絕密★啟用前

沖刺2023年高考物理真題重組卷03

廣東專用（解析版）

注意事項:

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干

凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個選項中，只有一項是

符合題目要求的。

1.（2022年廣東高考卷）目前科學家已經能夠制備出能量量子數〃較大的氫原子。氫原子第〃能級的能量

為E，，4,其中—6eV。圖是按能量排列的電磁波譜，要使〃=2。的氫原子吸收一個光子后，恰好

失去一個電子變成氫離子，被吸收的光子是（）

Hr

紅外線見紫外線射線

光X

~1I-II

1O'23

W210^lIO0IOIO

能量（eV）

A.紅外線波段的光子B.可見光波段的光子

C.紫外線波段的光子D.X射線波段的光子

【答案】A

【詳解】要使處于〃=20的氫原子吸收一個光子后恰好失去一個電子變成氫離子，則需要吸收光子的能量為

-136

石=。-（三二）eV=0.034eV則被吸收的光子是紅外線波段的光子。故選A。

2.（2021年廣東高考卷）某同學設計了一個充電裝置，如圖所示，假設永磁鐵的往復運動在螺線管中產生

近似正弦式交流電，周期為0?2s,電壓最大值為0?05V,理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路,

原、副線圈匝數比為l口60,下列說法正確的是（）

A.交流電的頻率為IOHz

B.副線圈兩端電壓最大值為3V

C.變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場強弱無關

D.充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率

【答案】B

【詳解】A.周期是T=0.2s,頻率是/=：=5HZ故A錯誤：

B.由理想變壓器原理可知"=人解得，副線兩端的最大電壓為6=?^q=3V故B正確；

U2n2∏l

C.根據法拉第電磁感應定律可知，永磁鐵磁場強，線圈中產生的感應電動勢越大，變壓器的輸入電壓會越

大，故C錯誤：

D.由理想變壓器原理可知，充電電路的輸入功率等于變壓器的輸入功率，故D錯誤。故選B。

3.（2022年廣東佛山二模卷）如圖，醫用口罩由多層織物材料構成，其中有一層熔噴布經過特殊工藝處理

后成為駐極體材料，這層材料表面長期帶有正電荷，能有效吸附細小的粉塵，而這些粉塵通常是細菌和病

毒傳播的載體。則其中即將被吸附的帶電粉塵，一定是（）

A.帶正電

B.沿電場線加速靠近熔噴布

C.在靠近熔噴布的過程中電場力做正功

D.在靠近熔噴布的過程中電勢能增加

【答案】C

【詳解】A.由于口罩材料表面長期帶有正電荷，則被吸附的帶電粉塵，一定是帶負電荷，A錯誤；

B.熔噴布產生的電場線不一定是直線，而只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場

線方向在同一條直線上時帶電粒子的軌跡才與電場線重合，B錯誤；

CD.由選項A可知，被吸附的帶電粉塵，一定是帶負電荷，則負電荷靠近熔噴布的過程中電場力做正功,

電勢能減小，C正確、D錯誤。

故選C。

4.（2022年廣東廣州：模卷）在水平軌道上，由靜止開始做勻加速度直線運動的高鐵所受阻力不變，則高

鐵牽引力的瞬時功率（）

A.與時間成正比

B.與位移成正比

C.與時間的平方成正比

D.與位移的平方成正比

【答案】A

P

【詳解】由靜止開始做勻加速度直線運動，由牛頓第二定律得整理得P=（"+f）v

AC.高鐵由靜止開始勻加速直線運動，根據V=〃，代入得P=0≡+f）m則高鐵牽引力與時間成正比，A

正確，C錯誤;

BD.高鐵由靜止開始勻加速直線運動，根據v=后，代入得P=Qw+/）反，BD錯誤。

故選Ao

5.（2021年廣東高考卷）截面為正方形的絕緣彈性長管中心有一固定長直導線，長管外表面固定著對稱分

布的四根平行長直導線，若中心直導線通入電流4,四根平行直導線均通入電流（，/「4，電流方向如

圖所示，下列截面圖中可能正確表示通電后長管發生形變的是（）

【答案】C

【詳解】因，*A,則可不考慮四個邊上的直導線之間的相互作用；根據兩通電直導線間的安培力作用滿

足“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥“，則正方形左右兩側的直導線右要受到L吸引的安培力，形成

