2024屆上海市崇明區物理高二上期末調研模擬試題

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、下列說法正確的是()

A.電流互感器的原線圈匝數小于副線圈匝數

B.豎直上拋小球，從小球拋出到落回拋出點的過程中，重力的沖量為零

C.回旋加速器所用交流電源的周期是帶電粒子在磁場中運動的周期的2倍

D.遠距離輸電時，輸電線路的總電阻為R,輸電電壓為U,則輸電線損失的功率為—

R

2、如圖所示，光滑絕緣的斜面與水平面的夾角為0,導體棒ab靜止在斜面上，ab與斜面底邊平行，通有圖示的恒定

電流L空間充滿豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B,現緩慢增大。(0<。<90。)，若電流I不變，且ab始終靜

止在斜面上(不考老磁場變化產生的影響)，下列說法正確的是

A.B應緩慢減小

B.B應緩慢增大

C.B應先增大后減小

D.B應先減小后增大

3、如圖所示，當用扳手擰螺母時，扳手上的P、。兩點的角速度分別為3P和COQ,線速度大小分別為V?和ve,貝！J()

A.Ct)P<(DQ9VP<VQB.COp<(f)Q,Vp=VQ

C.COP=G)Q9VP<VQD.O)P=(OQ9VP>VQ

4、如圖所示，圓形區域內有一垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度的大小為Bi,P為磁場邊界上的一點.相同的帶正

電荷粒子，以相同的速率從P點射入磁場區域，速度方向沿位于紙面內的各個方向.這些粒子射出邊界的位置均處于

邊界的某一段弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的;.若將磁感應強度的大小變為B2,結果相應的弧長變為圓周長的

1B2

“不計粒子的重力和粒子間的相互影響，則1r等于

、業，

P

T4

5、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內電阻r恒定不變.閉合開關S,滑動變阻器的滑片尸處于某一位置時，小

燈泡L能發光.將滑片P從該位置向，端滑動，則（）

A.小燈泡L變亮，電流表的示數變小

B.小燈泡L變亮，電流表的示數增大

C.小燈泡L變暗，電流表的示數變小

D.小燈泡L變暗，電流表的示數增大

6、水平平行導軌間距為d,一端跨接一個電阻R,勻強磁場的磁感強度為8,方向垂直于平行金屬導軌所在平面，如

圖一根金屬棒與導軌成，角放置，金屬棒與導軌的電阻均不計。當金屬棒沿垂直于棒的方向以恒定的速度v在金屬導

軌上滑行時，通過電阻R的電流強度為（）

Ss>s18HS

C.--------------D.--------------

RR

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，電流表A、電壓表Vi、V2的讀數分別為八Ui和S,C為電容器.在

滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離的過程中，電流表A、電壓表Vi、V2讀數變化量大小分別是A/、AQ和AS,

下列說法中正確的有

A.電源的內阻消耗的電功率變大

B.燈泡變亮、電容器所帶電量減少

C.牛等于外電路總電阻，變小

D.后等于電源的內電阻，不變

8、如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r,L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），Ri、衣2為定值電阻，R3為光敏

電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表.若將照射用的光的強度減弱，則（）

A.電壓表的示數變大

B.小燈泡消耗的功率變小

C.通過R2的電流變小

D.電源內阻的電壓變小

9、如圖所示，如圖所示兩根光滑金屬導軌平行放置，導軌所在平面與水平面間的夾角為6.整個裝置處于沿豎直方向

的勻強磁場中.質量為機的金屬桿&垂直導軌放置，當桿中通有從“到》的恒定電流/時，金屬桿6剛好靜止.則

()

b.

47

A.磁場方向豎直向上

B.磁場方向豎直向下

C.h所受支持力的大小為mgcosO

D.h所受安培力的大小為mgtanO

10、如圖所示，電源電動勢為E,內阻為r.電路中的Ft、％分別為總阻值一定的滑動變阻器，R為定值電阻，R為

光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減小）.當電鍵S閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態.有關下列說法

