期中考試統考試卷(高中)PAGE2023學年浙江省寧波市高一（上）期末模擬考試物理試卷一．選擇題（共15小題，滿分45分）1.某同學查閱科技資料時發現，飛機飛行過程中，根據物理學中流體力學可得定量計算升力的公式為，其中為升力，為空氣密度，為升力系數，為機翼的特征面積，為空氣流體的速度。升力系數與機翼橫截面的形狀，氣流與機翼所成的角度（即迎角）等有關，以下關于的單位說法正確的是（）A. B.C. D.某一常數，無單位〖答案〗D〖解析〗物理量之間的關系決定物理量的單位，通過題給物理量關系可知對應單位化簡可以得出是一個數值，沒有單位，選項D正確，ABC錯誤。2.在物理學的發展過程中，物理學們提出了許多物理學的研究方法，以下關于物理學的研究方法的敘述中，說法正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用點來代替物體的方法叫等效替代法B.當極短時，就可以表示物體在某時刻或某位置的瞬時速度，這體現了物理學中的微元法C.加速度的定義采用的是比值定義法D.“質點”概念的引入是運用了控制變量法〖答案〗C〖解析〗A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用點來代替物體的方法叫理想模型法。A錯誤；B．當極短時，就可以表示物體在某時刻或某位置瞬時速度，這體現了物理學中的極限法，B錯誤；C．加速度的定義采用的是比值定義法，C正確；D．“質點”概念的引入是運用了理想模型法，D錯誤。3.手機給人民生活帶來很多便利，手機導航APP極大地方便了“不識路”的駕車族，如圖為某車主手機導航圖，下列說法正確的是（）A.圖中“9：25”指的是時間間隔B.圖中“1小時2分”指的是時刻C.圖中“41.3公里”指的是路程D.圖中“41.3公里”指的是位移的大小〖答案〗C〖解析〗A．圖中“9：25”指的是時刻，A錯誤；B．圖中“1小時2分”指的是時間間隔，B錯誤；CD．圖中“41.3公里”指的是行駛的總路程，不是位移大小，C正確、D錯誤。4.牙膏是生活中常用物品，在你使用牙膏過程中涉及到的物理知識，下列說法正確的是（）A.牙膏皮被擠壓的過程中產生的形變為彈性形變B.牙膏能被擠出來是因為牙膏受到重力的作用C.牙膏蓋上設計的條紋是為了增大摩擦系數D.擠牙膏時，手對牙膏皮的力與牙膏皮對手的力是一對平衡力〖答案〗C〖解析〗A．該牙膏皮被擠壓后發生的形變，因沒有恢復原狀，則為非彈性形變，A錯誤；B．牙膏受到牙膏皮的作用力，發生形變，從而將牙膏擠出來，B錯誤；C．牙膏蓋上的條紋是通過增大接觸面的粗糙程度增大摩擦系數，增大摩擦力，C正確；D．擠牙膏時手對牙膏皮的作用力與牙膏皮對手的作用力屬于作用力與反作用力，D錯誤。5.“平衡”一詞，在不同語境中的意義不同，高中物理中的“共點力平衡”現象中的“平衡”，是指作用在物體同一點（或同一質點）上的各力的作用效果彼此抵消，從運動效果看好像物體沒有受力一樣。一質點在互成角度的幾個恒力的共同作用下處于平衡狀態，則下列說法中一定錯誤的是（）A.該質點的加速度一定為零B.某一個力一定與其它力的合力等大、反向、共線C.該質點在任何時間里的速度變化量一定相同D.該質點的速度一定為零〖答案〗D〖解析〗A．該質點處于平衡狀態，其合力為零，由牛頓第二定律可知加速度一定為零。故A正確，與題意不符；B．根據共點力平衡推論可知，某一個力一定與其它力的合力等大、反向、共線。故B正確，與題意不符；C．