2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"o

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、靜電現象在自然界中普遍存在，下列不屬于靜電現象的是（）

A.梳過頭發的塑料梳子吸起紙屑

B.帶電小球移至不帶電金屬球附近，兩者相互吸引

C.小線圈接近通電線圈過程中，小線圈中產生電流

D.從干燥的地毯走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺

2、如圖所示，理想變壓器原線圈串聯一個定值電阻&之后接到交流電源上，電壓表V1的示數q恒定不變，電壓表V?

和V3的示數分別用力和表示，電流表A的示數用/表示，所有電表都可視為理想電表。當滑動變阻器A的滑片尸

向上滑動時，下列說法正確的是（）

A.q和&的比值不變

B.電流表A的示數/增大

C.電壓表V2的示數力減小

U.,

D.電阻凡和滑動變阻器R消耗的功率的比值總是等于才一1

3、中微子失蹤之謎是一直困擾著科學家的問題，原來中微子在離開太陽向地球運動的過程中，發生“中微子振蕩”轉化

為一個H子和一個T子。科學家通過對中微子觀察和理論分析，終于弄清了中微子失蹤之謎，成為“2001年世界十大

科技突破”之一。若中微子在運動中只轉化為一個Ji子和一個T子，并已知子的運動方向與中微子原來的方向一致,

則T子的運動方向（）

A.一定與中微子方向一致B.一定與中微子方向相反

C.可能與中微子方向不在同一直線上D.只能與中微子方向在同一直線上

4、如圖，空間存在一方向水平向右的勻強電場，兩個帶電小球尸和。用相同的絕緣細繩懸掛在水平天花板下，兩細

繩都恰好與天花板垂直，則

A.P和。都帶正電荷B.尸和。都帶負電荷

C.尸帶正電荷，。帶負電荷D.尸帶負電荷，0帶正電荷

5、如圖所示，4、8為水平放置的平行板電容的兩個極板，8板接地。將電容器與電源接通，板間帶正電的油滴恰好

處于靜止狀態。斷開開關后.下列說法正確的是（）

A.油滴將加速下落

B.4板電勢高于板

C.若將A板向右錯開少許，油滴將向上加速運動

D.若將8板下移，尸點的電勢將升高

6、如圖所示，在，>0、y>0的空間中有恒定的勻強磁場，磁感應強度的大小為5,方向垂直于xOy平面向里。現有一

質量為機、電量為g的帶正電粒子，從x軸上的某點尸沿著與x軸成30'角的方向射人磁場。不計重力影響，則可以

確定的物理量是（）

A.粒子在磁場中運動的時間B.粒子運動的半徑

C.粒子從射入到射出的速度偏轉角D.粒子做圓周運動的周期

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、電磁波在生產生活中有廣泛應用。關于電磁波，下列說法正確的是（）

A.在同一介質中所有電磁波傳播速度都相同

B.紫外線有助于人體合成維生素D

C.一切物體都在不停地發射紅外線

D.電磁波譜中丫射線的波長最短

E.醫學上用丫射線透視人體，檢查體內病變等

8、下列有關高中物理實驗的描述中，正確的是：o

A.在用打點計時能“研究勻變速直線運動”的實驗中，通過在紙帶上打下的一系列點跡可求出紙帶上任意兩個點跡之

間的平均速度

B.在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，拉橡皮筋的細繩要稍長，并且實驗時要使彈簧測力計與木板平面平行，