凹形，正方形上下兩邊的直導線右要受到人排斥的安培力，形成凸形，故變形后的形狀如圖C。

故選C。

6.（2022年廣東汕頭.模卷）如圖所示，某健身者右手拉著抓把沿圖示位置/水平緩慢移動到位置8,他

始終保持靜止，不計繩子質量，忽略繩子和重物與所有構件間的摩擦，則重物下移過程（）

A.繩子的拉力逐漸增大

B.該健身者所受合力逐漸減小

C.該健身者對地面的壓力逐漸增大

D.該健身者對地面的摩擦力逐漸減小

【答案】D

【詳解】A.對重物受力分析，繩子的拉力等于重物的重力，保持不變，A錯誤；

B.該健身者始終保持靜止狀態，受力平衡，故健身者所受合力始終為零，B錯誤；

C.對人受力分析，設繩子與水平方向的夾角為。，根據平衡條件可知外="人g-叫MSine繩子與水平方向

的夾角e不斷變大，該健身者受到地面的支持力逐漸減小，故該健身者對地面的壓力逐漸減小，C錯誤；

D.該健身者對地面的摩擦力f=∕?gcose該健身者對地面的摩擦力逐漸減小，D正確。故選D

7.（2022年廣東深圳二模卷）由于潮汐等因素影響，月球正以每年約3至5厘米的速度遠離地球。地球和

月球可以看作雙星系統，它們繞O點做勻速圓周運動。多年以后，地球（）

A.與月球之間的萬有引力變大

B.繞。點做圓周運動的周期不變

C.繞O點做圓周運動的角速度變小

D.繞。點做圓周運動的軌道半徑變小

【答案】C

【詳解】A.多年以后，地球和月球間距離變大，兩星的質量不變，由萬有引力定律可知，地球與月球之間

的萬有引力變小，故A錯誤；

BCD.地球和月球繞。點做勻速圓周運動的角速度大小。相等，周期T相等，設地球與月球的質量分別為

和M2,圓周運動的半徑分別為弓和4,地球和月球間距離為L，則有L=4+G山萬有引力定律提供向心力

GMM2πGMM2π,?.-x≡G(M+M,)^π~L

—≈(―)-2r=Mω^2r；-112r,=Mω2^r,聯乂.可τ得1,~*=-—=ω~L:

LTliiLrT"2L^T-

4=J?-地球與月球的質量不變，地球和月球間距離增大，則地球繞°點做圓周運動的周期T變大，地

球繞。點做圓周運動的角速度變小，地球繞。點做圓周運動的軌道半徑變大，故BD錯誤，C正確；

故選C。

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分在每小題給出的四個選項中，有多項符合

題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯的得O分。

8.(2021年廣東高考卷)長征途中，為了突破敵方關隘，戰士爬上陡銷的山頭，居高臨下向敵方工事內投

擲手榴彈，戰士在同一位置先后投出甲、乙兩顆質量均為機的手榴彈，手榴彈從投出的位置到落地點的高

度差為心在空中的運動可視為平拋運動，軌跡如圖所示，重力加速度為g,下列說法正確的有()

