陜西省西藏民族學院附屬中學2023-2024學年高二物理第一學期期末檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在兩等量異種點電荷連線上有D、E、F三點，且DE=EF。K、M、L分別為過D、E、F三點的等勢面。一電子從a點射入電場，運動軌跡如圖中實線所示，電子從a點到b點電場力做功的數值為|Wab|，從b點到c點電場力做功的數值為|Wbc|，則A.|Wab|=|Wbc|B.|Wab|>|Wbc|C.粒子由a點到b點，動能增大D.a點的電勢較b點的電勢低2、一木塊放在傾角為θ的固定粗糙斜面上，在沿斜面向上的拉力F作用下向上做勻速直線運動，除拉力F外，關于木塊的受力情況，下列分析正確的是：A.木塊受到重力和下滑力作用B.木塊受到重力和斜面對它的壓力作用C.木塊受到重力、斜面對它的支持力和滑動摩擦力作用D.木塊受到重力和斜面對它的靜摩擦力作用3、如圖所示，平行金屬板間存在勻強電場，一個電子以初速度v1沿平行于板面方向射入電場，經過時間t1射出電場，射出時沿垂直于板面方向偏移的距離為d1．另一個電子以初速度v2（v2>v1）仍沿平行于板面方向射入電場，經過時間t2射出電場，射出時沿垂直于板面方向偏移的距離為d2．不計電子的重力，則下列關系式中正確的是At1<t2 B.t1=t2C.d1>d2 D.d1<d24、質量為2kg的質點在xOy平面上做曲線運動。x方向的速度圖象和y方向的位移圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A.質點的初速度為3m/sB.質點所受合外力為5N，做勻變速曲線運動C.1s末質點x方向和y方向速度大小相等D.2s內質點的位移大小為16m5、如圖所示，三條平行等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子（不計重力）在該區域內的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點，下列說法正確的是（）A.粒子在三點所受的電場力不相等B.粒子在三點的電勢能大小關系為Epc＜Epa＜EpbC粒子必先過a，再到b，然后到cD.粒子在三點所具有的動能大小關系為Ekb＞Eka＞Ekc6、如圖所示，邊長為L的等邊三角形閉合金屬線框abc處于勻強磁場中，磁場垂直線框平面向里，磁感應強度為B．當線框中通入順時針方向電流I時，下列說法正確的是A.bc邊受到的安培力方向垂直于bc邊向上B.ab邊受到的安培力大小為C.ab邊與bc邊受到的安培力的合力大于ac邊受到的安培力D.整個線框所受的安培力的合力為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個速度大小不同的同種帶電粒子1、2，沿水平方向從同一點垂直射入勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里．當它們從磁場下邊界飛出時相對入射方向的偏轉角分別為90°、60°，則它們在磁場中運動的（）A.軌跡半徑之比為1∶2B.速度之比為2∶1C.時間之比為3∶2D.周期之比為2∶18、如圖所示，空間有豎直方向的勻強電場，一帶正電的小球質量為m，在豎直平面內沿與水平方向成30o角的虛線以速度v0斜向上做勻速運動．當小球經過O點時突然將電場方向旋轉一定的角度，電場強度大小不變，小球仍沿虛線方向做直線運動，選O點電勢為零，重力加速度為g，則A原電場方向豎直向下B.改變后的電場方向垂直于ONC.電場方向改變后，小球的加速度大小為gD.電場方向改變后，小球的最大電勢能為9、現有18g水、18g水蒸汽和32g氧氣，在它們的溫度都是100℃時，下列說法正確的是（）A.它們的分子數目相同，分子的平均速率相同B.它們的分子數目相同，分子的平均動能相同C.它們的分子數目相同，水蒸氣的內能比水大D.