2023年中考物理熱身圓含解析物理高二上期末統考模擬試題

注意事項

1.考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回.

2.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置.

3.請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符.

4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他

答案.作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效.

5.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗.

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖，平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水

平直線通過電容器，則在此過程中，該粒子（）

A.所受重力與電場力平衡B.電勢能逐漸增加

C.動能逐漸增加D.做勻變速直線運動

2、如圖所示，在半徑為R的圓形區域內，有勻強磁場，磁感應強度為8,方向垂直于圓平面（未畫出）。一群比荷為幺

的負離子以相同速率vo（較大），由尸點在紙平面內向不同方向射入磁場中發生偏轉后，又飛出磁場，最終打在磁場區

域右側足夠大熒光屏上，離子重力不計。則下列說法正確的是（）

A.離子在磁場中的運動軌跡半徑可能不相等

B.由。點飛出的離子在磁場中運動的時間最長

C.離子在磁場中運動時間一定相等

D.沿P0方向射入的離子飛出時偏轉角最大

3、如圖所示，由。a、Ob、Oc三個鋁制薄板互成120。角均勻分開的I、II、ID三個勻強磁場區域，其磁感應強度分

別用Bp與、員表示.現有帶電粒子自a點垂直?！鞍逖啬鏁r針方向射入磁場中，帶電粒子完成一周運動，在三個磁

場區域中的運動時間之比為1：2：3,軌跡恰好是一個以O為圓心的圓，則其在從c處穿越鋁板所損失的動能之比為

A.1：1B.5：3

C.3：2D.27：5

4、下表是某電飯鍋銘牌上的部分內容，根據表中信息可得該電飯鍋的額定電流為（）

電器名稱電飯鍋

額定電壓220V

額定功率1100W

額定容量4.0L

A.0.2AB.0.5A

C.2.0AD.5.0A

5、真空中有甲乙兩個點電荷，相距，時的靜電力為凡若保持兩者間距不變，使甲的電荷量變為原來的2倍，乙的電

荷量變為原來的g倍，則它們之間的靜電力變為（）

23

A.-FB.-F

32

14

C.-FD.—F

69

6、如圖所示，有三個點電荷4B、。位于一個等邊三角形的三個頂點上，已知48都帶正電荷，4所受&C兩個電

荷的靜電力的合力如圖中網所示，則下列說法正確的是（）

A.C帶正電，且很VQBB.C帶正電，且&>QB

CC帶負電，且很VQBD.C帶負電，且

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，氣核、氣核、氟核三種粒子從同一位置無初速度地飄入電場線水平向右的加速電場E1,之后進入電場

線豎直向下的勻強電場區發生偏轉，最后打在屏上，整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，那么（）

A.偏轉電場E2對三種粒子做功一樣多

B.三種粒子打到屏上時速度一樣大

C.三種粒子運動到屏上所用時間相同

D.三種粒子一定打到屏上的同一位置，

8、如圖所示，兩水平面（虛線）之間的距離為區存在方向水平向右的勻強電場。將一質量為機，電荷量為+g的帶

電小球（可視為質點）從距電場上邊界為〃處的A點以初速度v平行于電場的方向射出。小球進入電場后做直線運動,

經過一段時間離開電場。不計空氣阻力，重力加速度為g。則（）

左力右

A.電場強度大小為"糕

B.電場強度大小為

h

C.小球在電場中運動的水平位移大小為V,

D.小球在電場中運動的水平位移大小為v

9、如圖所示，速度為vo、電荷量為q的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應強度為B,電場強度

為E,則（）

It

XXXX

o—B

XXXX

A-

A.若改為電荷量-q的離子，將往上偏（其它條件不變）

B.若速度變為2Vo將往上偏（其它條件不變）

C.若改為電荷量+2q的離子，將往下偏（其它條件不變）

D.若速度變為,vo將往下偏（其它條件不變）

10、一根長為0.2m、電流為2A的通電導線，放在磁感應強度為0.5T的勻強磁場中，受到磁場力的大小可能是（）

A.0.4NB.0.2N

C.0.1ND.ON

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）用電流表和電壓表測定電池的電動勢E和內電阻r,所用的電路如下圖甲所示，根據實驗記錄，畫出的。/

