2022年普通高等學校招生全國統一考試（廣東卷）理科綜合（物理部分）單項選擇題：本大題共16小題，每小題小題，每小題4分，共64分。在每小題給出的四個選項中，只有一個符合題目要求，選對的得4分，選錯或不答的得0分。鉤碼鉛柱如圖所示，兩個接觸面平滑的鉛柱壓緊后懸掛起來，下面的鉛柱不脫落，主要原因是（鉤碼鉛柱（A）鉛分子做無規則熱運動（B）鉛柱受到大氣壓力作用（C）鉛柱間存在在萬有引力作用（D）鉛柱間存在分子引力作用解析：由于鉛柱較軟，由于接觸面平滑后，用力壓緊，使得鉛分子間的距離小到分子力起作用的距離，分子引力的作用使鉛柱在鉤碼的牽引下未分開，D正確。MMN如圖所示為某種椅子與其升降部分的結構示意圖，M、N兩筒間密閉了一定質量的氣體，M可沿N的內壁上下滑動。設筒內氣體不與外界發生熱交換，在M向下滑動的過程中（）（A）外界對氣體做功，氣體內能增大（B）外界對氣體做功，氣體內能減小（C）氣體對外界做功，氣體內能增大（D）氣體對外界做功，氣體內能減小解析：筒內氣體不與外界發生熱交換，當氣體體積變小時，則外界對氣體做功，外界對氣體做功使氣體的內能增大。A正確。將閉合多匝線圈置于僅隨時間變化的磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，關于線圈中產生的感應電動勢和感應電流，下列表述正確的是（）（A）感應電動勢的大小與線圈的匝數無關（B）穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大（C）穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大（D）感應電流產生的磁場方向與原磁場方向始終相同解析：由法拉第電磁感應定律，，選項A錯誤。穿過線圈的磁通量越大，并不代表穿過線圈的磁通量變化率大，選項B錯誤，C正確。由楞次定律感應電流的磁場總是阻礙產生感應電流的磁通量的變化，感應電流的磁場方向與原磁場方向有時相同，有時相反。選項D錯誤。F1F2F3P30°60°如圖所示，水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點P在F1、FF1F2F3P30°60°（A）F1＞F2＞F3 （B）F3＞F1＞F2（C）F2＞F1＞F3 （D）F3＞F2＞F1答案：B解析：由于在F1、F2和F3三力作用下保持靜止，合力為零，現力F1與F2垂直，根據力的平行四邊形定則由角度及幾何關系可得：F3＞F1＞F2，B正確。二、雙項選擇題：本大題共9小題，每小題6分，共54分。在每小題給出的四個選項中，有兩個選項符合題目要求，全部選對的得6分，只選1個且正確的得3分，有選錯或不答的得0分。HLv如圖所示，在網球的網前截擊練習中，若練習者在球網正上方距地面H處，將球以速度v沿垂直球網的方向擊出，球剛好落在底線上，已知底線到網的距離為L，重力加速度取g，將球的運動視作平拋運動，下列表述正確的是（HLv（A）球的速度v等于LEQ\R(,\F(g,2H))（B）球從擊出至落地所用時間為EQ\R(,\F(2H,g))（C）球從擊球點至落地點的位移等于L（D）球從擊球點至落地點的位移與球的質量有關答案：AB解析：球做平拋運動，平拋運動是水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動的合運動，球的初速度，A正確。球從擊出到落地的時間，B正確。球從擊球點至落地點的位移等于，與球的質量無關，選項（C）D錯誤。光電效應實驗中，下列表述正確的是（）（A）光照時間越長光電流越大 （B）入射光足夠強就可以有光電流（C）遏止電壓與入射光的頻率有關 （D）入射光頻率大于極限頻率才能產生光電子解析：光電流的大小與入射光的強度相關，A錯誤。產生光電效應的條件是：入射光的頻率大于或等于被照射材料的極限頻率。入射光的頻率達不到極限頻率，增加照射光的強度是不能產生光電流的，所以B錯誤，C、D正確。(b)u/VOEQ\R(2)EQ\R(2)AVR(a)圖（a）左側的調壓裝置可視為理想變壓器，負載電路中R＝(b)u/VOEQ\R(2)EQ\R(2)AVR(a)（A）電流表的示數為2A（B）原、副線圈匝數比為1∶2（C）電壓表的示數為電壓的有效值（D）原線圈中交變電壓的頻率為100Hz解析：交流電壓表和交流電流表的示數都是有效值，電流表的示數，（A）C正確。由圖7（b）可知原線圈電壓有效值為220V，周期，則可得原、副線圈匝數比為2:1，交變電壓的頻率為50Hz，（B）D錯誤；已知地球質量為M，半徑為R，自轉周期為T，地球同步衛星質量為m，引力常量為G，有關同步衛星，下列表述正確的是（）（A）衛星距地面的高度為EQ\R(3,\F(GMT2,4π2))（B）衛星的運行速度小于第一宇宙速度（C）衛星運行時受到的向心力大小為GEQ\F(Mm,R2)（D）衛星運行的向心加速度小于地球表面的重力加速度解析：衛星距地面的高度為，A錯誤。第一宇宙速度是最小的發射衛星的速度，衛星最大的環繞速度，B正確。同步衛星距地面有一定的高度h，受到的向心力大小為，C錯誤。衛星運行的向心加速度為，地球表面的重力加速度為，D正確。放電極帶電塵埃集塵極直流高壓電源如圖所示為靜電除塵器除塵機理的示意圖。