．25、(本題9分)在真空中有兩個點電荷A、B相距10cm，A的電荷量是B的10倍，B受到的庫侖力是1N，則A受到的庫侖力是（

）A．10N B．1N C．0.1N D．06、(本題9分)下列運動過程中機械能守恒的是A．雨滴在空中勻速下落B．小石塊做平拋運動C．子彈射穿木塊D．物塊沿光滑斜面下滑7、繩系衛星是由一根繩索栓在一個航天器上的衛星，可以在這個航天器的下方或上方隨航天器一起繞地球運行．如圖所示，繩系衛星系在航天器上方，當它們一起在赤道上空繞地球作勻速圓周運動時（繩長不可忽略）．下列說法正確的是（）A．繩系衛星在航天器的前上方B．繩系衛星在航天器的后上方C．繩系衛星的加速度比航天器的小D．繩系衛星的加速度比航天器的大8、(本題9分)地球和火星都繞太陽做勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，那么A．地球公轉周期大于火星的公轉周期B．地球公轉的線速度大于火星公轉的線速度C．地球公轉的加速度小于火星公轉的加速度D．地球公轉的角速度大于火星公轉的角速度9、(本題9分)甲、乙兩物體都在做勻速圓周運動，下列情況下，關于向心加速度的說法正確的是()A．當它們的角速度相等時，乙的線速度小則乙的向心加速度小B．當它們的周期相等時，甲的半徑大則甲的向心加速度大C．當它們的線速度相等時，乙的半徑小則乙的向心加速度小D．當它們的線速度相等時，在相同的時間內甲與圓心的連線掃過的角度比乙的大，則甲的向心加速度比乙的小10、(本題9分)如圖所示，不少同學都看過雜技演員表演的“水流星”，一根細繩系著盛水的杯子，演員掄起繩子，杯子在豎直平面內做圓周運動．杯子可視為質點，杯子與圓心O的距離為1m，重力加速度大小為10m/s1．為使杯子運動到最高點時（已經杯口朝下）水不會從杯里灑出，則杯子通過最高點時的速度大小可能為（）A．1m/s B．3m/s C．4m/s D．5m/s二、實驗題11、（4分）(本題9分)在驗證機械能守恒定律的實驗中,由于打點計時器兩限位孔不在同一豎直線上,使紙帶通過時受到較大阻力,則結果（）A．mgh>mv2 B．mgh<mv2C．mgh=mv2 D．以上都有可能12、（10分）在“用傳感器觀察電容器的充電和放電”實驗中，電路圖如圖．一位同學使用的電源電動勢為10.0V，測得放電的I-t圖像如圖所示．（1）若按“四舍五入（大于半格算一個，小于半格舍去）”法，根據“I-t

圖線與兩坐標軸包圍面積”，電容器在全部放電過程中釋放的電荷量約為_________C．（結果保留兩位有效數字）（2）根據以上數據估算電容器的電容值為_________F．（結果保留兩位有效數字）（3）如果將電阻R換一個阻值更大的電阻，則放電過程釋放的電荷量___________（選填“變多”、“不變”或“變少”）．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）(本題9分)如圖所示，A、B兩球質量均為m，用一長為l的輕繩相連，A球中間有孔套在光滑的足夠長的水平橫桿上，兩球處于靜止狀態．現給B球水平向右的初速度v0，經一段時間后B球第一次到達最高點，此時小球位于水平橫桿下方l/2處．（忽略輕繩形變）求：(1)B球剛開始運動時，繩子對小球B的拉力大小T；(2)B球第一次到達最高點時，A球的速度大小v1；(3)從開始到B球第一次到達最高點的過程中，輕繩對B球做的功W．14、（14分）火星探測器在距火星表面高度為h的軌道繞其飛行，該運動可看做勻速圓周運動。已知探測器飛行一周的時間為T，火星視為半徑為R的均勻球體，萬有引力常量為G，求：(1)火星的質量M；(2)火星表面的重力加速度g。15、（13分）(本題9分)如圖甲所示，光滑水平面上有A、B兩個物體，已知mA＝1kg，開始時B靜止，A以一初速度向右運動，與B碰撞后一起向右運動，它們的位移時間圖像如圖乙所示，求物體B的質量為多大？損失的能量占總能量的百分比多大？

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】

根據功率定義，有又由牛頓第二定律，可得F=ma

聯立得P=mav其單位為kg?m

2/s3知功率的單位用基本單位表示為kg?m2/s3A．J/s，與結論不相符，選項A錯誤；B．N·m/s，與結論不相符，選項B錯誤；C．kg·m2/s2，與結論不相符，選項C錯誤；D．kg·m3/s3，與結論相符，選項D正確；2、B【解析】

A.衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，有：，可得，，可知，衛星的運行周期與衛星的質量無關，所以五顆靜止軌道衛星的質量不一定相同。故A錯誤。