由A選項分析可知該質點加速度為零，在任何時間里的速度變化量也為零。故C正確，與題意不符；D．該質點處于平衡狀態，可能保持靜止狀態，也可能做勻速直線運動。故D錯誤，與題意相符。6.下列說法正確的是（）A.紙飛機被水平投出后，將做平拋運動B.鐵餅被運動員奮力投出后的運動可視為平拋運動C.小球從水平桌面邊緣滾落后的運動可視為平拋運動D.上升到最高點的煙火爆炸后，會形成一個半徑逐漸增大的“火球”，其球面上的每一顆火星均做平拋運動〖答案〗C〖解析〗A．紙飛機受到的空氣阻力不可忽略，所以加速度不等于重力加速度，故A錯誤；B．拋出的鐵餅初速度不是水平的，不是平拋，是斜拋運動，故B錯誤；C．小球從水平桌面邊緣滾落后，具有水平方向的初速度，忽略空氣阻力，只受重力作用，可視為平拋物體運動，故C正確；D．不是每一顆“火球”都是平拋運動，其中有的斜拋、有的平拋、有的豎直加速下落，總之會有很多種，故D錯誤。7.如圖所示是中國第一高樓。在頂樓外壁固定保溫材料時，裝修人員不小心掉落一顆螺釘，由靜止加速下落，在空氣阻力作用下，加速度逐漸減小直至為零，然后進入收尾階段。下列說法中正確的是（）A.開始下落階段，速度的變化率越來越大B.開始下落階段，每經歷相等時間，速度增加量越來越大C.在下落的收尾階段，速度的變化率為零D.在下落的收尾階段，速度均勻增大〖答案〗C〖解析〗AB．螺釘在開始下落階段，每經歷相等時間內速度增量因為加速度逐漸減小，所以每經歷相等時間，速度增加量越來越小，則速度變化率越來越小，故AB錯誤；CD．在下落的收尾階段，加速度為零，速度達到最大且不再變化，所以速度的變化率為零，故C正確，D錯誤。8.2021年12月9日15時40分，“天宮課堂”第一課正式開講，神舟十三號乘組航天員翟志剛、王亞平、葉光富在中國空間站進行太空授課．在太空授課開始之前，央視直播間的主持人向各個分課堂的同學們提了問題，其中一個提問是：航天員在艙外機械臂上，一手拿小鋼球，一手拿羽毛，雙手用同樣的力作用相同的一小段時間后，向同一方向扔出，預定目標為扔出正前方的兩米處，誰先抵達？對此，你的理解是（）A.小鋼球先到達，因為小鋼球的慣性比羽毛大B.羽毛先到達，因為離開手之后羽毛的速度大C.不能到達，因為在艙外小鋼球和羽毛沒有慣性D.同時到達，因為沒有阻力影響，輕、重物體運動一樣快〖答案〗B〖解析〗ABD．由于用相間的力作用相同的一段時間，人對球的沖量相同，由動量定理得可知質量與速度成反比，故質量小的羽毛獲得的速度大，艙外沒有空氣，離開手以后，在飛行過程中小鋼球和羽毛的運動都可看做勻速直線運動，故羽毛先到達。故AD錯誤，B正確；C．慣性是物體本身固有的屬性，在任何狀態下都具有慣性，故C錯誤；9.質點在xOy平面內從O點開始運動，其軌跡在xOy平面直角坐標系中的方程為y=2x，則質點可能做（）A.在Ox方向上做2m/s的勻速運動，在Oy方向做1m/s的勻速運動B.在Ox方向上做初速度為零的2m/s2的勻加速運動，在Oy方向做2m/s的勻速運動C.在Ox方向上做1m/s的勻速運動，在Oy方向做初速度為零的2m/s2的勻加速運動D.在Ox方向上做初速度為零的1m/s2的勻加速運動，在Oy方向做初速度為零的2m/s2的勻加速運動〖答案〗D〖解析〗A．由軌跡方程可知在Oy方向的平均速度是Ox方向上的二倍，所以兩個方向如果做勻速直線運動，有故A錯誤B．如果在Ox方向上做初速度為零的2m/s2的勻加速運動，在Oy方向做2m/s的勻速運動，平均速度不能保持始終是二倍的關系，故B錯誤；C．