同時保證彈簧的軸線與細繩在同一直線上

C.在“研究平拋運動”的實驗中，坐標紙上必須標出小球剛開始做平拋運動的初始點

D.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，必須要用天平測出懸掛鉤碼的質量

9、如圖所示，質量為M=2kg足夠長的小車以n）=2.5m/s的速度沿光滑的水平面運動，在小車正上方/?=1.25m處有一

質量為m=0.5kg的可視為質點的物塊靜止釋放，經過一段時間剛好落在小車上無反彈，作用時間很短，隨后二者一起

沿水平面向右運動。已知物塊與小車上表面之間的動摩擦因數為ji=0.5,重力加速度為g=10m/s2,忽略空氣阻力。則

下列說法正確的是（）

□

A.物塊落在小車的過程中，物塊和小車的動量守恒

B.物塊落上小車后的最終速度大小為3m/s

C.物塊在小車的上表面滑動的距離為0.5m

D.物塊落在小車的整個過程中，系統損失的能量為7.5J

10、如圖所示，絕緣材料制成的半徑為R的內壁光滑圓軌道,豎直放置在水平地面上且左右恰被光滑擋板擋住，圓心O點

固定著電荷量為Q的場源點電荷.一電荷量為的可視為質點的帶電小球沿軌道內壁做圓周運動,當小球運動到最高點A

時,地面對軌道的彈力恰好為零.若軌道與小球的質量均為〃?，Q>q>0，忽略小球的電荷對Q形成的電場的影響，重

力加速度為g,靜電力常量為h下列說法中正確的是（

A.軌道內壁的電場強度處處相同

B.軌道內壁的電勢處處相等

C.運動到與圓心等高的8點時，小球對軌道的壓力大小為4〃zg-%空

R-

D.運動到最低點C時，小球對軌道的壓力大小為力咫

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)某實驗小組設計了如圖(a)所示的實驗裝置,通過改變重物的質量，可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的

關系圖象.他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖(b)所示.重力加速度g=l()m/sI.

(1)圖(b)中對應傾斜軌道的試驗結果是圖線(選填“①”或"②”)；

(1)由圖(b)可知，滑塊和位移傳感器發射部分的總質量為kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數為.(結果

均保留兩位有效數字)

12.(12分)某同學查資料得知：彈簧的彈性勢能與彈簧的勁度系數和形變量有關，并且與形變量的平方成正比。為

了驗證彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比這一結論，他設計了如下實驗：

①如圖所示，一根帶有標準刻度且內壁光滑的直玻璃管固定在水平桌面上，管口與桌面邊沿平齊。將一輕質彈簧插入

玻璃管并固定左端。

②將直徑略小于玻璃管內徑的小鋼球放入玻璃管，輕推小球，使彈簧壓縮到某一位置后，記錄彈簧的壓縮量x

③突然撤去外力，小球沿水平方向彈出落在地面上，記錄小球的落地位置

④保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小球的平均落點，測得小鋼球的水平射程s

⑤多次改變彈簧的壓縮量X,分別記作?、X2、X3……，重復以上步驟，測得小鋼球的多組水平射程S|、S2、S3……

請你回答下列問題

⑴在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小球的平均落點”的目的是為了減小一（填“系

統誤差”或“偶然誤差”）；

⑵若測得小鋼球的質量，小下落高度從水平射程s,則小球彈射出去時動能表達式為_（重力加速度為g）

（3）根據機械能守恒定律，該同學要做有關彈簧形變量x與小鋼球水平射程s的圖像，若想直觀的檢驗出結論的正確性,

應作的圖像為一

A.s-xB.s~x2C.s2—xD.s——

x

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖（a）所示，傾角，=30。的光滑固定斜桿底端固定一電量為。=2xl（f4c的正點電荷，將一帶正電小球

（可視為點電荷）從斜桿的底端（但與。未接觸）靜止釋放，小球沿斜桿向上滑動過程中能量隨位移的變化圖象如圖

（b）所示,其中線1為重力勢能隨位移變化圖象，線2為動能隨位移變化圖象.（g=10m/s2,靜電力恒量K=9xl（）9N?m2/c2）

則

（a）Cb）

（1）描述小球向上運動過程中的速度與加速度的變化情況；

（2）求小球的質量，”和電量g；

（3）斜桿底端至小球速度最大處由底端正點電荷形成的電場的電勢差S

（4）在圖（b）中畫出小球的電勢能￡隨位移s變化的圖線.（取桿上離底端3m處為電勢零點）

14.（16分）如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內有一沿y軸負方向的勻強電場，在第四象限內有一垂直于平面

