2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3,請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）

1、2019年12月17日，我國首艘國產(chǎn)航母“山東艦”在海南三亞某軍港交付海軍，我國正式進入“雙航母”時代。

航母可供艦載機的起飛降落。下列說法中正確的是。

A.由于“山東艦”航母高大威武，故任何情況下都不能看成質點

B.艦載機飛行員可以把正在甲板上手勢指揮的調度員看成是一個質點

C.研究艦載機空中翻滾動作時，艦載機可以看成質點

D.研究“山東艦”航母在大海中運動軌跡時，航母可以被看作質點

2、物體做曲線運動，下列物理量中，一定變化的是（）

A.速率

B.合外力

C.加速度

D.速度

3、做勻變速直線運動的質點，它的位移隨時間變化規(guī)律是x=24f—1.5尸（m）,則質點的速度為零的時刻是。

A.1.5sB.8sC.16sD.24s

4、物理學史中，首先把實驗和邏輯推理結合起來，進行科學研究的物理學家是

A.亞里士多德B.伽利略

C.牛頓D.愛因斯坦

5、如圖所示為甲、乙兩質點做直線運動的位移-時間圖象，由圖象可知（）

A.甲、乙兩質點會相遇，但不在1s時相遇

B.甲、乙兩質點在1s時相距4m

C.甲、乙兩質點在第1s內運動方向相反

D.在5s內兩質點速度方向一直不同

6、如圖所示，用一根輕質細繩將一塊小黑板對稱懸掛在教室的墻壁上，小黑板上兩個掛釘間的距離為d。下列說法正

確的是

A.增大距離d,細繩的拉力不變

B.減小距離d,細繩的拉力不變

C.增大距離d,細繩的拉力增大

D.減小距離d,細繩的拉力增大

7、在電梯的地板上放置一個壓力傳感器，在傳感器上放一個重量為20N的物塊，如圖甲所示，計算機顯示出傳感器

所受物塊的壓力大小隨時間變化的關系，如圖乙，根據(jù)圖象分析得出的結論中正確的是（）

甲乙

A.從時刻A到t2,物塊處于失重狀態(tài)

B.從時刻打到兄物塊處于失重狀態(tài)

C.電梯可能開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層

D.電梯可能開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層

8、如圖所示，是A、B兩質點沿同一條直線運動的位移圖象，由圖可知（）

A.質點A前2s內的位移是Im

B.質點B第Is內的位移是2m

C.質點A、B在前8s內的位移大小相等

D.質點A、B在4s末相遇

9、如右圖所示，電梯的頂部掛有一個彈簧秤，秤下端掛了一個重物，電梯勻速直線運動時，彈簧秤的示數(shù)為10N,在

某時刻電梯中的人觀察到彈簧秤的示數(shù)變?yōu)?N,關于電梯的運動，以下說法正確的是（g取lOm/s?）（）

A.電梯可能向上加速運動，加速度大小為2m/s2

B.電梯可能向下加速運動，加速度大小為2m/s2

C.電梯可能向上減速運動，加速度大小為2mJs2

D.電梯可能向下減速運動，加速度大小為2m/s2

10、如圖所示，汽車里有一水平放置的硅膠貼，硅膠貼上放置一質量為機的小花瓶。若汽車此刻正在水平公路上向前

做加速度為"的勻加速直線運動，小花瓶和汽車始終保持相對靜止，下列說法正確的是（）

A.小花瓶受到三個力作用B.小花瓶受到的摩擦力和汽車運動方向相反

C.小花瓶所受的合力為零D.硅膠貼對小花瓶的摩擦力大小為ma

11、如圖所示，是在同一條直線上運動的甲、乙兩車的x-f圖象，下列說法正確的是（）

A.乙做直線運動，甲做曲線運動

B.fi時刻兩車位移相同

C.甲的加速度一定越來越大

D.0?人時間內某時刻，兩車速度相同

12、如圖，質量為m的圓球放在兩光滑擋板M、N之間，其中M與水平面夾角為a,N始終保持豎直.緩慢轉動M

板，使夾角a由60。逐漸減小到零的過程中

N

A.圓球對M的壓力由6mg逐漸變大

B.圓球對M的壓力由2mg逐漸變小

C.圓球對N的壓力由2mg逐漸變大

D.圓球對N的壓力由/mg逐漸變小

二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）

13、（6分）如圖所示為“探究加速度與力、質量的關系”實驗裝置圖.圖中A為小車，B為祛碼及祛碼盤，C為一端帶

有定滑輪的長木板，小車通過紙帶與電火花打點計時器相連，計時器接50Hz交流電.小車A的質量為m“祛碼及祛

碼盤B的質量為012.