如果在Ox方向上做1m/s的勻速運動，在Oy方向做初速度為零的2m/s2的勻加速運動，平均速度不能保持始終是二倍的關系，故C錯誤；D．如果在Ox方向上做初速度為零的1m/s2的勻加速運動，在Oy方向做初速度為零的2m/s2，則則有故D正確。10.獰貓彈跳力驚人，棲息在干燥的曠野和沙漠，善于捕捉鳥類。一只獰貓以某一初速度斜向上與水平地面成θ角跳離地面，落地前其最大高度為h，最大水平位移為x。不考慮空氣阻力。下列說法正確的是（）A.保持起跳速度大小不變，增大θ角，獰貓在空中的運動時間不變B.保持起跳速度大小不變，增大θ角，獰貓在空中的最大高度h增大C.保持起跳角度θ不變，增大起跳速度，x與h的比值減小D.保持起跳角度θ不變，增大起跳速度，x與h的比值增大〖答案〗B〖解析〗A．獰貓做斜拋運動，在豎直方向則有獰貓在空中的運動時間保持起跳速度大小不變，增大角，獰貓在空中的運動時間增大，故A錯誤；B．獰貓在空中的最大高度保持起跳速度大小不變，增大角，獰貓在空中的最大高度增大，故B正確；CD．獰貓最大水平位移為最大水平位移與最大高度的比值為保持起跳角度不變，增大起跳速度，與的比值不變，故C、D錯誤。11.如圖所示，勁度系數為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于傾角為的斜面上質量為m的物體A連接（另有一個完全相同的物體B緊貼著A，不粘連），彈簧與斜面平行且處于靜止狀態。現用沿斜面的力F緩慢推動物體B，在彈性限度內彈簧長度被壓縮了x0，此時物體A、B靜止。撤去F后，物體A、B開始向上運動，已知重力加速度為g，物體A、B與斜面間的動摩擦因數為μ（μ<tan）。則（）A.施加力F前，彈簧被壓縮了B.撤去F瞬間，物體A、B的加速度大小為C.撤去F后，物體A和B先做勻加速運動，再做勻減速運動D.若物體A、B向上運動要分離，則分離時向上運動距離為〖答案〗B〖解析〗A．施加力F前，把AB作為一個整體受力分析，在斜面方向上，重力的下滑分力與彈簧的彈力和摩擦力的合力平衡，即胡克定律聯立得故A錯誤；B．撤去F瞬間，把AB作為一個整體受力分析有解得故B正確；C．由對B項的分析可知，物體向上運動時彈簧伸長量發生變化即彈力發生變化，物體所受合外力發生變化，加速度變化，故不會做勻加速運動，故C錯誤；D．分離問題要抓住兩點：①分離時兩物體間無彈力，②分離時兩物體的加速度相同；運用這兩個結論就可快速判斷出A、B兩物體會在彈簧達到原長時分離，故D錯誤。12.如圖，一質量為的木塊放在水平地面上，在的水平恒力作用下運動，加速度大小為，重力加速度，不計空氣阻力，則該木塊與水平地面之間的動摩擦因數為（）A.0.2 B.0.3 C.0.35 D.0.4〖答案〗B〖解析〗根據牛頓第二定律代入數據可得13.在物理課堂上，某同學做實驗，在臺秤上做下蹲動作，已知他在臺秤上靜止不動時，臺秤的示數為50kg。取重力加速度大小，下列說法正確的是（）A.在完成一次下蹲動作的過程中，他一直處于超重狀態B.在完成一次下蹲動作的過程中，他一直處于失重狀態C.若臺秤的示數為25kg，則此時他下蹲的加速度大小為D.若臺秤的示數為60kg，則此時他下蹲的加速度大小為〖答案〗C〖解析〗AB．在完成一次下蹲動作的過程中，由向下加速的階段和向下減速的階段，所以不會一直處于超重或失重的狀態，故AB錯誤；C．若臺秤的示數為25kg，此時他處于失重狀態，加速度向下，由牛頓第二定律得解得故C正確；D．