A.甲在空中的運動時間比乙的長

B.兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等

C.從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢能減少

D.從投出到落地，每顆手榴彈的機械能變化量為，咫〃

【答案】BC

【詳解】A.由平拋運動規律可知，做平拋運動的時間后因為兩手榴彈運動的高度差相同，所以在空中

運動時間相等，故A錯誤；

B.做平拋運動的物體落地前瞬間重力的功率P=ZMgvcose=根g。=mg^h因為兩手榴彈運動的高度差相

同，質量相同，所以落地前瞬間，兩手榴彈重力功率相同，故B正確；

C.從投出到落地，手榴彈下降的高度為〃，所以手榴彈重力勢能減小量AE1,=,"g∕?故C正確；

D.從投出到落地，手榴彈做平拋運動，只有重力做功，機械能守恒，故D錯誤。故選BC。

9.（2022年廣東惠州.模卷）如圖所示，乘坐游樂園的翻滾過山車時，質量為機的人隨車在豎直平面內旋

轉，下列說法正確的是（）

A.過山車在過最高點時人處于倒坐狀態，全靠保險帶拉住，沒有保險帶，人就會掉下來

B.人在最高點時對座位可能產生大小為機g的壓力

C.人在最低點時對座位的壓力等于mg

D.人在最低點時對座位的壓力大于mg

【答案】BD

【詳解】A?在最高點時，當人與保險帶間恰好沒有作用力時，人由重力提供向心力mg=得臨界速度

R

為%=闞當速度%N闞時，人與座椅產出外側擠壓，沒有保險帶，人也不會掉下來，故A錯誤；

2

B.當人在最高點的速度u>闞時，人對座位就產生壓力，當人對座椅壓力為，"g時，有mg+mg=/

解得V=或正所以當人在最高點速度為V=血無時，人在最高點對座位壓力大小為，"g,故B正確；

CD.人在最低點時，根據牛頓第二定律N-mg=WE故N>mg,由牛頓第三定律可知人對座位的壓力大

R

于,監，故C錯誤，D正確。故選BD。

10.（2022年廣東高考卷）如圖所示，磁控管內局部區域分布有水平向右的勻強電場和垂直紙面向里的勻強

磁場。電子從M點由靜止釋放，沿圖中所示軌跡依次經過N、P兩點。已知M、尸在同一等勢面上，下列說

法正確的有（）

-----------------：---------------?

XXP!×X

--------------H--------------?

X×Λ!×X

A.電子從N到P,電場力做正功

B.N點的電勢高于P點的電勢

C.電子從M到N,洛倫茲力不做功

D.電子在M點所受的合力大于在P點所受的合力

【答案】BC

【詳解】A.由題可知電子所受電場力水平向左，電子從N到尸的過程中電場力做負功，故A錯誤;

B.根據沿著電場線方向電勢逐漸降低可知N點的電勢高于P點，故B正確；

C.由于洛倫茲力一直都和速度方向垂直，故電子從M到N洛倫茲力都不做功；故C正確；

D.由于M點和P點在同一等勢面上，故從例到尸電場力做功為0,而洛倫茲力不做功，仞點速度為0,

根據動能定理可知電子在P點速度也為0,則電子在M點和P點都只受電場力作用，在勻強電場中電子在

這兩點電場力相等，即合力相等，故D錯誤；故選BC。

三、非選擇題：共54分。第11?14題為必考題，考生都必須作答。第15?16題為選考題，考生

根據要求作答。

（一）必考題：共42分。

11.（2022年廣東廣州一模卷）用圖甲裝置研究“小車（含拉力傳感器）質量一定時，加速度與合外力的關

系”，實驗步驟如下：

口細繩一端繞在電動機上，另一端系在拉力傳感器上，將小車放在長板的尸位置，調整細繩與長板平行，啟

動電動機，使小車沿長板向下做勻速運動，記錄此時拉力傳感器的示數與；

口撤去細繩，讓小車從P位置由靜止開始下滑，設小車受到的合外力為尸，通過計算機可得到小車與位移傳

感器的距離隨時間變化的XT圖像，并求出小車的加速度。；

口改變長板的傾角，重復步驟□口可得多組F、。數據：

完成下列相關實驗內容:

