福建省福州市八縣協作校2024屆高考物理試題原創模擬卷（十一）注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、水平面內固定一個足夠大且絕緣的粗糙斜面，其上有一個帶電滑塊勻速下滑且一直在斜面上運動。僅改變下列選項中的條件，滑塊速度大小一定改變的是（）A．施加豎直方向的電場 B．翻轉滑塊，改變它與斜面的接觸面積C．施加水平方向的恒力 D．改變滑塊的質量2、如圖所示，小球放在光滑的墻與裝有鉸鏈的光滑薄板之間，薄板在F作用下逆時針緩慢轉動，在墻與薄板之間的夾角θ緩慢地從90°逐漸減小的過程中（）A．小球對薄板的壓力可能小于小球的重力B．小球對薄板的正壓力一直增大C．小球對墻的壓力先減小，后增大D．小球對墻的正壓力不可能大于小球的重力3、如圖所示，在同一平面內有①、②、③三根長直導線等間距的水平平行放置，通入的電流強度分別為1A，2A、1A，已知②的電流方向為c→d且受到安培力的合力方向豎直向下，以下判斷中正確的是（）A．①的電流方向為a→bB．③的電流方向為f→eC．①受到安培力的合力方向豎直向上D．③受到安培力的合力方向豎直向下4、如圖是雙縫干涉實驗裝置的示意圖，S為單縫，S1、S2為雙縫，P為光屏．用綠光從左邊照射單縫S時，可在光屏P上觀察到干涉條紋．下列說法正確的是()．A．減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離減小B．增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離增大C．將綠光換為紅光，干涉條紋間的距離減小D．將綠光換為紫光，干涉條紋間的距離增大5、一質點做速度逐漸增大的勻加速直線運動，在時間間隔t內位移為s，速度變為原來的2倍，該質點的加速度為（）A． B． C． D．6、靜止在湖面的小船上有兩個人分別向相反方向水平拋出質量相同的小球，甲向左拋，乙向右拋，如圖所示．甲先拋，乙后拋，拋出后兩小球相對岸的速率相等，若不計水的阻力，則下列說法中正確的是（）A．兩球拋出后，船往左以一定速度運動，乙球受到的沖量大一些B．兩球拋出后，船往右以一定速度運動，甲球受到的沖量大一些C．兩球拋出后，船的速度為零，甲球受到的沖量大一些D．兩球拋出后，船的速度為零，兩球所受的沖量相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為用絞車拖物塊的示意圖。拴接物塊的細線被纏繞在輪軸上，輪軸逆時針轉動從而拖動物塊。已知輪軸的半徑R=0.5m，細線始終保持水平，被拖動的物塊初速度為零，質量m=1kg，與地面間的動摩擦因數μ=0.5，輪軸的角速度隨時間t變化的關系是=kt，k=2rad/s2，g取10m/s2，以下判斷正確的是（）A．物塊的加速度逐漸增大 B．細線對物塊的拉力恒為6NC．t=2s時，細線對物塊的拉力的瞬時功率為12W D．前2s內，細線對物塊拉力做的功為12J8、如圖所示，半徑為R的光滑圓環固定在豎直平面內，AB、CD是圓環相互垂直的兩條直徑，C、D兩點與圓心O等高。一個質量為m的光滑小球套在圓環上，一根輕質彈簧一端連在小球上，另一端固定在P點，P點在圓心O的正下方處.小球從最高點A由靜止開始沿逆時針方向下滑，已知彈簧的原長為R，彈簧始終處于彈性限度內，重力加速度為g。下列說法正確的有（）A．小球運動到B點時的速度大小為B．彈簧長度等于R時，小球的機械能最大C．小球運動到B點時重力的功率為D．小球在A、B兩點時對圓環的壓力差為4mg9、一質量為0.5kg的物塊沿直線運動的速度-時間（）圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A．0.25s時的速度方向與1.25s時的速度方向相反B．1.5s末受到的合力大小為2NC．0~0.5s內合力做的功為1JD．前2s的平均速度大小為0.75m/s10、如圖，一束光經玻璃三棱鏡折射后分為兩束單色光a、b，則下列說法正確的是（）A．在真空中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度B．在玻璃中，a光的波長大于b光的波長C．玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率D．