圖象如圖乙所示，可得待測電池的內電阻r為

12.（12分）要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下

一些器材可供選擇：

A.電源E（電動勢3.0V,內阻可不計）

B.電壓表Vi（量程為0~3.0V,內阻約2k￡2）

C.電壓表V2（0~15.0V,內阻約6ko

D.電流表Ai（0~0.6A,內阻約1Q）

E.電流表A2（0~100mA,內阻約2。）

F.滑動變阻器Ri（最大值10O）

G.滑動變阻器&（最大值2k。）

（1）為減少實驗誤差，實驗中電壓表應選擇電流表應選擇滑動變阻器應選擇:（填各器材的

序號）

（2）為提高實驗精度，請你設計實驗電路圖，并畫在下面的虛線框中

（3）實驗中測得一組數據如下表所示，根據表格中的數據在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線.

（4）該小電珠的額定功率是

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，兩根間距為L=0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E=3V、內阻r=l。的電源，導軌平面與

水平面間的夾角。=37。.金屬桿ab垂直導軌放置，質量m=0.2kg.導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不

計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中.當Ro=l￡2時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g=10m/s2,sin37o=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感應強度B的大小；

（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

14.（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板。、分相距d=0.10m,a、匕間的電場強度為E=5.0xl（）5N/C,b

板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為機=4.8xl0-25kg、電荷

186

量為9=1.6X10C的帶正電的粒子（不計重力），從貼近。板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入勻強電場，剛好

從狹縫尸處穿過》板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到分板的。處（圖中未畫出）.求P、0之間的距離心

a

XXX*XXXX

xxxxvxxxx

xxxxxxxx

B

XXXXXXXX

15.（12分）ABC表示豎直放在電場強度為￡=l（）4v/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的6C部分是半徑

為R的,圓環，軌道的水平部分與半圓環相切.A為水平軌道上的一點，而且A5=R=0.2m,把一質量”=O.lkg,帶電

量為4=+10一“C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）

■，，，，，，〃，，）、

___4_a_____

⑴小球到達C點的速度大小

⑵小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】AD,根據題意可知，粒子做直線運動，則電場力與重力的合力與速度方向同線，粒子做勻變速直線運動，因

此A錯誤，D正確；

BC.電場力和重力的合力水平向左，但是不知道粒子從左向右運動還是從右向左運動，故無法確定電場力做正功還是

負功，則不確定粒子動能是增加還是減少，電勢能減少還是增加，故BC錯誤。

故選D。

【點睛】考查根據運動情況來確定受力情況，帶電粒子在場中受到電場力與重力，根據粒子的運動軌跡，結合運動的

分析，可知電場力垂直極板向上，從而可確定粒子的運動的性質，及根據電場力做功來確定電勢能如何變化。

2、B

【解析】A.離子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

r

解得

mv

r=---

qB

因粒子的速率相同，比荷相同，故半徑一定相同，故A錯誤；

BD.由圓的性質可知，軌跡圓（離子速率較大，半徑較大）與磁場圓相交，當軌跡圓的弦長最大時偏向角最大，最長

弦長為PQ,故由。點飛出的粒子圓心角最大，所對應的時間最長，故B正確，D錯誤；

C.設粒子軌跡所對應的圓心角為夕，則粒子在磁場中運動的時間為

/

其中

中2兀m

1=----

qB

所有粒子的運動周期相等，由于離子從圓上不同點射出時，軌跡的圓心角不同，所以離子在磁場中運動時間不同，故

C錯誤。

故選B。

3、D

0-ne2兀m

【解析】帶電粒子在磁場運動的時間為％=丁丁，在各個區域的角度都為夕=120對應的周期為丁==一,

2萬3Bq

兀m7ctn111

則有，==，故8=,，則三個區域的磁感應強度之比為用：修：員=1：=6:3:2,三個區域的磁場半徑

5Bq3tqJt2t3

mv1oB2a2r2

相同為「==，又動能&=—mv?,聯立得E故三個區域的動能之比為：

Bq2,2m

Ekl:Ek2:"3=算：無：段=36:9:4,故在b處穿越鋁板所損失的動能為△&=昂-％=36-9=27,故在c

處穿越鋁板所損失的動能為△琢=&2-&3=9-4=5,故損失動能之比為AEjA或=27:5,D正確，選D.

