2023學年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。

2.答題時請按要求用筆。

3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，一傾角為30。的勻質圓盤繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定角速度。轉動，盤面上離轉軸距離d處有一

帶負電的電荷量為外質量為機的小物體與圓盤始終保持相對靜止.整個裝置放在豎直向上的勻強電場中，電場強度

6=稱,則物體與盤面間的動摩擦因數至少為(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g為重力加速度)()

t百(3g+4<y2d)?2(6+1)療。

A.-------------B.-----------

9g3g

g+4ld)6(g+2〃d)

c瓜D

3g.3g

2、將輸入電壓為220V、輸出電壓為6V的變壓器改裝成輸出電壓為30V的變壓器，副線圈原來的匝數為30匝，原線

圈的匝數不變，則副線圈應增加的匝數為()

A.150匝B.144匝C.130匝D.120匝

3、如圖所示，將一籃球從地面上方5點斜向上拋出，剛好垂直擊中籃板上A點，不計空氣阻力，若拋射點5向籃板

方向水平移動一小段距離，仍使拋出的籃球垂直擊中A點，則可行的是

A.增大拋射速度%,同時減小拋射角，

B.增大拋射角仇同時減小拋出速度%

C.減小拋射速度%,同時減小拋射角，

D.增大拋射角仇同時增大拋出速度%

4、如圖所示，某同學練習定點投籃，其中有兩次籃球垂直撞在豎直籃板上，籃球的軌跡分別如圖中曲線1、2所示。

若兩次拋出籃球的速度也和V2的水平分量分別為V“和V2X,豎直分量分別為也了和V2"不計空氣阻力，下列關系正確

的是（）

A.V\x<VlxtV\y>V2yB.V1X>V2x,V\y<V2y

C.n.r<V2x>V\y<V2yD.V\x>V2x,V\y>V2y

5、2019年8月11日超強臺風“利奇馬”登陸青島，導致部分高層建筑頂部的廣告牌損毀。臺風“利奇馬”登陸時的最大

風力為11級，最大風速為30m/s。某高層建筑頂部廣告牌的尺寸為：高5m、寬20m,空氣密度P=1.2kg/m3,空氣吹

到廣告牌上后速度瞬間減為0,則該廣告牌受到的最大風力約為

A.3.9x103NB.1.2x107C.1.0xl04ND.9.0xl04N

6、以下各物理量屬于矢量的是（）

A.質量

B.時間

C.電流

D.磁感應強度

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，長木板放置在水平面上，一小物塊置于長木板的中央，長木板和物塊的質量均為，小物塊與木板間的動

摩擦因數為“，木板與水平面間動摩擦因數與，已知最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g.現對物

塊施加一水平向右的拉力尸，則木板加速度大小a可能是（）

加F

2ueFLie

C.a=-^D.a=....-

32m3

8、如圖所示，衛星a沒有發射停放在地球的赤道上隨地球自轉；衛星》發射成功在地球赤道上空貼著地表做勻速圓周

運動；兩衛星的質量相等。認為重力近似等于萬有引力。下列說法正確的是（）

A.a做勻速圓周運動的周期等于地球同步衛星的周期

B.b做勻速圓周運動的向心加速度等于重力加速度g

C.a、6做勻速圓周運動所需的向心力大小相等

D.〃、?做勻速圓周運動的線速度大小相等，都等于第一宇宙速度

9、一物體沿一直線運動，先后經過勻加速、勻速和減速運動過程，已知物體在這三個運動過程中的位移均為s,所用

3

時間分別為2f、f和一f,貝!!（）

2

A.物體做勻加速運動時加速度大小為］

4V

B.物體做勻減速運動時加速度大小為x

9r

C.物體在這三個運動過程中的平均速度大小為上

3t

D.物體做勻減速運動的末速度大小為三

3t

10、如圖，勻強磁場與xOy平面垂直且僅分布在第一象限，兩個完全相同的帶電粒子a、b從x軸上的P點以相等速

率射入磁場，分別經過時間4、乙后從）'軸上縱坐標為以，兒的兩點垂直于軸射出磁場。已知兩帶電粒子在磁場

中做圓周運動的周期為T,半徑為小粒子b射入速度方向與x軸正方向的夾角為60°。a、b間的相互作用和重力可

忽略。下列關系正確的是（）

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某興趣小組欲測量滑塊與水平木板間的動摩擦因數，他們設計了一個實驗，實驗裝置如圖1所示。該小組

同學首先將一端帶滑輪的木板固定在水平桌面上，連接好其他裝置，然后掛上重物，使滑塊做勻加速運動，打點計時

器在紙帶上打出一系列點.