中正確的是（）

此

A.只逐漸增大Ri光照強度，電阻舟消耗的電功率變大，電阻K中有向上的電流

B.只調節電阻K的滑動端P2向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻鼻中有向上的電流

C.只調節電阻噸的滑動端Pi向下端移動時，電壓表示數變大，帶電微粒向下運動

D.若斷開電鍵S帶電微粒向下運動

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）現要測量一段粗細均勻的新型導電材料棒的電阻率

丙

甲

為首先用多用電表歐姆檔粗測電阻，指針位置如圖甲所示，其讀數為Y

方T用螺旋測微器測量此新型導電材料棒的直徑d,測量結果如圖乙所示，則。7m?用游標卡尺測量此新型

導電材料棒的長度L測量結果如圖丙所示，則L7m

音T然后，采用伏安法盡可能準確地測量電阻，在測量電阻的實驗中需要直接測量的物理量是（填物理量的符號

）,用已知物理量和所測得物理量的符號表示樣品的電阻率七

12.（12分）某同學利用一只電流表和一個電阻箱測定電源的電動勢和內電阻，使用的器材還有開關一個，導線若干,

實驗原理如甲所示：

（1）在圖乙實物圖中，已正確連接了部分電路，請完成其余電路的連接―；

（2）調節電阻箱，示數如圖丙所示，讀得電阻值是—。；

（3）接通開關，多次改變電阻箱的阻值R,同時讀出對應的電流表的示數/,并作記錄，畫出關系圖線，如圖

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，兩根間距為L=0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E=3V、內阻r=l。的電源，導軌平面與

水平面間的夾角0=37。.金屬桿ab垂直導軌放置，質量m=0.2kg.導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不

計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中.當Ro=lQ時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g=10m/s2,sin37Q=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感應強度B的大小；

（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

14.（16分）宜表示豎直放在電場強度為E=l（）4v/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的6部分是半徑

為R的,圓環，軌道的水平部分與半圓環相切.A為水平軌道上的一點，而且E=R=0.2m,把一質量，"=0.1kg,帶電

4

量為q=+（D"C的小球，放在4點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）

O："iC

⑴小球到達c點的速度大小

⑵小球在C點時，軌道受到的壓力大小

15.（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板“、5相距d=0.10m,“、6間的電場強度為E=5.0X105N/C,b

板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為zn=4.8xl0-25kg,電荷

186

量為9=1.6X10C的帶正電的粒子（不計重力），從貼近a板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入勻強電場，剛好

從狹縫P處穿過6板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到分板的。處（圖中未畫出）.求尸、0之間的距離L

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

XXXXXX

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1,A

【解析】A.電流與匝數成反比，所以電流互感器的原線圈匝數小于副線圈匝數，A正確；

B.從小球拋出到落回拋出點的過程中重力的方向一直豎直向下，重力的沖量不為零，B錯誤；

C.帶電粒子在磁場中運動半個周期后加一次速，而在交流電源一個周期內帶電粒子要加速兩次，故回旋加速器所

用交流電源的周期等于帶電粒子在磁場中運動的周期，C錯誤；

D.輸電線上損失的功率為：

D錯誤。

故選Ao

2、B

【解析】如圖作出右側側視圖，則可知，金屬棒受重力、支持力及向右的安培力的作用；增大角度，則支持力的方向

將向左旋轉，要使棒仍然平衡，則支持力與安培力的合力一直等于重力，則由圖可知，安培力必須增大，故磁感應強

度應增大，B正確

【點睛】本題結合安培力考查共點力平衡中的動態平衡，要掌握相應的圖解法的應用，明確角度變化時支持力與安培

力的合力不變，作出動態變化圖即可求解

3、C

【解析】由于尸、。兩點屬于同軸轉動，所以P、。兩點的角速度是相等的，由圖可知。點到螺母的距離較大，由可

知，。點的線速度較大，C正確。

故選C。

4、C

【解析】設圓的半徑為r;(1)磁感應強度為Bi時，從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為M,最遠的點是軌跡

上直徑與磁場邊界的交點，之科或的=妃臧'，如圖所示；

AM/0

/ij.p—7]'.,

J

pp

所以粒子做圓周運動的半徑R為：RP說也

2

磁感應強度為B2時，從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為N,最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，

N9陽，如圖所示；所以粒子做圓周運動的半徑為：尺￡源；帶電粒子做圓周運動的半徑為由于v,

2?

m,q相等，則得：絲？^光，故選C

B]R￡2

考點：帶電粒子扎起勻強磁場中得運動

【名師點睛】此題是帶電粒子在磁場中得運動問題；解題時關鍵是分析粒子做圓周運動臨界圓狀態，結合幾何關系

找到粒子做圓周運動的半徑，然后結合半徑表達式求解磁感應強度的關系

5、A

【解析】根據滑片P移動方向判斷滑動變阻器接入電路的阻值如何變化，然后根據閉合電路歐姆定律分析總電流的

變化，從而知道電流表的示數如何變化.根據路端電壓的變化分析小燈泡亮度的變化

【詳解】將滑片P從該位置向b端滑動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可

知，電路中總電流I變小，則電流表示數變小

總電流變小，電源的內電壓變小，則路端電壓變大，小燈泡的電壓變大，則小燈泡L變亮，故A正確，BCD錯誤

故選A

【點睛】本題是一道閉合電路的動態分析題，要分析清楚電路結構，熟練應用歐姆定律即可分析

6、B

【解析】由于金屬棒與磁場垂直，當金屬棒沿垂直于棒的方向以速度v滑行時，金屬棒切割磁感線有效的切割長度為

上一，產生感的應電動勢為

E晉B?4-

RS

根據閉合電路歐姆定律，通過R的電流為

RRsS

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BD

【解析】該電路Ri和R2串聯，電容器兩端間的電壓等于Ri兩端間的電壓，根據閉合電路的動態分析即可；

【詳解】A、滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離接入電路的用的電阻變大，則總電阻變大，總電流變小，根據公