（1）下列說法正確的是

A.每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力

B.實驗時應先釋放小車后接通電源

C.本實驗m2應遠小于mi

1

D.在用圖象探究加速度與質量關系時，應作a-一圖象

m,

（2）下圖是在正確操作下獲得的一條紙帶，A、B、C、D、E每兩點之間還有4個點沒有標出.則根據(jù)紙帶所提供的

數(shù)據(jù)計算：打C點時小車的瞬時速度的大小為m/s；小車的加速度大小為m/s2（計算結果保留兩位有效

數(shù)字）.

（3）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的a-F圖象，可能是圖中的（填

“甲”“乙”“丙”）

14、（10分）某實驗小組利用圖示的裝置探究加速度與力、質量的關系。

打點節(jié)播」f塊細線

長木，，\“

水平實蛤臺II月1

注碼桶

①下列做法正確的是（填字母代號）

A.實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源

B.在調節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的摩擦力時，將裝有硅碼的祛碼桶通過定滑輪拴木塊上

C.調節(jié)滑輪高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行

D.通過增減木塊上的祛碼改變質量時，不需要重新調節(jié)木板傾斜度

②為使祛碼桶及桶內祛碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是祛碼桶及桶內祛碼的總

質量_____木塊和木塊上硅碼的總質量。（填“遠大于”、“遠小于”、或“近似于”）

三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）

15、（12分）如圖所示，粗糙斜面傾角0=37。，斜面寬”為3m,長分為4m.質量為0.1kg的小木塊從斜面A點靜

止釋放，釋放同時用與斜面底邊BC平行的恒力廠推該小木塊，小木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為"=0.5（g取10?1爐,

sin37°=0.6,cos37°=0.8）

（1）若F大小為0,求木塊到達底邊所需的時間

（2）若木塊沿斜面對角線從點A運動到點C,求力尸的大小及A到C所需時間h

16、（12分）如圖所示，質量M=2kg的足夠長的木板與桌面間的動摩擦因數(shù)等于〃=0.5,木板右端（到定滑輪足夠遠）

用平行桌面的輕繩跨過輕質定滑輪連接一質量mo=3kg的小球，小球到地面的高度h=L4m.g取lOm/s2

:m\

(1)將木板由靜止釋放，其加速度。多大？

(2)若在木板上表面中間放置一物塊機=1kg,木板與物塊間的動摩擦因數(shù)等于/=0.1.將木板由靜止釋放，求小球落地

瞬時速度丫多大？

(3)在(2)問的條件下且球落地后不再彈起，求木板運動的時間“多長？

17、(12分)傳送帶兩端A8距離L=31m,以y=5m/s速度勻速運行，現(xiàn)將質量機=0.2kg相同工件以為=lm/s速度沿水

平方向一個接一個投放到傳送帶的4端，工件初速度方向與傳送帶運動方向相同，投放工件的時間間隔恒定.若一個

工件從A端運動到8端所用時間為U7s.g=10m/s2.求：

(1)工件與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)“；

(2)若原來每一時刻在傳送帶上總能看到14個工件，現(xiàn)當一個工件剛投射到A端的瞬間，傳送帶以a=lm/s2的加速

度開始加速.與不運送任何工件時相比，上述傳送帶剛開始加速的短時間內，電動機要給傳送帶增加多大的動力.(不

計傳送帶自身加速所需的外力)

參考答案

一、選擇題：(1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分)

1、D

【解析】AD.當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，所以“山東艦”航母在某些

情況下是可以看成質點的，如研究“山東艦”航母在大海中運動軌跡時，航母可以看成質點，故A錯誤，D正確；

B.正在甲板上手勢指揮的調度員的動作不能忽略，不能看成質點，故B錯誤；

C.研究戰(zhàn)斗機的空中翻滾動作時，不可以看做質點，否則沒有動作了，故C錯誤。

故選D。

2,D

【解析】既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，它的速度肯定是變化的;