若改變光束在左側面的入射方向使入射角逐漸變小，則折射光線a首先消失E.分別用a、b光在同一個雙縫干涉實驗裝置上做實驗，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖實驗裝置驗證m1、m2組成的系統機械能守恒。m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證系統機械能守恒定律。下圖給出的是實驗中獲取的一條紙帶：兩物體從靜止釋放，0是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個點（圖中未標出），計數點間的距離如圖所示。已知m1=50g、m2=150g，交流電的頻率為50Hz，g取9.8m/s2則：（結果保留兩位有效數字）（1）在紙帶上打下記數點5時的速度v=_________m/s；（2）在計數點0到計數點5過程中系統動能的增量△EK=_________J，系統勢能的減少量△EP=_________J；（3）實驗結論：______________。12．（12分）某同學在實驗室利用圖甲所示的裝置探究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量的關系”。圖中長木板水平固定，小吊盤和盤中物塊的質量之和m遠小于滑塊（含滑塊上的砝碼）的質量M。(1)為減小實驗誤差，打點計時器應選用________________（填“電磁打點計時器”或“電火花計時器”）。(2)該同學回到教室處理數據時才發現做實驗時忘記了平衡摩擦力，也沒有記下小吊盤和盤中物塊的質量之和。圖乙為實驗中所得的滑塊的加速度a與滑塊（含滑塊上的砝碼）的質量的倒數的關系圖象。取g=10m/s2，根據圖象可求出小吊盤和盤中物塊的質量之和約為________________kg，滑塊與長木板之間的動摩擦因數為________________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在第Ⅱ象限內有水平向右的勻強電場，在第I象限和第IV象限的圓形區域內分別存在如圖所示的勻強磁場，在第IV象限磁感應強度大小是第Ⅰ象限的2倍．圓形區域與x軸相切于Q點，Q到O點的距離為L，有一個帶電粒子質量為m，電荷量為q，以垂直于x軸的初速度從軸上的P點進入勻強電場中，并且恰好與y軸的正方向成60°角以速度v進入第I象限，又恰好垂直于x軸在Q點進入圓形區域磁場，射出圓形區域磁場后與x軸正向成30°角再次進入第I象限。不計重力。求：（1）第I象限內磁場磁感應強度B的大小：（2）電場強度E的大小；（3）粒子在圓形區域磁場中的運動時間。14．（16分）如圖所示，上表面光滑、下表面粗糙的木板放置于水平地面上，可視為質點的滑塊靜止放在木板的上表面。t＝0時刻，給木板一個水平向右的初速度v0，同時對木板施加一個水平向左的恒力F，經一段時間，滑塊從木板上掉下來。已知木板質量M＝3kg，高h＝0.2m，與地面間的動摩擦因數μ＝0.2；滑塊質量m＝0.5kg，初始位置距木板左端L1＝0.46m，距木板右端L2＝0.14m；初速度v0＝2m/s，恒力F＝8N，重力加速度g＝10m/s2。求：(1)滑塊從離開木板開始到落至地面所用時間；(2)滑塊離開木板時，木板的速度大小。15．（12分）如圖所示，輕彈簧一端固定在與斜面垂直的擋板上，另一端點在O位置．質量為m的物塊A（可視為質點）以初速度v0從斜面的頂端P點沿斜面向下運動，與彈簧接觸后壓縮彈簧，將彈簧右端壓到O′點位置后，A又被彈簧彈回。物塊A離開彈簧后，恰好回到P點．已知OP的距離為x0，物塊A與斜面間的動摩擦因數為μ，斜面傾角為θ。求：（1）O點和O′點間的距離x1；（2）彈簧在最低點O′處的彈性勢能；（3）設B的質量為βm，μ＝tanθ，v0＝3．在P點處放置一個彈性擋板，將A與另一個與A材料相同的物塊B（可視為質點與彈簧右端不拴接）并排一起，使兩根彈簧仍壓縮到O′點位置，然后從靜止釋放，若A離開B后給A外加恒力，沿斜面向上，若A不會與B發生碰撞，求β需滿足的條件？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