若臺秤的示數為60kg，此時他處于超重狀態，加速度向上，由牛頓第二定律得解得故D錯誤。14.將一個質量為1kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點，運動過程中所受阻力大小恒定，方向與運動方向相反。該過程的v-t圖象如圖所示，g取10m/s2。下列說法中正確的是（）A.小球所受重力和阻力大小之比為6：1B.小球落回到拋出點時的速度大小為C.小球上升過程與下落過程所用時間之比為3：2D.小球下落過程中，受到向上的空氣阻力，處于超重狀態〖答案〗B〖解析〗A．小球向上做勻減速運動的加速度大小根據牛頓第二定律得阻力為則重力和阻力大小之比為故A錯誤；B．小球上升的高度小球下降的加速度大小根據得則小球落回到拋出點時的速度大小為故B正確；C．上升時間和下落的時間之比為故C錯誤；D．下落的過程中，加速度向下，處于失重狀態。故D錯誤。15.如圖所示，粗糙水平面上放置質量分別為m、2m和3m的3個木塊，木塊與水平面間動摩擦因數相同，其間均用一不可伸長的輕繩相連，輕繩能承受的最大拉力為FT。現用水平拉力F拉其中一個質量為2m的木塊，使3個木塊以同一加速度運動，則以下說法正確的是（）A.繩斷前，a、b兩輕繩的拉力比總為4：1B.當F逐漸增大到FT時，輕繩a剛好被拉斷C.當F逐漸增大到1.5FT時，輕繩a還不會被拉斷D.若水平面是光滑的，則繩斷前，a、b兩輕繩的拉力比大于4：1〖答案〗A〖解析〗A．設三個木塊的加速度為a，則對質量為m的木塊，由牛頓第二定律有解得對質量為3m的木塊，由牛頓第二定律有解得則有A正確；BC．輕繩a剛好被拉斷時拉力為，對質量為m木塊和質量為3m的木塊視為整體，由牛頓第二定律得對三個木塊整體，有聯立解得故BC錯誤；D．若水平面是光滑的，則繩斷前，對質量為m的木塊，由牛頓第二定律有對質量為3m的木塊，由牛頓第二定律有得則有故D錯誤。二．實驗題（共2小題，滿分16分）16.某同學用圖甲所示的實驗裝置探究小車的加速度a與質量m的關系。所用交變電流的頻率為50Hz。（1）把木板的一側墊高，調節木板的傾斜程度，使小車在不受牽引時能拖動紙帶勻速運動，這樣做的目的是為了___________。（2）圖乙是他某次實驗得到的紙帶，兩計數點間有四個點未畫出，部分實驗數據在圖中已標注，則紙帶的___________（填“左”或“右”）端與小車相連，小車的加速度是___________m/s2。次數1234加速度a（m?s2）0.61804820.3170.152質量倒數4.003.032.001.00（3）保持小車所受的拉力不變，改變小車質量m，分別測得不同質量時小車加速度a的數據如表所示。請在圖丙的坐標紙中作出圖像___________。根據圖像可以得到的實驗結論是___________。〖答案〗（1）補償阻力（2）左0.51（3）.在拉力不變時，小車的加速度與質量成反比〖解析〗（1）〖1〗把木板的一側墊高，調節木板的傾斜程度，使小車在不受牽引時能拖動紙帶勻速運動，這樣做的目的是為了補償阻力或者平衡摩擦力。（2）〖2〗小車拖著紙帶做加速運動，點間距逐漸變大，則紙帶的左端與小車相連；〖3〗根據可得小車的加速度是（3）〖4〗作出圖像如圖；〖5〗根據圖像可以得到的實驗結論是在拉力不變時，小車的加速度與質量成反比。17.某同學做“探究平拋運動的特點”實驗，下圖是采用頻閃照相機拍攝到小球做平拋運動的照片。