而勻速圓周運動的速率是不變的，平拋運動的合力、加速度是不變的

【詳解】A、勻速圓周運動的速度的大小是不變的，即速率是不變的，所以A選項錯誤

B、平拋運動是曲線運動，其合外力就是物體的重力，重力是不變的，所以B選項錯誤

C、平拋運動也是曲線運動，但是它的加速度是重力加速度，是不變的，所以C選項錯誤

D、物體既然做曲線運動，那么它的速度方向肯定是不斷變化的，所以速度一定在變化，所以D選項正確

故選D

3、B

【解析】根據(jù)

x=v()t+g。產(chǎn)=24/-1.5*

可得，初速度

v()=24m/s

加速度

a=-3m/s2

根據(jù)速度時間公式

v=v?+at

可得

故B正確，ACD錯誤。

故選B。

4、B

【解析】物理學史中，首先把實驗和邏輯推理結合起來，進行科學研究的物理學家是伽利略，故選B.

5,C

【解析】AB.甲、乙兩質點在1s末時相對于原點的位移相同，即處于同一位置，二者相遇，相距的距離為0,故A、

B錯誤；

C.甲的斜率為負，表示速度沿負方向，乙圖線斜率為正，表示速度沿正方向，即甲、乙兩質點在第1s內反方向運動,

故C正確；

D.在3s到5s質點的方向相同，都沿負方向，故D錯誤；

故選C

【點睛】位移圖象反映質點的位置隨時間的變化情況，其斜率表示速度，傾斜的直線表示勻速直線運動；根據(jù)斜率的

正負分析速度的方向

6、C

【解析】對小黑板受力分析如圖，貝!I：

2Tcos0=G

解得：繩中張力

AC.增大距離d,6增大，COS。減小，細繩中的拉力增大，故A項錯誤，C項正確;

BD.減小距離d,〃減小，COS。增大，細繩中的拉力減小，故BD兩項錯誤。

7、BC

【解析】A.從時該4到d物體受到的壓力大于重力時，物體處于超重狀態(tài)，加速度向上，故A錯誤；

B.從時刻到，4,物體受到的壓力小于重力，物塊處于失重狀態(tài)，加速度向下，故B正確；

C.如果電梯開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層，那么應該從圖象可以得

到，壓力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C正確；

D.如果電梯開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層，那么應該是壓力先等于

重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D錯誤；

故選BCo

8、AD

【解析】A.由圖象可以看出，質點A前2s內的位移是Im,A正確；

B.質點B第Is內的位移是0,B錯誤；

C.質點A在8s內的位移大小1m,質點B在8s內的位移大小是3m,C錯誤；

D.質點A、B在4s末相遇，D正確

故選AD,

分卷II

9、BC

【解析】根據(jù)牛頓第二定律，物體加速度為

"G-T10N-8N4,2

a=—=-------=------------=2m/s-

mm1kg

加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，則物體可能向上減速運動，也有可能向下加速運動。

故選BC.

10、AD

【解析】因汽車做勻加速直線運動，小花瓶和汽車始終保持相對靜止，故小花瓶也做勻加速直線運動，對小花瓶受力

分析可知，豎直方向受重力和支持力平衡，水平方向上受摩擦力提供加速度，方向與汽車運動方向相同；故可知小花

瓶受三個力作用，合外力不為零，對小花瓶由牛頓第二定律有

f=ma

故AD正確，BC錯誤。

故選AD.,

11、BD

【解析】A.x-f圖象只能表示直線運動規(guī)律，故甲乙均做直線運動，故A錯誤；

B.心時刻兩圖象相交，表示兩車到達同一位置即相遇，又從同一位置出發(fā)，故位移相同，故B正確；

C.圖象的斜率表示速度，知甲的速度變大，但加速度不一定變大，故C錯誤；

D.0F時間內兩圖象斜率有相同的地方，兩車有速度相同的時刻，故D正確。

故選BD?

12、BD

【解析】圓球受三個力，即重力，M對球的彈力N對球的彈力尸外，三力作用下，物體處于平衡狀態(tài)

【詳解】如圖所受，圓球處于三力平衡狀態(tài)，由力的幾何關系可知，M對球的彈力“=」駕；N對球的彈力

Mcosa

緩慢轉動板，使夾角由。逐漸減小到零的過程中，幾，耳心均逐漸變小

FNN=mgtana.Ma60

“F.