AD．當滑塊勻速下滑時，對滑塊進行受力分析可知，重力沿斜面向下的分力等于滑動摩擦力的大小。施加豎直方向的電場與改變滑塊的質量效果相同，各力沿斜面向下的分力之和與滑動摩擦力的大小始終相等，滑塊仍做勻速直線運動，AD錯誤；B．翻轉滑塊，改變它與斜面的接觸面積，并未改變它與斜面間的摩擦力，所以滑塊仍做勻速直線運動，B錯誤；C．施加水平向左的恒力時（滑塊不脫離斜面），該力有沿斜面向下的分力，而且摩擦力減小，滑塊將做加速運動；施加水平向右的恒力時，該力有沿斜面向上的分力，而且摩擦力增大，滑塊將做減速運動，C正確。故選C。2、B【解題分析】

以小球為研究對象，處于平衡狀態，根據受力平衡，由圖可知AB．當墻與薄板之間的夾角緩慢地從90°逐漸減小的過程中，薄板給球的支持力逐漸增大，木板受到的壓力增大，小球對薄板的壓力不可能小于小球的重力，A錯誤B正確；CD．當墻與薄板之間的夾角緩慢地從90°逐漸減小的過程中，墻壁給球的壓力逐漸增大，根據牛頓第三定律可知墻壁受到的壓力增大，小球對墻的正壓力可能大于小球的重力，CD錯誤。故選B。3、C【解題分析】

AB．因為②的電流方向為c→d且受到安培力的合力方向豎直向下，根據左手定則可知導線②處的合磁場方向垂直紙面向外，而三根長直導線等間距，故導線①和③在導線②處產生的磁場大小相等，方向均垂直紙面向外，再由安培定則可知①的電流方向為b→a，③的電流方向為e→f，故A錯誤，B錯誤；C．根據安培定則可知②和③在①處產生的磁場方向垂直紙面向外，而①的電流方向為b→a，根據左手定則可知①受到安培力的合力方向豎直向上，故C正確；D．根據安培定則可知②在③處產生的磁場方向垂直紙面向里，①在③處產生的磁場方向垂直紙面向外，根據電流產生磁場特點可知③處的合磁場方向垂直紙面向里，又因為③的電流方向為e→f，故根據左手定則可知③受到安培力的合力方向豎直向上，故D錯誤。故選C。4、B【解題分析】試題分析：根據公式，減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離變大，A錯誤，根據公式，增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離增大，B正確，根據公式，將綠光換為紅光，頻率減小，即波長增大，所以干涉條紋間的距離增大，C錯誤根據公式，將綠光換為紫光，頻率增大，即波長減小，所以干涉條紋間的距離減小，D錯誤，考點：本題考查光波的干涉條紋的間距公式，點評：應牢記條紋間距的決定因素，不要求定量計算，但要求定性分析．5、C【解題分析】

根據速度倍數關系，結合位移公式和平均速度公式即可求得初速度速度，再由加速度的定義求得質點的加速度。本題是勻變速直線運動規律的直接運用，要注意正確利用平均速度公式分析速度與位移間的關系，同時明確加速度的定義即可正確求解。【題目詳解】設初速度為v，則末速度為2v。由平均速度公式可得由加速度公式可得聯立解得，故C正確，ABD錯誤。故選C。6、C【解題分析】

設小船的質量為M，小球的質量為m，甲球拋出后，根據動量守恒定律有：mv=（M+m）v′，v′的方向向右．乙球拋出后，規定向右為正方向，根據動量守恒定律有：（M+m）v′=mv+Mv″，解得v″=1．根據動量定理得，所受合力的沖量等于動量的變化，對于甲球，動量的變化量為mv，對于乙球動量的變化量為mv-mv′，知甲的動量變化量大于乙球的動量變化量，所以拋出時，人給甲球的沖量比人給乙球的沖量大．故C正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解題分析】