（1）圖2是實驗中獲取的一條紙帶的一部分，相鄰兩計數點間的距離如圖所示，已知電源的頻率為50Hz,相鄰兩計

數點間還有4個計時點未標出，根據圖中數據計算的加速度a=根/$2.（結果保留兩位有效數字）

（2）為測定動摩擦因數，該小組同學事先用彈簧測力計測出滑塊與重物的重力分別如圖3、4所示，則圖3對應的示

數為N,圖4對應的示數為N；

:N4年N

目

三

三

1三111

--三

三

一

三

三-.

2-=h三2

=三4E-

=三

-一

，

=-針-

-三

=g-

=--=

3-三33=E-3

=-三

=三

--

E-一

=三-=

--三=

-三

444一-4

--=

=二-

==

-

忤

圖3

4=

（3）重力加速度g取10〃?/d，滑塊與木板間的動摩擦因數〃=（結果保留兩位有效數字）。

12.（12分）圖甲是簡易多用電表的電路原理圖，圖中E是電源，&、&、/？3、4、是定值電阻，Re是可變電

阻，表頭￡的滿偏電流為200因\、內阻為600。，其表盤如圖乙所示，最上一行刻度的正中央刻度值為“15”。圖中虛

線方框內為換擋開關，A端和8端分別與兩表筆相連，該多用電表有5個擋位，分別為：直流電流1A擋和500nA擋,

歐姆“xlk”擋,直流電壓2.5V擋和10V擋。

（1）若用歐姆“xlk”擋測二極管的反向電阻，則4端所接表筆與二極管的（填“正”或“負”）極相接觸，測

得的結果如圖乙中a所示，則該二極管的反向電阻為kQ。

（2）某次測量時多用電表指針位置如圖乙中b所示，若此時8端是與“1”相連的，則多用電表的示數為；若

此時B端是與“4”相連的，則多用電表的示數為o

（3）根據題中所給的條件可得R1、&的阻值之和為

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，粗糙水平地面上靜止放著相距仁1m的兩塊相同長木板A、B,每塊木板長L=9m,與地面的

動摩擦因數川=0.2。一可視為質點的物塊C以%>=10m/s的初速度水平向右滑上木板4的左端，C的質量為每塊木板

質量的2倍，C與木板的動摩擦因數"2=0.4。若A、8碰后速度相同但不粘連，碰撞時間極短，最大靜摩擦力等于滑

動摩擦力，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）木板A經歷多長時間與木板B相碰？

⑵物塊C剛滑離木板A時，A的速度大小；

（3）A、8最終停下時，兩者間的距離。

14.（16分）如圖，第一象限內存在沿），軸負方向的勻強電場，電場強度大小為E；第二、三、四象限存在方向垂直X。），

平面向外的勻強磁場，其中第二象限的磁感應強度大小為3,第三、四象限磁感應強度大小相等。一帶正電的粒子，

從x軸負方向上的P點沿與x軸正方向成a=60。角平行宜刀平面入射，經過第二象限后恰好由y軸上的。點

（0,d）垂直>軸進入第一象限，然后又從K軸上的N點進入第四象限，之后經第四、三象限重新回到p點，回到p

點的速度方向與入射時相同。不計粒子重力。求：

(1)粒子從P點入射時的速度Vo;

⑵粒子進入第四象限時在A-軸上的N點到坐標原點。距離；

(3)粒子在第三、四象限內做圓周運動的半徑(用已知量d表示結果)。

y

B-vo

Q

p

???。＜???力

???4???

?B'??'??B'?