向里的勻強磁場，現有一質量為山、電量為+g的粒子（重力不計）從坐標原點。射入磁場，其入射方向與x的正方向

成45。角。當粒子運動到電場中坐標為（3L,L）的P點處時速度大小為vo,方向與x軸正方向相同。求

（1）粒子從0點射入磁場時的速度v；

⑵勻強電場的場強E和勻強磁場的磁感應強度B；

⑶粒子從0點運動到尸點所用的時間。

15.（12分）如圖甲所示，兩豎直同定的光滑導軌AC、A，C間距為L,上端連接一阻值為R的電阻。矩形區域a&d

上方的矩形區域HA'4內有方向垂直導軌平面向外的均勻分布的磁場，其磁感應強度S隨時間，變化的規律如圖乙所

示（其中為、fo均為已知量），A、a兩點間的高度差為2gfo（其中g為重力加速度），矩形區域Hcd下方有磁感應強

度大小為瓦、方向垂直導軌平面向里的勻強磁場。現將一長度為L阻值為R的金屬棒從ab處在Q0時刻由靜止釋

放，金屬棒在U%時刻到達cd處，此后的一段時間內做勻速直線運動，金屬棒在U4fo時刻到達CC處，且此時金屬棒

的速度大小為Agfo（A為常數）。金屬棒始終與導軌垂直且接觸良好，導軌電阻不計，空氣阻力不計。求：

⑴金屬棒到達cd處時的速度大小y以及a、d兩點間的高度差h；

（2）金屬棒的質量/n；

⑶在O—4fo時間內，回路中產生的焦耳熱。以及d、C兩點的高度差從

R

甲乙

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

梳子與頭發摩擦會產生靜電，吸起紙屑，是靜電現象，不符合題意.故A錯誤；帶電小球移至不帶電金屬附近，兩者

相互吸引屬于靜電感應現象，是靜電現象，不符合題意.故B錯誤；小線圈接近通電線圈過程中，小線圈中產生電流

屬于電磁感應現象，不屬于靜電現象.故c正確.從干燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺是由于摩

擦會產生靜電，也是靜電現象，不符合題意.故D錯誤；本題選不屬于靜電現象的，故選C.

點睛：靜電是因為摩擦使物體帶電的現象，平時所見到的摩擦起電現象都是一種靜電現象.如：塑料的梳子梳理干燥

的頭發的時候，頭發和梳子會粘在一起，而且會產生僻啪的響聲；玻璃棒和絲綢摩擦，用玻璃棒可以吸引碎紙片玻璃

棒帶正電，絲綢帶負電；毛皮和橡膠棒摩擦也產生靜電，現象和上面一樣橡膠棒帶負電，毛皮帶正電；注意閃電不屬

于靜電，靜電積累到一定程度，正負電子引誘，而產生的放電現象.

2、D

【解析】

ABC.當滑動變阻器的滑片尸向上滑動時，副線圈回路中電阻增大，副線圈回路中電流減小，則原線圈電流減小，即

電流表示數減小，凡兩端電壓減小，q恒定不變，則力增大，則q和力的比值變小，故ABC錯誤；

D.因為是理想變壓器，滑動變阻器R消耗的功率等于原線圈輸入功率，則

加「"&），/，1

UU

PR“222

故D正確。

故選D。

3、D

【解析】

中微子轉化為一個H子和一個T子過程中動量守恒，已知H子的運動方向與中微子原來的方向一致，只能得出T子的

運動方向與中微子方向在同一直線上，可能與中微子同向也可能反向。

A.一定與中微子方向一致與分析不符，故A錯誤；

B.一定與中微子方向相反與分析不符，故B錯誤；

C.可能與中微子方向不在同一直線上與分析不符，故C錯誤；

D.只能與中微子方向在同一直線上與分析不符，故D正確。

故選：D。

4、D

【解析】

AB.受力分析可知，P和Q兩小球，不能帶同種電荷，AB錯誤；

CD.若P球帶負電，Q球帶正電，如下圖所示，恰能滿足題意，則C錯誤D正確，故本題選D.