故本題選BD

【點睛】三力平衡時，任意兩個力的合力與第三個力等值、反向.列出力的解析式，根據(jù)角度變化判斷求解

二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）

13、①.（1）CD②.（2）0.36③.0.13④.（3）丙

【解析】（D實驗時需要提前做的工作有兩個：①平衡摩擦力，且每次改變小車質量時，不用重新平衡摩擦力，因為

f=mgsin9=umgcos0,m約掉了.②讓小車的質量M遠遠大于小桶（及祛碼）的質量m.（2）根據(jù)勻變速直線運動

的推論公式可以求出加速度的大小.（3）如果沒有平衡摩擦力的話，就會出現(xiàn)當有拉力時，物體不動的情況

【詳解】（1）平衡摩擦力，假設木板傾角為0,則有：f=mgsinO=jimgcos。，m約掉了，故不需要重新平衡摩擦力.故

A錯誤.實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤.讓小車的質量M遠遠大于小桶（及祛碼）的質量，因為實際上

F_乂_MmS—1

繩子的拉力=加+朋―?m,故應該是m〈＜M,即m2應遠小于m”故C正確.F=ma,所以：

M

11

a=-F,當F一定時，a與一成正比，故D正確.故選D

町町

（2）打C點時小車的瞬時速度的大小為%=%=（3.65+3.52）x10；/S=Q36m/5；根據(jù)△x=aT。可以求出小

'2T0.2

車的加速度大小為a=X：Ac=（3.78+3.65-3.52：3.39）xl（T2m//=013〃/『；

4T24x0.12

（3）遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現(xiàn)當有拉力時，物體不動的情況.故圖線為丙

14、①.CD②.遠小于

【解析】（1）[1]A.實驗時，應先接通電源，再釋放木塊，故A錯誤；

B.平衡摩擦力時，不能將裝有祛碼的祛碼桶通過定滑輪拴木塊上，故B錯誤；

C.調節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，故C正確；

D.通過增減木塊上的祛碼改變質量時，不需要重新平衡摩擦，故D正確，

故選CDo

⑵⑵對整體分析，加速度

a=---m--g---

m+M

隔離對木塊分析，根據(jù)牛頓第二定律得

Mmgmg

Fr-Ma=-----=———

M+m]?

可知當祛碼桶及桶內祛碼的總質量遠小于木塊和木塊上祛碼的總質量時，祛碼桶及桶內硅碼的總重力在數(shù)值上近似等

于木塊運動時受到的拉力。

三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明(本題共36分)

15、(1)h="2"s(2)F=0.45N,Z2=Jys

【解析】(D若尸=0,小木塊會沿斜面做勻加速直線運動

根據(jù)牛頓第二定律

mgsin0-jLimgcos0=mci

計算可得

a=2m/s2

由運動學公式

b=gat；

計算可得

t}—2s

(2)若木塊沿斜面對角線從點A運動到點C,說明合力方向沿AC方向，設AC與AB的夾角

合位移

x=AC=J32+42=5m

.3

sma=一

5

所以施加的外力為

F—mgsin。tancp-0.45N

根據(jù)牛頓第二定律

mgsin。八，

------------/Lingcosu-ma

cosa

計算可得

a=3.5m/s2

由運動學公式

1.2

x=-Cl

22

計算可得

V20

J-----s

27

16、（1）4m/s2（2）2.8m/s（3）1.37s

【解析】（D根據(jù)牛頓第二定律對木板和小球列出方程，注意二者加速度大小相等；

（2）根據(jù)牛頓第二定律對木板和小球列出方程，對小球根據(jù)運動學公式進行求解；

（3）根據(jù)木板和物塊的受力問題，判斷二者之間的運動關系，然后利用運動學公式進行求解即可，注意求解加速度為

關鍵；

【詳解】（1）由靜止釋放，則球向下加速運動，則根據(jù)牛頓第二定律有：mnS-T=mna

木板向右加速運動，則根據(jù)牛頓第二定律有：T-Mg=Ma

聯(lián)立解得：a=4m/s2?

（2）球向下加速運動，則根據(jù)牛頓第二定律有：

假設物塊與木板發(fā)生相對滑動，則對木板：T+

得：a,-2.8m/s2

由于物塊的最大加速度為：a=〃g=l機/s2<q=2.8m/s2,所以假設正確，說明物塊與木板確實發(fā)生相對滑動；

球勻加速下降：/一（）=2%〃

則小球落地的瞬時速度為：V=2.8/77/5；

（3）球下落過程時間：4=一=k

a\

球落地瞬時木板與球速度相同：2.8/7