它們的分子數目不相同，分子的平均動能相同10、科學家研究發現：因太陽風的帶電粒子吸附作用，土星環正在消失．這是因為土星環中的帶電的冰質顆粒，在土星引力和磁場的作用下墜入土星．假設土星的自轉方向以及周圍的磁場分布與地球相似，土星環中的所有冰質顆粒在土星赤道上空自西向東公轉，除帶電冰質顆粒外，剩余土星環中的顆粒軌道半徑不變，則可以推斷（）A.若土星磁場是因土星帶電而形成，則土星帶負電B.土星環中帶電冰質顆粒受到的洛倫茲力沿軌道半徑遠離土星球心C.太陽風中的帶正電粒子是冰質顆粒主要吸附的粒子D.因土星吸附了帶電冰質顆粒，質量變大，在軌運行的土星環的運動周期將變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）如圖甲所示為某多用電表內部簡化電路圖，作為歐姆表使用時，選擇開關S應接________（填“1”“2”“3”“4”或“5”）（2）某同學想通過該多用電表的歐姆擋測量某定值電阻的阻值，主要步驟如下：①把選擇開關撥到“×100”的歐姆擋上；②把兩表筆相接觸，旋轉歐姆調零旋鈕，使指針指在________（填“電阻”或“電流”）零刻度處；③把紅、黑表筆與待測電阻兩端相接，發現這時指針偏轉角度很大；④換用________（填“×10”或“×1k”）歐姆擋重新調零后測量，發現這時指針偏轉適中，如圖乙所示，記下電阻阻值為________Ω；⑤把選擇開關調至空擋或交流電壓最高擋后拔下表筆，把多用電表放回桌上原處，實驗完畢。12．（12分）如圖為某同學驗證楞次定律的實驗，在水平面固定一“U”形鋁框架，框架上置一鋁桿ab，不計摩擦，將條形磁鐵放在框架正上方，當將磁鐵做如下運動時，判斷桿ab的運動方向：(1)將磁鐵豎直向上運動時，桿ab將向_________運動。(2)將磁鐵豎直向下運動時，桿ab將向_________運動(3)將磁鐵水平向右運動時，桿ab將向_________運動。（填“左”或“右”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB.由等量異種點電荷的電場線特點可知靠近電荷處電場強度大，類比公式U=Ed知：|Uab|>|Ubc|，而W=qU，所以|Wab|>|Wbc|，則A錯誤、B正確。；C.粒子由a點到b點，電場力做負功，電勢能增加，動能減少，故C錯誤；D.從帶負電粒子的運動軌跡可知該粒子從a點到c點受到大體向左的作用力，故左側為正電荷，從左向右電勢降低，a點的電勢較b點的電勢高，故D錯誤。故選：B2、C【解析】木塊在粗糙的斜面上做勻速運動，物體除了受到拉力外，還受重力，斜面對它的支持力和滑動摩擦力，如圖所示，故C正確3、C【解析】電子垂直入射電場，在穿越電場的過程中，做類平拋運動，沿垂直電場的方向的分運動為勻速直線運動，沿平行于電場的方向的分運動為初速度為零的勻加速直線運動【詳解】電子在垂直于電場線的方向上做勻速直線運動：，沿平行與電場的方向上的分運動為勻加速直線運動，偏轉量．由于兩電子穿越同一電場，所以加速度a相同，但由于初速度，故，故本題選C【點睛】本題考查化曲為直，處理類平拋運動問題的分析方法，會比較不用粒子在電場中運動的時間和偏轉量，掌握分析方法至關重要4、C【解析】A．由x方向的速度圖象可知，質點x軸方向初速度為：vx=3m/s，y軸方向初速度為：質點的初速度為：故A錯誤；B．x方向上做勻加速直線運動，由x方向的速度圖象可知，在x方向的加速度為：受力F=ma=2Ny方向做勻速直線運動，沒有加速度，顯然質點初速度方向與合外力方向不在同一條直線上，質點做勻變速曲線運動，故B錯誤；C．1s末質點在x方向的速度大小是4m/s，y方向的速度為4m/s，兩者速度大小相等，方向不同，故C正確；D．2s內水平方向上位移大小為：豎直方向上位移大小為：y=8m合位移大小為：故D錯誤。故選C。5、B【解析】A．因表示電場中三個等勢面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，根據所以帶電粒子在電場中各點受到的電場力相等，A錯誤；B．