式P鏟可知電源內阻消耗的電功率變小，故選項A錯誤；

B、由于總電阻變大，總電流變小，則內電壓變小，則路端電壓增大，故燈泡變亮，即燈泡的電流變大，則通過電阻尺1

的電流變小，即電阻尺1兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，根據公式C*可知電容器所帶電量減小，故選項

B正確；

C、電壓表V。測量路端電壓，根據部分電路歐姆定律可知：力食外，則7?外=半，通過上面的分析可知總電阻變

大，即號等于外電路總電阻，變大，故選項C錯誤；

D、根據閉合電路歐姆定律可知：■/,則甘？「不變，故選項D正確

F77

【點睛】解決本題的關鍵抓住電源的電動勢和內阻不變，利用閉合電路歐姆定律進行動態分析，特別要理解蠟？『

8、BD

【解析】A.當光照強度減小時，4電阻值增大，從而電路總電阻也增大，干路電流減小，所以用兩端電壓減小，所

以電壓表示數變小，故A錯誤；

BC.因為干路電流減小，故&和電源分壓均減小，所以并聯部分電壓增大，&兩端電壓增大，而其電阻不變，所以

%中電流增大，又因為干路電流減小，所以小燈泡的電流減小，功率變小，故B正確，C錯誤；

D.因為干路電流減小，所以由歐姆定律可知電源內阻分壓減小，故D正確。

故選BDo

9、AD

【解析】以金屬桿為研究對象進行受力分析，由平衡條件判斷磁場方向并求出安培力的大小

【詳解】磁場豎直向上，由左手定則可知，金屬桿所受安培力水平向右，金屬桿所受合力可能為零，金屬桿可以靜止,

故A正確；如果磁場方向豎直向下，由左手定則可知，安培力水平向左，金屬桿所受合力不可能為零，金屬桿不可能

靜止，故B錯誤；

mg

磁場豎直向上，對金屬桿進行受力分析，金屬桿受力如圖所示，由平衡條條件得，F安=mgtanO,故C錯誤，D正確；

故選AD

10、AD

【解析】A、只逐漸增大用的光照強度，尺的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，電阻凡消耗的電功率變

大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻凡中有向上的電流，故

選項A正確；

B、電路穩定時，電容相當于開關斷開，只調節電阻&的滑動端打向上端移動時，對電路沒有影響，故選項B錯誤；

C、只調節電阻尺的滑動端A向下端移動時，電容器并聯部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由E嗎可

a

知電場力變大，帶電微粒向上運動，故選項C錯誤；

D、若斷開電鍵S,電容器處于放電狀態，電荷量變小，板間場強減小，帶電微粒所受的電場力減小，將向下運動，故

選項D正確

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

2

11>①.180②.⑥③.目④.電壓U、電流/⑤.

【解析】歐姆表的讀數為示數乘以倍率，螺旋測微器的讀數為：主尺一半毫米一轉筒，電流表用內接法，用電阻決定

式求電阻率

【詳解】tT多用電表歐姆檔的讀數為示數與倍率的積，由此看出導電材料的電阻值為：V?

方T螺旋測微器的讀數是由固定刻度和可動刻度兩部分相加而得，導電材料的直徑

dSBmQO-m?.游標卡尺的讀數也是兩部分組成，此游標卡尺的精度為，小？切，

所以導電材料的長度LR加8S-成!」m?

與T要測電阻率必先測出這種導電材料的電阻，由伏安法知，還需用電壓表和電流表測出導電材料的加電壓U時通過

的電流/,則其電阻R4.再根據電阻定律R?看和面積公式S?畤2,34得到電阻率七噎^

【點睛】本題考查了歐姆表和螺旋測微器的讀數，記住它們的讀數方法，伏安法測電阻，要會分析電流表的內接或外

接的選用

12、②.2.3③.電源電動勢④.1.4⑤.0.4

【解析】(1)[1]根據圖甲所示實驗電路，連接實物電路如圖所示:

(2)[2]由圖丙所示電阻箱可知，電阻箱示數為2x10+3x0.10=2.3。；

(3)[3]由閉合電路歐姆定律，有

E=I(r+R+Rx)

則

E

/?=--(r+3)

則圖象的斜率是E,即電源電動勢；

[4][5]由圖丁所示圖象可知，電源電動勢

受也

E=TTV=1.4V

K

I

圖象在橫軸上的截距為0.5,即r+&=0.50,則電源