廣西桂林陽朔中學2023-2024學年物理高二第一學期期末復習檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在絕緣光滑水平面上，相隔一定距離有兩個帶異種電荷的小球，同時從靜止釋放，則兩小球的加速度和速度大小隨時間變化的情況是（）A.速度變大，加速度變大 B.速度變小，加速度變小C.速度變大，加速度變小 D.速度變小，加速度變大2、如圖甲所示，磁場垂直穿過圓形金屬框。已知磁場的磁感應強度B隨時間t變化的圖象如圖乙所示，設磁場方向垂直紙面向里時，圓形金屬框中感應電流為順時針方向時，則下列各圖中能夠反應圓形金屬框中感應電流i隨時間t變化圖象的是（）A. B.C. D.3、如圖所示，圖線1表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是（）A.R1：R2=3：1B.R1：R2=1：3C.將R1與R2串聯后接于電源上，則電壓之比U1：U2=3：1D.將R1與R2并聯后接于電源上，則電流之比I1：I2=1：34、如圖所示為汽車蓄電池與車燈（電阻不變）、啟動電動機組成的電路，蓄電池內阻為，電流表和電壓表均為理想電表。只接通時，電流表示數為10A，電壓表示數為12V；再接通，啟動電動機工作時，電流表示數變為8A，則此時通過啟動電動機的電流是（）A.2A B.8AC.50A D.58A5、如圖所示，圖中邊長為O的正三角形ABC的三個頂點A、B、C分別固定有三個點電荷－q、－q、＋q，則該三角形中心O點處的場強為（）A.，方向由C指向O B.，方向由O指向CC.，方向由C指向O D.，方向由O指向C6、勻強磁場中一個運動的帶電粒子，運動速度v方向如圖所示，下列說法正確的是()A.若粒子帶負電，所受洛倫茲力的方向向下B.若粒子帶正電，所受洛倫茲力的方向向下C.若粒子帶負電，運動速率v一定減小D.若粒子帶正電，運動速率v一定增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線表示電場的一族等勢面且相鄰等勢面電勢差相等，一個帶正電的粒子以一定的初速度進入電場后，只在電場力作用下沿實線軌跡運動，粒子先后通過M點和N點．在這一過程中，電場力做負功，由此可判斷出()A.N點的電勢高于M點的電勢B.粒子在N點的電勢能比在M點的電勢能大C.粒子在M點的速率小于在N點的速率D.粒子在M點受到的電場力比在N點受到的電場力大8、如圖所示，OACD是一長為OA=L的矩形，其內存在垂直紙面向里的勻強磁場，一質量為m、帶電量為q的粒子從O點以速度V0垂直射入磁場，速度方向與OA的夾角為α，粒子剛好從A點射出磁場，不計粒子的重力，則A.粒子一定帶正電B.勻強磁場的磁感應強度為C.粒子從O到A所需的時間為D.矩形磁場的寬度最小值為9、如圖所示，M、N是在真空中豎直放置兩塊平行金屬板，板間有勻強電場，質量為m、電荷量為－q的帶電粒子(不計重力)，以初速度v0由小孔進入電場，當M、N間電壓為U時，粒子剛好能到達N板，如果要使這個帶電粒子能到達M、N兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是()A.使初速度為原來B.使M、N間電壓提高到原來的2倍C.使M、N間電壓提高到原來的4倍D.使初速度和M、N間電壓都減為原來的10、如圖，用輕繩將兩個彈性小球緊緊束縛在一起并發生微小的形變，現正在光滑水平面上以速度v0＝0.1m/s向左做勻速直線運動，已知a、b兩彈性小球質量分別為ma＝1.0kg和mb＝2.0kg。一段時間后輕繩突然自動斷開，斷開后兩球仍沿原直線運動。經過t＝4.0s，兩球的間距s＝3.6m，下列說法正確的是（）A.剛分離時，a、b兩球的速度方向相反B.剛分離時，b球的速度大小為0.5m/sC.剛分離時，a球的速度大小為0.4m/sD.