15.(12分)圖示為某種透明介質異型磚的豎直截面，豎直，A6C為等腰直角三角形，80是圓心為C的四分之一

圓弧，水平放置的光屏位于磚的下端且與垂直。現由藍色和紅色兩種單色光組成的復色光垂直A8射向C點，在

光屏上。點的兩側形成間距為21cm的藍色和紅色兩個光點。已知AC=BC=12cm,求該介質對紅光的折射率。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

物體以恒定角速度。轉動，所以，物體在垂直盤面方向上合外力為零，故支持力

"(J1旬。36

rN=\mg+—mgcos30=------mg

\2y4

物體在盤面上的合外力即向心力

耳句=mard

則最大靜摩擦力至少為

f=4句+(mg+；mgJs譏30°=mce^d+1-mg

故物體與盤面間的動摩擦因數至少為

3

fm〃d+4mgV3(3^+4<y2J)

瓦一3也一

m

—4r8

故A正確，BCD錯誤.

2、D

【解析】

副線圈匝數為"2=30匝，輸入電壓。i=220V,輸出電壓S=6V,根據變壓比公式有

U}_220_?,

U26n2

原線圈匝數不變，改變副線圈匝數，輸入電壓也不變，輸出電壓變為30V,根據變壓比公式有

220_々

30n2+Ao

聯立得

An=120

故D正確，ABC錯誤。

故選D。

3、B

【解析】

由于籃球垂直擊中A點，其逆過程是平拋運動，拋射點B向籃板方向水平移動一小段距離，由于平拋運動的高度不變,

運動時間不變，水平位移減小，初速度減小。

水平速度減小，則落地速度變小，但與水平面的夾角變大。因此只有增大拋射角，同時減小拋出速度，才能仍垂直打

到籃板上。

A.增大拋射速度%,同時減小拋射角仇與上述結論不符，故A錯誤；

B.增大拋射角仇同時減小拋出速度%。與上述結論相符，故B正確；

C.減小拋射速度%,同時減小拋射角心與上述結論不符，故C錯誤；

D.增大拋射角仇同時增大拋出速度％。與上述結論不符，故D錯誤。

故選：B?

4、A

【解析】

將籃球的運動反向處理，即為平拋運動，由圖可知，第二次運動過程中的高度較小，所以運動時間較短，水平射程相

等，但第二次用的時間較短，故第二次水平分速度較大，即

%<“

在豎直方向上做自由落體運動，由公式uj=2g/?可知，第二次運動過程中的高度較小，所以第二次豎直分速度較小，

即

%〉”

故選A?

5、B

【解析】

廣告牌的面積

S=5x20m2=100m2

設，時間內吹到廣告牌上的空氣質量為機，則有：

m=pSvt

根據動量定理有：

-Ft=0—mv=0—pSv2t

得：

F=pSvi

代入數據解得

F=1.2xlOsN

故B正確，ACD錯誤。

故選B。

6、D

【解析】

矢量是既有大小，又有方向的物理量；

AB.質量、時間只有大小而沒有方向，都是標量，選項AB錯誤；

C.電流有大小和方向，但電流的合成不滿足平行四邊形定則，也是標量，選項C錯誤；

D.磁感應強度有大小，也有方向，是矢量，故選項D正確。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BD

【解析】

當物塊與木板一起向右加速，沒有發生相對滑動，以物塊和木板整體為研究對象進行受力分析，有:

尸一餐（加+=Ima

?F1

解得：=2m-3^

當物塊和木板間發生相對滑動，以木板為研究對象有:

f.img-4?2mg—ma

解得：a=

故BD正確，AC錯誤。

8、AB

【解析】

A.。在赤道上隨地球自轉而做圓周運動，所以。做勻速圓周運動的周期等于地球同步衛星的周期，A正確;

B.對衛星分重力近似等于萬有引力，萬有引力全部用來充當公轉的向心力

_Mm

G~^r=mg

所以向心加速度等于重力加速度g,B正確;

C.兩衛星受到地球的萬有引力相等。衛星a萬有引力的一部分充當自轉的向心力，即

「Mm

GR=%+mg赤

衛星b萬有引力全部用來充當公轉的向心力，因此a、分做勻速圓周運動所需的向心力大小不相等，C錯誤;