測得真實小球直徑與照片中小球直徑的比值為，照相機拍攝時每隔時間曝光一次，截取照片中小球的三個位置、、，測出水平間距和豎直間距、，由以上物理量可求出：（1）小球做平拋運動的初速度大小為__________；（2）當地重力加速度大小為__________；（3）小球經過位置時豎直方向的速度大小為___________；（4）因為小球的體積不可忽略，且不易確定球心位置，實驗中用小球的最低點來代表小球的位置，則上面實驗測得小球經過位置的豎直方向速度與真實值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）。〖答案〗（1）（2）（3）（4）不變〖解析〗(1)〖1〗小球做平拋運動的初速度大小為(2)〖2〗由勻變速直線運動規律解得(3)〖3〗勻變速直線運動中間時刻的速度等于這段時間的平均速度，小球經過位置時豎直方向的速度大小(4)〖4〗小球上各點的速度都相等，因此上面實驗測得小球經過位置的豎直方向速度與真實值相比不變。三．計算題（共4小題，滿分39分）18.目前全國正在建設ETC系統，ETC是電子不停車收費系統的簡稱，該系統可以.提高收費效率，節省車輛邐行時間．汽車分別通過ETC通道和人工收費通道的流程如圖所示，假設汽車以正常行駛速度v1=16m/s朝收費站沿直線行駛，如果過ETC通道，需要在距收費站中心線前d=8m處正好勻減速至v2=4m/s,勻速通過中心線后，再勻加速至v1正常行駛;如果過人工收費通道，需要恰好在中心線處勻減速至零,經過t0=25s繳費成功后，再啟動汽車勻加速至v1正常行駛．設汽車在減速和加速過程中的加速度大小分別為a1=2m/s2,和a2=1m/s2.求:（1）汽車過ETC通道時，從開始減速到恢復正常行駛過程中的位移大小（2）汽車走ETC通道比走人工收費通道節約的時間t是多少?〖答案〗（1）188m（2）29s〖解析〗（1）汽車通過ETC通道時：勻減速過程：m勻加速過程：m汽車的總位移：m（2）汽車通過ETC通道時：勻減速過程：s勻速過程：s勻加速過程：s汽車通過ETC通道的總時間：s汽車通過人工收費通道時：勻減速過程：s勻加速過程：s汽車通過人工通道的總時間：s汽車節約的時間：△s19.如圖所示，兩個質量均為的小環套在一水平放置的粗糙長桿上，兩根長度均為L的輕繩一端系在小環上，另一端系在質量為的木塊上，兩小環均保持靜止。重力加速度取。（1）求每個小環對桿的壓力大小；（2）若小環與桿之間的動摩擦因數，求兩環之間的最大距離。〖答案〗（1）10N；（2）L〖解析〗（1）對兩個小環和木塊整體由平衡條件得解得由牛頓第三定律可知，每個小環對桿的壓力大小為（2）小環剛好不滑動時，小環受到的靜摩擦力達到最大值，設此時繩拉力大小為T，與豎直方向夾角為，對M由平衡條件得對m由平衡條件得聯立解得由幾何關系可得，兩環之間的最大距離為20.2021年，“天問一號”成功著陸火星。著陸前，探測器在距火星表面高度時進入懸停狀態。時，通過調整探測器發動機的作用力，使得探測器從靜止開始先勻加速下落，時改做勻減速下落，時到達距火星表面高度處，此時探測器速度恰好為零。這時關閉發動機，探測器無動力下落至火星表面。取火星表面的重力加速度為4m/s2，設在整個下落過程中探測器受火星大氣的阻力恒為其重力的0.2倍，不計探測器燃料燃燒引起的質量變化。求：（1）探測器落到火星時速度的大小（2）探測器到達距火星表面60m時，發動機的推力與探測器重力的比值。〖答案〗（1）；（2）0.88〖解析〗（1）設探測器的質量為m，探測器自由下落