塵埃在電場中通過某種機制帶電，在電場力作用下向集塵極遷放電極帶電塵埃集塵極直流高壓電源（A）到達集塵極的塵埃帶正電荷（B）電場方向由集塵板指向放電極（C）帶電塵埃所受電場力的方向與電場方向相同（D）同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大解析：由于集電極與電源正極連接，電場方向由集塵板指向放電極，B正確。而塵埃在電場力作用下向集塵極遷移并沉積，說明塵埃帶負電荷，A錯誤。負電荷在電場中受電場力的方向與電場方向相反。C錯誤，根據F＝qE可得，D正確。三、非選擇題：本大題共11小題，共182分。按題目要求作答。解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不得分。有效值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。（18分）（1）如圖1所示是“研究勻變速直線運動”實驗中獲得的一條紙帶，O、A、B、C、D和E為紙帶上六個計數點。加速度大小用a表示。①OD間的距離為__________cm。②圖2是根據實驗數據繪出的s-t2圖線（s為各計數點至同一起點的距離），斜率表示_________，其大小為__________m/s2（保留三位有效數字）1123cmOABCDE圖1+++++s/cmt2/s2O圖2（2）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：小電珠（），滑動變阻器，多用電表，電流表，學生電源，開關，導線若干。①粗測小電珠的電阻，應選擇多用電表_______________倍率的電阻擋（請填空“×1”、“×10”或“×100”）；調零后，將表筆分別與小電珠的兩極連接，示數如圖1所示②實驗中使用多用電表測量電壓，請根據實驗原理圖2完成實物圖3中的連線。圖圖1AVPabSE圖2A3~ΩΩΩOFF50mA10010150010250V~+V紅黑電源+圖3③開關閉合前，應將滑動變阻器的滑片P置于_________端。為使小電珠亮度增加，P應由中點向________端滑動。④下表為電壓等間隔變化測得的數據。為了獲得更準確的實驗圖像，必須在相鄰數據點_______間多測幾組數據（請填寫“ab”、“bc”、“cd”、“de”、“ef”）數據點abcdefU/VI/A（1）×1、8（2）如圖所示紅紅黑電源－+（3）a，b（4）ab解析：（1）=1\*GB3①1cm+1mm×格＝1.20cm，=2\*GB3②加速度一半，，所以a＝0.933m/s2（2）=1\*GB3①小電珠（，）對應電阻為，電阻十幾歐，所以選“×1”檔。=2\*GB3②電流表的電阻也就幾歐，與電壓表幾千歐相比，小電珠算小電阻，所以電壓表必須外接，伏安特性曲線要求電壓從0開始逐漸變大，所以滑動變阻器必須與電壓采用分壓接法。=3\*GB3③從a端開始，電壓為零，向b端移動，對小電珠所加電壓逐漸變大。=4\*GB3④ab之間電流增加了0.122A，其它段電流增加了0.03A左右，所以需要在ab之間將電流分為（A）（A）0.090A，分別測出相應的電壓值。（18分）如圖（a）所示，在以O為圓心，內外半徑分別為R1和R2的圓環區域內，存在輻射狀電場和垂直紙面的勻強磁場，內外圓間的電勢差U為常量，R1＝R0，R2＝3R0。一電荷量為+q，質量為m的粒子從內圓上的A點進入，不計重力。OOAv0v1(a)OAC(b)v2R1R245°（1）已知粒子從外圓上以速度v1射出，求粒子在A點的初速度v0的大小；（2）若撤去電場，如圖（b）所示，已知粒子從OA延長線與外圓的交點C以速度v2射出，方向與OA延長線成45°角，求磁感應強度的大小及粒子在磁場中運動的時間；（3）在圖（b）中，若粒子從A點進入磁場，速度大小為v3，方向不確定，要使粒子一定能夠從外圓射出，磁感應強度應小于多少？OAR1R2Cv2450解析：（1）根據動能定理，，所以v0＝EQ\R(v12OAR1R2Cv2450（2）如圖所示，設粒子在磁場中作勻速圓周運動的半徑為R，由幾何知識可知，解得：。根據洛侖茲力公式，解得：。OAR1R2C根據公式，,解得：EQ\F(EQ\R(2)πR0,2v2)OAR1R2C（3）考慮臨界情況，如圖所示①，解得：B1?＝EQ\F(mv3,qR0)②，解得：，綜合得：B?＜EQ\F(mv3,2qR0)（18分）如圖所示，以A、B和C、D為端點的兩半圓形光滑軌道固定于豎直平面內，一滑板靜止在光滑的地面上，左端緊靠B點，上表面所在平面與兩半圓分別相切于B、C，一物塊被輕放在水平勻速運動的傳送帶上E點，運動到A時剛好與傳送帶速度相同，然后經A沿半圓軌道滑下，再經B滑上滑板。滑板運動到C時被牢固粘連。物塊可視為質點，質量為m，滑板質量為M＝2m，兩半圓半徑均為R，板長l＝，板右端到C的距離L在R＜L＜5R范圍內取值，E距A為S＝5R，物塊與傳送帶、物塊與滑板間的動摩擦因數均為μ＝，重力加速度取gAABCDEmMMRMRMs=5RMl=L（1）求物塊滑到B點的速度大小；（2）試討論物塊從滑上滑板到離開右端的過程中，克服摩擦力做的功Wf與L的關系，并判斷物塊能否滑到CD軌道的中點。解析：（1）滑塊從靜止開始做勻加速直線運動到A過程，滑動摩擦力做正功，滑塊從A到B，重力做正功，根據動能定理，，解得：vB＝3EQ\R(gR)（2）滑塊從B滑上滑板后開始作勻減速運動,此時滑板開始作勻加速直線運動，當滑塊與滑板達共同速度時，二者開始作勻速直線運動。設它們的共同速度為v，根據動量守恒：，解得：對滑塊，用動能定理列方程：，解得：s1＝8R對滑板，用動能定理列方程：，解得：s2＝