（1）在步驟□□中，F0F（選填“=”">"或"V”）；

（2）本實驗（選填“需要”“不需要”）平衡小車所受到的摩擦力；

（3）某段時間內小車的XT圖像如圖乙，根據圖像可得小車的加速度大小為m∕s2（計算結果保留

兩位小數）；

（4）分析表中的尸、。數據可知：在誤差允許范圍內，小車質量一定時，。

F/N0.41.01.51.82.1

a∕m?s~20.792.103.103.624.19

【答案】=不需要2.10小車的加速度與合外力成正比

【詳解】（1）山中小車勻速下滑時，山平衡條件WgSine=7+入

中小車加速下滑時，由受力分析知F=mgSine-/聯立可得F^F0

（2）⑵由（1）中分析可知，小車加速下滑過程的合外力已通過M小車勻速下滑時拉力傳感器的示數吊讀

出，所以不需要再平衡摩擦力了。

（3）[3]圖乙中標出的三個位置坐標反映了小車連續相等時間內的位移，根據勻變速位移變化推論知

?r=（0.3820-0.2520）-（0.4910-0.3820）=4x（0.1）2可解得α=2.10m∕s2

（4）[4]由表中數據可以看出，下與”的比值基本不變，所以可得：在誤差允許范圍內，小車質量一定時，

小車的加速度與合外力成正比。

12.（2022年廣東深圳一模卷）一只歐姆表表盤的刻度線清晰完整，但刻度值模糊不清。某學習小組為恢復

其刻度值，需要測量歐姆表的內阻，請完善下列實驗步驟：

（1）將選擇開關撥至“xl0Q”擋，機械調零后，將歐姆表的紅、黑表筆，并調節歐姆調零旋鈕，

使歐姆表的指針指到表盤的。

（2）圖甲為連接好的實物電路圖，其中α為（填“紅”或“黑”）表筆。

圖甲圖乙

（3）調節滑動變阻器的阻值，記錄多組電流表和電壓表的讀數，把數據繪制成如圖乙所示的S/圖像，則

該歐姆表的內阻為。（結果保留整數）。若考慮毫安表內阻影響，則測量值比真實值___________

（填“偏大”或“偏小

3

（4）斷開開關，取下表盤，則正中央刻度應標記的數值為；占滿偏電流值的二處的刻度應標

4

記的數值為（兩空均保留整數）。

【答案】短接最右端刻度線紅300（或290?310均可）偏大30（或29、31）10

【詳解】（1）歐姆調零時，將歐姆表的紅、黑表筆短接，并調節歐姆調零旋鈕，使歐姆表的指針指到

表盤的最右端刻度線；

（2）[3]在該實驗中，歐姆表相當于電源，根據“紅進黑出''原理可知。為紅表筆；

（3）[4]圖像斜率的絕對值等于內電阻，因此歐姆表的內電阻為「T篝卜|盛群。=300。

[5]若考慮毫安表內阻影響，則測量值為毫安表與歐姆表內阻之和，因此測量值比真實值偏大；

（4）[6]中值電阻等于內電阻，又由于是“xlOC”擋位，因此正中央刻度應標記的數值為30；

E3E1

[7]根據歐姆定律/,“=二而已”=一彳可知R="=100。因此刻度應標記的數值為IOo

r4r+R3

13.（2021年廣東高考卷）算盤是我國古老的計算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤的固定導桿上滑動，

使用前算珠需要歸零，如圖所示，水平放置的算盤中有甲、乙兩顆算珠未在歸零位置，甲靠邊框6,甲、乙

相隔s∣=3.5χl（f2m,乙與邊框。相隔S?=2.0x10-01,算珠與導桿間的動摩擦因數〃。現用手指將甲

以0.4m∕s的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為Qlm∕s,方向不變，碰撞時間極短且不計，重力加

速度g取10m∕s2。

（1）通過計算，判斷乙算珠能否滑動到邊框”;