兩球分離過程中釋放的彈性勢能為0.27J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一學習小組要用伏安法盡量準確地描繪一個標有“6V，1.5W”的小燈泡的I-U圖線,現有下列器材供選用：A．學生電源（直流9V）B．開關一個、導線若干C．電壓表（0~3V，內阻約10KΩ）D．電壓表（0~6V，內阻約10KΩ）E．電壓表（0~15V，內阻約30KΩ）F．電流表（0~0．3A，內阻約0．3Ω）G．電流表（0~0．6A，內阻約0．4Ω）H．電流表（0~3A，內阻約0．6Ω）I．滑動變阻器（10Ω，2A）J．滑動變阻器（200Ω，1A）（1）實驗中電壓表應選______，電流表應選_______，滑動變阻器應選_______（用字母序號表示）；（2）在下面方框內畫出實驗電路圖______：（3）對應實驗電路圖將實物連線補充完整________________；（4）閉合開關前，滑動變阻器滑片的位置應在__________選填“a”、“b”或“ab正中間”）端。12．（12分）某中學為了探究額定功率為4W、額定電壓為4V的小燈泡消耗的功率與電壓的關系，準備了如下的實驗器材：A.電壓表V1（0～1V，內阻2kΩ）B電壓表V2（0～15V，內阻15kΩ）C.電流表A（0～1A，內阻約1Ω）D.定值電阻R1＝6kΩE.定值電阻R2＝16kΩF.滑動變阻器R（0～10Ω，額定電流2A）G.學生電源（直流5V，內阻不計）H.開關、導線若干（1）為了減小實驗誤差，電壓表應選用____，定值電阻應選用____（均用序號字母填寫）；（2）在探究功率與電壓的關系時，要求電壓從零開始調節，并且多次測量，畫出滿足要求的電路圖___；（3）根據設計的電路圖，寫出小燈泡兩端電壓U與電壓表讀數UV的關系U＝___．若小燈泡的電功率為P，則關系圖線可能正確的是____四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由于異種電荷間存在相互作用的吸引力，兩球將相互靠近，距離減小，根據庫侖定律得知，相互作用力增大。由牛頓第二定律得知它們的加速度變大。如圖所示隨著兩球間距離減小，電場力做正功，電勢能減少，總動能增加。所以速度增加，故速度變大，加速度變大，故A正確，BCD錯誤。故選A。2、A【解析】磁感應強度在0到內，由法拉第電磁感應定律可得，隨著向外磁場的均勻變小，由于磁感應強度隨時間變化率不變，則感應電動勢大小不變，感應電流的大小也不變；同理，磁感應強度在到內，由法拉第電磁感應定律可得，隨著向里磁場的均勻變大，由于磁感應強度隨時間變化率不變，則感應電動勢大小不變，感應電流的大小也不變；由于磁感應強度是向外在減小，向里在增大．所以由楞次定律可得線圈感應電流是逆時針，由于環中感應電流沿順時針方向為正方向，則感應電流為負的A．圖像與分析相符，故A正確。B．圖像與分析不符，故B錯誤。C．圖像與分析不符，故C錯誤。D．圖像與分析不符，故D錯誤。3、B【解析】根據I-U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數，所以R1：R2=1：3．故A錯誤，B正確；兩電阻串聯后，兩電阻中的電流相等，則電壓之比U1：U2=1：3，故C錯誤；若兩電阻并聯，兩電阻兩端的電壓相等，故電流與電阻成反比；故電流之比為：I1：I2=3：1；故D錯誤；故選B【點睛】解決本題的關鍵知道I-U圖線的斜率表示電阻的倒數以及知道串并聯電路的特點4、C【解析】只接通S1時，由閉合電路歐姆定律，電池的電動勢為E=U+Ir=12V+10×0.05V=12.5V車燈的電壓為再接通S2后，流過電動機的電流為故ABD錯誤，C正確。故選C。5、C【解析】O點是三角形的中心，到三個電荷的距離為三個電荷在O處產生的場強大小均為根據對稱性和幾何知識得知，兩個-q在0處產生的合場強為再與+q在O處產生的場強合成，得到O點的合場強為方向由C指向O，故ABD錯誤，C正確。