一q1+《2

5、c

【解析】

A.開關斷開后，板間場強不變，油滴將保持靜止，故A錯誤；

B.因油滴帶正電，由平衡條件可知電場力向上，A板帶負電，A板電勢低于〃板，故B錯誤；

C.斷開開關后，電容器的電荷量。保持不變，由公式七=二、。=2和。=』4?可知

'dU4兀kd

E=%&

3S

當A板向右錯開少許，即正對面積S減小，板間場強E增大，油滴所受電場力增大，將向上加速運動，故C正確；

D.當3板下移，板間場強E不變，但尸8距離變大，由勻強電場的電勢差U=Ed可知，8尸電勢差UBP增大，因8點

接地，電勢始終為零，故P點電勢減小，即D錯誤。

故選C。

6、D

【解析】

AC.粒子在磁場中做圓周運動，由于尸點位置不確定，粒子從x軸上離開磁場或粒子運動軌跡與y軸相切時，粒子在

磁場中轉過的圓心角最大，為

?max=300°

粒子在磁場中的最長運動時間

□maxT3002兀〃15兀〃1

"血一煮7~36(fX~qB~~^qB

粒子最小的圓心角為P點與坐標原點重合，最小圓心角

a而n=120°

粒子在磁場中的最短運動時間

t=%嗎丁」T=里

m，n36033qB

粒子在磁場中運動所經歷的時間為

2itm5itm

-----<t<------

3qB3qB

說明無法確定粒子在磁場中運動的時間和粒子的偏轉角，故AC錯誤;

B.粒子在磁場中做圓周運動，由于尸點位置不確定，粒子的偏轉角不確定，則無法確定粒子的運動半徑，故B錯誤;

D.粒子在磁場中做圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，則

2

V

qvB=m—

r

且

271r

v=-----

T

則得

》2兀加

T=-----

qB

說明可確定粒子做圓周運動的周期，故D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BCD

【解析】

A.一切電磁波在真空中傳播速度相同，在同一介質中，不同電磁波傳播速度不同，A錯誤；

B.紫外線有助于人體合成維生素D,但不宜過量，B正確；

C.紅外線應用在遙感技術中，是利用一切物體都在不停地發射紅外線，C正確；

D.電磁波譜中丫射線的頻率最高，波長最短，D正確；

E.醫學上用X射線透視人體，檢查體內病變等，E錯誤。

故選BCD.

8、AB

【解析】

A.根據紙帶處理方法可知，在用打點計時器“研究勻變速直線運動”的實驗中，通過在紙帶上打下的一系列點跡可求

出紙帶上任意兩個點跡之間的平均速度，故A正確；

B.在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，為了減小誤差，拉橡皮筋的細繩要稍長，并且實驗時要使彈簧測力計與

木板平面平行，同時保證彈簧的軸線與細繩在同一直線上，故B正確；

C.在“研究平拋運動”的實驗中，描繪平拋運動軌跡，不一定非得標出平拋的起始點，故C錯誤；

D.在驗證機械能守恒定律實驗中，不一定要測量物體的質量，因為驗證動能的變化量和重力勢能的變化量時，兩邊

都有質量，可以約去比較，故D錯誤。

故選AB。

9、CD

【解析】

A.物塊落在小車的過程中，物塊與小車組成的系統在水平方向的動量守恒，但豎直方向的動量不守恒，故A錯誤；

B.物塊與小車組成的系統水平方向不受外力，則系統在水平方向的動量守恒，選取向右為正方向，則有：

Mvo=(A/+m)v

所以共同速度為：

故B錯誤；

C.物塊落上小車到二者共速的過程中，因摩擦損失的機械能為:

△E、-gA/Vy--(Af+m)v2

代入數據解得：

AEi=1.25J

由功能關系:

\E\=fimg-\x

解得:

Ax=0.5m

故C正確；

D.在整個的過程中，系統損失的機械能等于物塊減少的重力勢能與二者損失的動能之和，由能量守恒定律得:

AE=mgh+—Mv()——(M+m)v

代入數據可得:

AE=7.5J

故D正確。

故選CD.