2刀7

D.a做勻速圓周運動的周期等于地球同步衛星的周期，根據u=〒可知

匕,<%

萬有引力提供向心力

_Mmv2

解得線速度表達式

GM

V=

因為

%=R<洞

所以b衛星的速度等于第一宇宙速度

4>%>匕

D錯誤。

故選AB。

9、BD

【解析】

A.勻速運動的速度

S

V=-,

t

設勻加速運動的初速度為匕，根據平均速度公式有：

V,+V_S

2~2tr

聯立上面兩式得：

匕=0,

對勻加速運動，根據位移公式有：

s=；q(2f)2,

解得：

S

A錯誤；

BD.設勻減速直線運動的末速度為嶺，對勻減速直線運動，根據平均速度公式有:

v2+V_S

2

解得：

s

v=—,

23/

勻減速直線運動的加速度大小：

SS

Au_7_3/_4s

天一下=曠，

一I

2

BD正確；

C.三個過程中的平均速度大小

-3s2s

2

C錯誤。

10、CD

【解析】

A.由題意可知兩粒子在磁場中運動軌跡所對應的圓心角之和為180°,因為粒子6的軌跡所對應的圓心角為120°,所

以粒子a運動軌跡所對應的圓心角為60",則

4二2t?

故A錯誤；

BCD.粒子a、運動時間之和為二，即

2

T

由幾何知識可知

r3r

%=萬，％=耳

故

%=3%、K+K=2r

故B錯誤，CD正確。

故選CD?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.502.001.000.43

【解析】

(1)[1].相鄰兩計數點間還有4個計時點未標出，則7=0.1s；根據Ax=4〃結合逐差法可知：

a=%+玉+%一七一%一天=(3.87+3.39+2.88-2.38-1.90-1.40)x10一介=Q5()^2

“9T2-9x0.12S-$

(2)[2][3].則圖3對應的示數為2.00N；圖4對應的示數為1.00N；

(3)[4].對滑塊以及重物的整體：

mg-"Mg=（M+，n）a

其中/wg=1.00N,A/g=2N,

解得

“=0.43

12、負7.00.30A0.75V400

【解析】

(1)[1].若測二極管的反向電阻，則電流從二極管的負極流入；又歐姆表的電流從A端流出，故A端與二極管的負

極相接觸；

[2].根據刻度盤，得出示數為7.0,又選用了xlk。擋，故二極管的反向電阻為7.0kH；

(2)[3].若此時B端是與“1”相連的，則此時是大量程電流表，為直流1A檔，故此時每小格表示0.02A,讀數為0.30A；

[4].若此時8端是與“4”相連的，則此時為小量程的電壓表，為直流電壓2.5V檔，故此時每小格表示0.05V,讀數為

0.75V；

(3)[5].由電路特點，接2時為500PA檔，則

/春=(//)鳴+&)

即

(500-200)xl06x(&+&)=200x10-6x600

整理得

7?1+7?2=400￡1

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)ls(2)lm/s(3)1.5m

【解析】

(1)設每塊木板的質量為機，則C的質量為2m,假設A、5碰撞時，C仍在A上且速度大于A,C、A相互作用的

過程中，對A由牛頓運動定律有：

,2根g-M(m+2m)g=mat

對C由牛頓運動定律有：

4,2mg=ma2

代人數據得：

=2m/s2

2

a2=4m/s

A發生位移d與板3相碰，由運動規律有：

,12

"=5砧

c發生的位移：

12

代入數據解得：

t}=ls

X]=8m

此時C與4右端的距離：

s=L+d-Xj=2m

碰撞前A的速度為：

片=。也

代入數據得：

V)=2m/s

碰撞前C的速度為：

均=%-初

代入數據得：

v2=6m/s

故假設成立，所以A滑至與8相碰時所經歷的時間為:

/j=ls

(2)A、〃相碰過程中動量守恒，有：

mVj=(機+2機)匕

代入數據得：

v3=lm/s

碰后，A、B兩板所受的合外力

F合?2mg—〃1（根+2機）g=0

故兩板一起做勻速運動，所以，。剛滑離木板A時，A的速度為：

vA=vB=lm/s

(3)設從A、5相碰到C剛滑上5板