（2）求甲算珠從撥出到停下所需的時間。

算珠歸零狀態

1

邊框“

邊框力

【答案】⑴能；⑵0.2s

【詳解】（1）由牛頓第二定律可得，甲乙滑動時均有f=則甲乙滑動時的加速度大小均為

22

a=μg=lm∕s甲?乙碰前的速度山，則2αs∣=vj-vl解得v∕=0.3m∕s甲乙碰撞時由動量守恒定律

WV1=∕MV2+mvi解得碰后乙的速度vi=0,2n√s然后乙做減速運動，當速度減為零時則

X=互=竺m=0.02m=SI可知乙恰好能滑到邊框a；

2a2×1

（1

（2）甲與乙碰前運動的時間t=生」=4：°CSR.1s碰后甲運動的時間t=^=孚s=0.Is則甲運動的總

la12a1

時間為/=4+L=0?2s

14.（2022年廣東汕頭一模卷）如圖所示，PQ、VN是相互平行、間距為L的長直邊界，在兩邊界外側都存

在勻強磁場，方向均垂直于紙面向內，右側磁場的磁感應強度為瓦一質量為機、電荷量為4（4>0）的帶電

粒子從MN邊界的。點以大小為%的初速度垂直于邊界沿紙面射入右側磁場區，一段時間后粒子再次經過

。點，這過程中粒子有兩次進入左側磁場區運動。不計粒子的重力。

（1）求左側磁場的磁感應強度；

（2）在尸0、MN邊界之間的區域加上方向垂直于邊界的勻強電場，然后使粒子從。點以同樣的條件射出，

結果粒子同樣能返回。點，而且所用時間比原來變短。求勻強電場的場強E的可能值；

（3）在第（2）問的前提下，討論粒子從。點射出到返回O點的最短時間與磁感應強度B的關系。

—

QN

【答案】（1）,5；（2）E為警方向水平向左，或E為咨，方向水平向右；（3）見解析

31SqL1SqL

【詳解】（1）粒子有兩次進入左側磁場區運動，最后再次經過。點，則軌跡如下圖所示

由幾何關系可知，設粒子在左右兩邊磁場中運動的半徑分別為r和，?，則2R=3r根據/膽=切4可得左側

2

磁場的磁感應強度*=§8

（2）在P0、MN邊界之間的區域加上方向垂直于邊界的勻強電場，若所加的勻強電場方向水平向左，要能

返回。點，而且所用時間比原來變短。則運動軌跡可能如下圖所示

設粒子進入左側磁場時的速度為V,則gB'=∕ngqv0B=m^,?m=2尸可得W=A粒子在電場中加速的

Rlr3

加速度為〃町根據消時公式有d-*=2%L解得耳=翳,方向水平向左若所加的勻強電場方向水平

向右。要能返回。點，而且所用時間比原來變短。則運動軌跡可能如下圖所示

設粒子進入左側磁場時的速度為V,則儼2夕qvnB=m^;&十可得為=:%粒子在電場中減速的

R?r3

加速度為4七=〃?4根據消時公式有=2%l解得E?=膂，方向水平向右

18〃

（3）若所加的勻強電場方向水平向左，粒子從O點射出到返回。點運動的時間為％=%鼠+拓十三名

2

4ιπm?2L

其中匕=77%解得，粒子從。點射出到返回。點的時間為4=不κ+丁若所加的勻強電場方向水平向右,

32qB7V0

^πmπmL

粒子運動的時間為4-qBclB'彩+%其中叫=；%解得，粒子從O點射出到返回。點的時間為

23

f

5πtn12L,5πm?2L7πm?1LC35^?∕∕2vnαlπmYlL144L

t2=丁示+飛―若G=G，則有+7—=彳"8+;一解得3=F-?-則最短時間為f=丁1+；—=——

2qB5v02qB5v02qB7v024qL2qB7v035V0

5幾m12￡ITrrn12L35τrmv35τ∏nv

若則有彳3+丁>彳了+丁化簡可得8>一療n因此，當8>F≠a時;粒子從。點射出到返

2qB5v0IqB7v024qL24qL

lπm12?C35πt∏v

回O點的最短時間為4=亍五+丁當8<-—n?時，粒子從。點射出到返回O點的最短時間為

2qBZv024qL

5πtn12L

--------F-----

-2qB5v0

（二）選考題：共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。

［選修3-3|

15.（1）（2022年廣東汕頭一模卷）密封食品直接利用微波爐加熱時容易出現炸開現象，原因是包裝袋內部

溫度急劇升高時，內部氣體壓強（填“增大”、“減小"或'‘不變”）。所以在加熱食物時，必須留一些透

氣孔，緩慢加熱時，內部氣體壓強（填“大于”、"小于”或“等于“）外界氣體壓強，此過程內部氣體密

度（填"增大'、"減小”或“不變

【答案】增大等于減小

【詳解】[1][2][3]根據理想氣體狀態方程可知，密封食品包裝袋內部氣體溫度急劇升高時，體積不變壓強增

大，留一些透氣孔和外界大氣接觸，內部壓強等于大氣壓強，溫度升高時壓強不變，體積增大，一部分氣

體從袋內漏出，袋內氣體質量減小，袋內氣體體積不變所以密度減小。

（2）（2022年廣東深圳：模卷）如圖，在趣味小實驗中，將一定質量的乒乓球放在一個粗細均勻的豎直薄

圓管下端，通過乒乓球和活塞在管內封閉一定高度的某種液體和氣體，當封閉氣體壓強為P時，乒乓球恰

好不掉落。已知液柱高度遠大于乒乓球直徑，圓管橫截面積為S,為了防止乒乓球掉落，將活塞緩慢上移使

氣柱長度增加一半。求此時

（1）封閉氣體的壓強；

（2）管口對乒乓球的作用力大小。

1

【答案】（1）浮（2）?

【詳解】（1）由題意可知封閉氣體發生等溫變化，根據PM=PM其中乂=SL;匕=SXI.5L解得P?=-

（2）由于封閉氣體壓強較小，故而管口