故選C。6、B【解析】由左手定則可知，若粒子帶負電，所受洛倫茲力的方向向上；若粒子帶正電，所受洛倫茲力的方向向下，選項B正確，A錯誤；因洛倫茲力不做功，故無論是正電還是負電，粒子的速率都是不變的，故選項CD錯誤；故選B.考點：左手定則【名師點睛】此題是對左手定則的考查；要知道判斷帶電粒子在磁場中的受力方向用左手定則，注意四指指正電荷的運動方向或者負電荷運動方向的反方向，這是易錯點；洛倫茲力對帶電粒子是不做功的.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】粒子帶正電，由運動軌跡可知，電場力的方向指向右下方即電場線的方向指向右下方，根據電場的性質“順著電場線的方向電勢降落”可知N點的電勢高于M點的電勢，A選項正確；電場力做負功，電勢能增加，B選項正確；電場力做負功，動能減小，C選項錯誤；根據電場線或等勢面的疏密表電場強弱可知，D選項錯誤8、BC【解析】A項：由題意可知，粒子進入磁場時所受洛倫茲力斜向右下方，由左手定則可知，粒子帶負電，故A錯誤；B項：粒子運動軌跡如圖所示：由幾何知識可得：，粒子磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，故B正確；C項：由幾何知識可知，粒子在磁場中轉過的圓心角：θ=2α，粒子在磁場中做圓周運動的周期：，粒子在磁場中的運動時間：，故C正確；D項：根據圖示，由幾何知識可知，矩形磁場的最小寬度：，故D錯誤9、BD【解析】A.在粒子剛好到達N板的過程中，由動能定理得－qEd＝0－，所以，令帶電粒子離開M板的最遠距離為x，則使初速度減為原來的，x＝，故A錯誤；B.使M、N間電壓提高到原來的2倍，電場強度變為原來的2倍，x＝，故B正確；C.使M、N間電壓提高到原來的4倍，電場強度變為原來的4倍，x＝，故C錯誤；D.使初速度和M、N間電壓減為原來的，電場強度變為原來的一半，x＝，故D正確10、AD【解析】ABC．取向左為正方向，由動量守恒定律得經過后，兩球的間距為則有解得，可知，剛分離時，球的速度大小為0.5m/s，方向向右，球的速度大小為0.4m/s，方向向左，兩球的速度方向相反，故A正確，B、C錯誤；D．設兩球分離過程中釋放的彈性勢能為，由能量守恒定律得解得故D正確；故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.D②.F③.I④.⑤.⑥.a【解析】(1)[1]燈泡額定電壓是6V，電壓表選量程為6V的D；[2]燈泡額定電流I=則電流表選量程為0.3A的F；[3]為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇小電阻I；(2)[4]由于小燈泡的電阻值比較小，則電流表采用外接法，由表中實驗數據可知，電壓與電流從零開始變化，則滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示；(3)[5]根據原理圖實物連線如圖所示(4)[6]為了安全和保護電表，開關閉合前將滑片置于接入電路電阻值最大，故滑片在a端。12、①.（或）②.D（或）③.如圖所示：④.⑤.C【解析】（1）由于小燈泡的額定電壓為4V，若選15V量程，則量程太大，所以應選A，但需要進行改裝為U=4V量程的電壓表；根據歐姆定律和串并聯規律應有：U=，解得：R=6kΩ，所以定值電阻應選D；（2）實驗要求電壓從零調，說明變阻器應采用分壓式接法；根據純電阻功率P=,燈泡的電阻R==4Ω，電阻遠小于電壓表內阻，所以電流表應用外接法，電路圖如圖所示：（3）根據串聯電路特點知，燈泡電壓與電壓表示數間的關系為U=UV+U1=UV+；整理得：由于燈泡燈絲電阻隨溫度的升高而增大，根據燈泡的功率,在P?U