B.第一宇宙速度是衛星環繞地球的最大運行速度，則知它們運行的線速度一定小于第一宇宙速度，故B正確。C.根據知，5顆靜止軌道衛星速率相等，不會相撞，故C錯誤。D.5顆靜止軌道衛星的運行周期是24h，GPS衛星的運行周期是12h，根據開普勒第三定律，可得，它們的軌道半徑是GPS衛星的倍，故D錯誤。3、D【解析】試題分析：一個物體能不能看成質點，要看物體的大小體積對所研究的問題是否產生影響，地球的質量、體積當對所分析研究的問題沒有影響時，就可以看成質點，所以A、B選項都不對．C、研究地球的自轉時，地球的大小是不能忽略的，沒了大小，就沒有自轉的說法了，所以此時地球不能看成質點，故C錯誤．D、研究地球繞太陽公轉時，地球的大小相對于地球和太陽之間的距離來說太小了，完全可以忽略，此時可以看成質點，所以D選項正確．故選D．4、D【解析】

當用板擋住A球而只釋放B球時，B球做平拋運動。設高度為h，則有E=1當用同樣的程度壓縮彈簧，取走A左邊的擋板，將A、B同時釋放，由動量守恒定律可得：0=mv所以vA因此A球與B球獲得的動能之比EkA：EkB=1：1所以B球獲得的動能為：mg那么B球拋出初速度為vB則平拋后落地水平位移：s=xA.x2B.2xC.x與分析不符，故C項與題意不相符；D.225、B【解析】A與B間的庫侖力為一對相互作用力，等大反向，故A受到的庫侖力為10N，B正確．6、BD【解析】

物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，或者看有沒有機械能轉化為其它形式的能，根據機械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，即可判斷物體是否是機械能守恒．【詳解】A、雨滴落地前在空中勻速下落的過程，說明雨滴動能不變，重力勢能減小，所以機械能不守恒;故A錯誤.B、小石塊做平拋運動只受重力作用，所以機械能守恒;故B正確.C、子彈射穿過木塊的運動中，要受到阻力的作用，阻力對物體做負功，所以機械能不守恒;故C錯誤.D、物體沿光滑曲面下滑，沒有摩擦力的作用，同時物體受到支持力對物體也不做功，所以只有物體的重力做功，機械能守恒;故D正確.故選BD。【點睛】本題是對機械能守恒條件的直接考查，掌握住機械能守恒的條件，知道各種運動的特點即可.7、AC【解析】

航天器與繩系衛星都是繞地球做圓周運動，繩系衛星所需的向心力由萬有引力和繩子的拉力共同提供，所以拉力沿萬有引力方向，從而可知繩系衛星在航天器的正上方．故AB錯誤；航天器和繩系衛星的角速度相同，根據公式知繩系衛星的軌道半徑大，所以加速度大．故D正確，C錯誤．8、BD【解析】

行星公轉時萬有引力提供圓周運動向心力，則有：；則有：A.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉周期小于火星的公轉周期，A錯誤；B.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉的線速度大于火星公轉的線速度，B正確；C.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉的加速度大于火星公轉的加速度，故C錯誤；D.，因為地球公轉半徑小，所以地球公轉的角速度大于火星公轉的角速度，D正確；9、AB【解析】A、角速度相等，乙的線速度小，根據公式a=vω，甲的向心加速度大于乙的向心加速度，故A正確；B、周期相等，乙的半徑小，根據公式a=(C、線速度相等，乙的半徑小，根據公式a=vD、線速度相等，角速度大的向心加速度大，則D錯誤。點睛：對于圓周運動的公式要采用控制變量法來理解．當半徑不變時，加速度才與線速度、角速度和周期有單調性關系，而當半徑也變化時，加速度與線速度、角速度和周期不具有單調性關系。10、CD【解析】

在最高點,臨界情況是杯底對水彈力為零，根據牛頓第二定律得，，解得最高點的最小速度v=m/s=1.8m/s，故C.

D正確，A.

B錯誤．故選CD.二、實驗題11、A【解析】如果阻力較大，物體需要克服阻力做功，重力勢能不能全部轉化為動能，因此會出現mgh＞mv2的結果．故A正確、BCD錯誤．故選A．12、0.016-0.0180.0016-0.0018不變【解析】

（1）[1]．電容器的放電圖象是一條逐漸下降的曲線，而q=It，從微元法得到，I-t圖象與坐標軸圍成的面積就是總的電荷量，經確認：圖象下共有42格，所以電容器在全部放電過程中釋放的電荷量約為Q=42×0.001×0.4C=0.017C．（2）[2]．從上一問知道，電容器充滿電后所帶的電荷量Q=0.017C，而所加電壓U=E=10V，所以（3）[3]．由圖看出，若將電阻換一個阻值較大電阻，但由于電容器電荷量一定，則所有電荷量將通過電阻R釋放，只是圖象更加平緩些，但總量不變．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）mg+m（2）（3）【解析】

（1）B球剛開始運動時，A球靜止，所以B球做圓周運動對B球：T-mg=m得：T=mg+m（2）B球第一次到達最高點時，A、B速度大小、方向均相同，均為v1以A、B系統為研究對象，以水平橫桿為零勢能參考平面，從開始到B球第一次到達最高點，根據機械能守恒定律，得：（3）從開始