A．輪軸邊緣的線速度大小等于物體的速度大小，根據線速度好角速度的關系，有可見物體做勻加速直線運動，加速度故A錯誤；B．對物體，根據牛頓第二定律代入數據解得故B正確；C．t=2s時，物體的速度為細線對物塊的拉力的瞬時功率為故C正確；D．前2秒內，物體的位移細線對物塊拉力做的功為故D正確。故選BCD。8、BD【解題分析】

A．小球在A點和B點時，彈簧的形變量相同，則彈性勢能的變化量為零，根據能量守恒得解得故A錯誤；B．除重力以外其它力做功等于機械能的增量，當彈簧長度等于R時，彈簧彈力做功最多，則小球的機械能最大，故B正確；C．小球運動到B點時，重力的方向與速度方向垂直，則重力的功率為零，故C錯誤；D．在A點，有在B點，根據牛頓第二定律得解得可知小球在A、B兩點對圓環的壓力差為4mg，故D正確。故選BD。9、BCD【解題分析】

A．由圖象知，0.25s時的速度方向與1.25s時的速度方向都為正方向，方向相同，故A錯誤。

B．由圖象知，1.5s末的加速度所以合力F=ma=2N故B正確。

C．由動能定理知，0～0.5s內合力做的功故C正確。

D．由圖象的面積表示位移知，前2s的位移前2s的平均速度故D正確。

故選BCD。10、BCE【解題分析】

A．在真空中所有光的傳播速度都等于光速，故A錯誤；BC．由光路圖可知，光的偏折程度較小，光的偏折程度較大，則玻璃三棱鏡對光的折射率小，對光的折射率大；折射率越大，頻率越大，波長越小，則知光的頻率比光的小，光的波長比光的大，故B、C正確；D．當改變光束在左側面的入射方向使入射角逐漸變小時，光在右側面的入射角逐漸增大，由分析知，光的臨界角大于光的臨界角，所以隨著入射角逐漸增大，光先發生全反射，則光先消失，故D錯誤；E．根據條紋間距公式可知，由于光的波長大于光，所以光的條紋間距大于光，故E正確；故選BCE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.40.580.59在誤差允許的范圍內，兩物體組成的系統在運動過程中機械能守恒【解題分析】

（1)[1]在紙帶上打下計數點5時的速度：（2）[2]在計數點0到計數點5過程中，系統動能的增量為：[3]系統重力勢能減小量為：（3）[4[根據前面的數據，可以得到：在誤差允許的范圍內，兩物體組成的系統在運動過程中機械能守恒。12、電火花打點計時器0.020.2【解題分析】

(1)[1]電磁打點計時器紙帶運動時，振針振動，計時器與紙帶存在較大摩擦，而電火花打點計時器由火花放電，摩擦小，故選用電火花打點計時器誤差小；(2)[2]根據牛頓第二定律，對滑塊有變形后得圖像斜率表示合外力則有由于小吊盤和盤中物塊的質量之和m遠小于滑塊（含滑塊上的砝碼）的質量M，則小吊盤和盤中物塊的總重力近似等于合力，所以小吊盤和盤中物塊的總質量為[3]乙圖中縱截距則滑塊與木板間的動摩擦因數為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）。【解題分析】

（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，軌跡如圖所示．設粒子在第Ⅰ象限內的軌跡半徑為R1．由幾何關系有：得：根據洛倫茲力提供向心力有：得：（2）帶電粒子在電場中做類平拋運動，由幾何關系有：v0=vcos60°=v粒子剛出電場時vx=vsin60°=v粒子在電場中運動時間為：vx=at可得：（3）由幾何關系知，粒子在圓形磁場中運動的時間而結合得14、(1)0.2s(2)0.6m/s【解題分析】

(1)設滑塊從離開木板開始到