10、BD

【解析】

由點電荷的場強公式后=更可知，場源點電荷在軌道內壁處產生的電場強度大小相等，但方向不同，A錯誤；軌道

內壁上各點到場源點電荷的距離相同，電勢相等；帶電小球在4點時，帶電小球對軌道的彈力豎直向上，大小等于，

軌道對帶電小球的彈力豎直向下大小為叫，在4點對帶電小球有2mg-^=叱，從4到8由動能定理得

R~R

mgR=-mvl--mv2,在B點有M一室=吧工聯立解得在B點時軌道對小球的彈力為N'=4/〃g,根據牛頓

22R2R

第三定律可知在B點時小球對軌道的壓力大小為4〃?g,則選項C錯誤；在最低點C時，設軌道時小球的彈力為N",

則N"-〃2g-黑=吧^,由A到C由動能定理有2mgR=；〃設-1mv2,聯立解得N"=7mg,根據牛頓第三定律

7?"R22

知,運動到最低點C時，小球對軌道的壓力大小為7〃2g,則選項D正確.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、①；1.2；2.1

【解析】

知道滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發射部分的總質量的倒數；

對滑塊受力分析，根據牛頓第二定律求解.

【詳解】

(1)由圖象可知，當F=2時，a先.也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大,

即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的；

(1)根據F=ma得所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發射部分的

m

總質量的倒數，圖形b得加速度a和所受拉力F的關系圖象斜率k=l所以滑塊和位移傳感器發射部分的總質量m=1.2

由圖形b得，在水平軌道上F=1時，加速度a=2,根據牛頓第二定律得F-jtmg=2,解得^=2.1.

【點睛】

通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關系；運用數學知識和物理量之間關系式結合起來求解.

12、偶然誤差鱉二A

4h

【解析】

(1)”］在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小鋼球的平均落點”是采用多次測量求平均值

的方法，其目的是為了減小偶然誤差。

(2)［2］設小球被彈簧彈射出去后的速度為加此后小球做平拋運動，有

1r12

Ek=2機說

,12

h=Qgt

s=R

聯立可得小球彈射出去時動能為

E=%山2=螫1

k2t40

⑶網若結論彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比成立，有

Ep-kx2

而彈射過程彈性勢能全部轉發為動能，有

Ep-Ek

即

變形為

\Akh

----X

mg

可得關系S8X,故要驗證結論需要作S-X圖像可構成正比例函數關系，故選A。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)小球的速度先增大，后減小；小球沿斜面向上做加速度逐漸減小的加速運動，再沿斜面向上做加速度逐漸增

大的減速運動，直至速度為零.(2)4kg；l.llxlO-5C；(3)4.2xlO6V(4)圖像如圖，線3即為小球電勢能￡隨位移s

變化的圖線;

Sm

(h)

【解析】

(1)由圖線2得知，小球的速度先增大，后減小.根據庫侖定律得知，小球所受的庫侖力逐漸減小，合外力先減小后

增大，加速度先減小后增大，則小球沿斜面向上做加速度逐漸減小的加速運動，再沿斜面向上做加速度逐漸增大的減

速運動，直至速度為零.

(2)由線1可得：

Ep=mgh=mgssinO

斜率：

*=20=/ngsin30°

所以

，”=4kg

當達到最大速度時帶電小球受力平衡：

mgsin0=

由線2可得so=lm,

得：

(3)由線2可得，當帶電小球運動至1m處動能最大為27J.

根據動能定理：

即有：

-mgh+qU=Ekm-0

代入數據得：

17=4.2X106V

(4)圖中線3即為小球電勢能￡隨位移s變化的圖線

(8+萬/

(3)-------

4%

【解析】

(1)若粒子第一次在電場中到達最高點P,則其運動軌跡如圖所示

粒子在。點時的速度大小為V,段為圓周，QP段為拋物線，根據對稱性可知，粒子在。點時的速度大小也為V,

方向與x軸正