4、D

【解析】根據功率的公式尸=見得

故D正確，ABC錯誤。

故選D。

5、A

【解析】由庫侖定律R=左絲可得變化后的靜電力

r

2QXq

【詳解】設甲的電荷量為Q,乙的電荷量為q.變化前靜電力為：尸=左坐，變化后靜電力為：F,_z3_2p,

rr—K----------------r

r23

故選A.

6、C

【解析】因A、3都帶正電，所以靜電力表現為斥力，即3對A的作用力沿5A的延長線方向，而不論C帶正電還是

帶負電，A和C的作用力方向都必須在AC連線上，由平行四邊形定則知，合力必定為兩個分力的對角線，所以A和

C之間必為引力，且FCA<FBA,所以C帶負電，且。C<QB.故選C

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AD

【解析】AB.帶電粒子在加速電場中加速，由動能定理可知

12

W=Exqd--mv

解得

v=2&dq

Vm

粒子在偏轉電場中的時間

L

t=一

v

在偏轉電場中的縱向速度

v=at=

°\2Exmd

縱向位移

E￡2

y=-at22

"24即

即位移與比荷無關，與速度無關；則可三種粒子的偏轉位移相同，則偏轉電場對三種粒子做功一樣多，故A正確，B

錯誤；

CD.因三粒子由同一點射入偏轉電場，且偏轉位移相同，故三個粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的時

間與橫向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三種粒子運動到屏上所用時間不相同，故C錯誤，D正確。

故選AD

【點睛】此題考查帶電粒子在電場中的偏轉，要注意偏轉中的運動的合成與分解的正確應用；正確列出對應的表達式,

根據表達式再去分析速度、位移及電場力的功。

8、AC

【解析】AB.小球做平拋運動時，剛進入電場時豎直分速度大小

設小球進入電場時速度方向與水平方向的夾角為a,則

小球進入電場后做直線運動，重力和電場力的合力方向與速度方向相同，如圖，可知

m2

tan。=—

qE

解得電場強度為

故A正確，B錯誤。

CD.小球在電場中運動的水平位移大小為

h

x=---

tan。

故C正確，D錯誤。

故選ACo

9、BD

【解析】因為恰能沿直線飛出離子速度選擇器，所以受力平衡，即若改為電荷量一g的離子，依然沿直

線飛出（因為電場力跟洛倫茲力均反向依然平衡），A錯

若速度變為則2vo洛倫茲力大于電場力將往上偏，B對

平衡與電荷量以及電性無關，故C錯

若速度變為將往下偏（因為洛倫茲力小于電場力），D對

10、BCD

【解析】當通電導線與磁場垂直時，導線所受的磁場力最大，為

尸max=B遼=0.5x2x0.2N=0.2N

當導線與磁場平行時，導線所受磁場力最小為零。則導線所受磁場力的范圍為0-0.2N

A.0.4N與分析不符，故A錯誤。

B.0.2N與分析相符，故B正確。

C.0.1N與分析相符，故C正確。

D.ON與分析相符，故D正確。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、2.5Q

【解析】根據“待測電池的內電阻”可知，本題考查圖象求解電源電動勢與內阻，根據電源的圖象與縱軸交點

坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻，運用數形結合法，進行求解.

【詳解】由圖示電源U-/圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值是1.5,則電源電動勢E=L5V,

電源等效內阻為：4二上=L5TQ=2.5Q；

匕I0.2

【點睛】明確閉合電路歐姆定律的應用，根據電源的U-/圖象求出電源電動勢與內阻.

12、①.B②.D③.F④.電路圖見解析；⑤.圖像見解析⑥.1.00W

【解析】（1）[1][2][3].由題意小燈泡額定電壓為2V,額定電流為0.5A,故電壓表應選B,電流表應選D,又描繪伏

安特性曲線要求電流從零調，故變阻器應用分壓式接法，應選阻值小變阻器F

RR

（2）[4],由于小電珠電珠較小，滿足管v＞=,電流表應用外接法，又變阻器應采用分壓式接法，電路圖如圖所示:

(3)[5].小電珠的伏安特性曲線如圖所示:

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)2T；(2)1.5m/s2,方向沿斜面向上

【解析】(1)當Ro=lQ時，根據閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；

(2)若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據牛頓第二定律求解加

速度大小