由題中的圖可知，電場的方向是向上的，根據軌跡判斷電場力方向向下，則帶電粒子帶負電，根據則B正確；C．由題中的圖可知，電場的方向是向上的，帶負電的粒子將受到向下的電場力作用，帶負電的粒子無論是依次沿a、b、c運動，還是依次沿c、b、a運動，都會的到如圖的軌跡，C錯誤；D．粒子在電場中運動時，只有電場力做功，故電勢能與動能之和應是恒定不變的，由圖可知，粒子在b點時的電勢能最大，在c點的電勢能最小，則可判斷在c點的動能最大，在b點的動能最小，D錯誤。故選B。6、D【解析】根據左手定則判斷安培力的方向，根據安培力的計算公式F=BIL計算安培力的大小【詳解】A項：根據左手定則可知bc邊受到安培力方向垂直于bc邊向下，故A錯誤；B項：ab邊受到的安培力大小為F=BIL，故B錯誤；C、D項：三條邊構成閉合的三角形，三邊受到的安培力的合力為零，故ab邊與bc邊受到的安培力的合力等于ac邊受到的安培力，故C錯誤，D正確故選D【點睛】本題主要是考查安培力的計算，牢記安培力的計算公式是解答本題的關鍵二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，由幾何關系可確定粒子的半徑，根據半徑公式可確定初速度；根據粒子的運動的軌跡和粒子做圓周運動的周期公式可以判斷粒子的運動的時間【詳解】A項：設粒子的入射點到磁場下邊界的磁場寬度為d，畫出粒子軌跡過程圖，如圖所示，由幾何關系可知：第一個粒子的圓心為O1，由幾何關系可知：R1=d；第二個粒子的圓心為O2；由幾何關系可知：R2sin30°+d=R2，解得：R2=2d；故各粒子在磁場中運動的軌道半徑之比為：R1：R2=1：2，故A正確；B項：由可知v與R成正比，故速度之比也為：1：2，故B錯誤；C、D項：粒子在磁場中運動的周期的公式為由此可知，粒子的運動的周期與粒子的速度的大小無關，所以粒子在磁場中的周期相同；由粒子的運動的軌跡可知，三種速度的粒子的偏轉角分別為90°、60°，所以偏轉角為90°的粒子的運動的時間為，偏轉角為60°的粒子的運動的時間為，所以有，故C正確，D錯誤故應選：AC【點睛】本題考查帶電粒子在磁場中的運動，要注意根據幾何關系確定粒子的半徑，再由洛侖茲力充當向心力來確定半徑與初速度的關系，利用周期公式結合粒子轉過的圓心角求解粒子在磁場中運動的時間8、CD【解析】開始時，小球沿虛線做勻速運動，可知小球受向下的重力和向上的電場力平衡Eq=mg，小球帶正電，則電場豎直向上，選項A錯誤；改變電場方向后，小球仍沿虛線做直線運動，可知電場力與重力的合力沿著NO方向，因Eq=mg，可知電場力與重力關于ON對稱，電場方向與NO成600，選項B錯誤；電場方向改變后，電場力與重力夾角為1200，故合力大小為mg，小球的加速度大小為g，選項C正確；電場方向改變后，小球能沿ON運動的距離為，則克服電場力做功為：，故小球的電勢能最大值為，選項D正確；故選CD.9、BC【解析】水和水蒸汽分子量相同，摩爾質量相同，相同質量的水和水蒸汽分子數相同，則分子數為個個32g的氧氣分子數為個個故有溫度是分子熱運動平均動能的標志，溫度相等，則分子熱運動的平均動能相同，由于氧分子的質量大，故氧分子的平均速率小；內能包括分子勢能和分子熱運動的動能，故三者的內能不相同，100℃時，18g的水變為水蒸汽要吸熱，故水蒸汽的內能比水大，故B，C正確，A、D錯誤。故選BC。10、AD【解析】A項：由土星磁場與地磁場相似，土星磁場的北極為地理南極，土星磁場的南極為地理北極，由土星轉動形成環形電流，根據右手螺旋定則可知，土星帶負電，故A正確；B項：由于電冰質顆粒墜入土星，洛倫茲力方向與速度方向垂直，所以土星環中帶電冰質顆粒受到的洛倫茲力不會沿軌道半徑遠離土星球心，故B錯誤；C項：由于冰質顆粒在土星赤道上空自西向東公轉，且土星帶負電，所以冰質顆粒應帶正電，所以太陽風中帶負電粒子是冰質顆粒主要吸附的粒子，故C錯誤；D項：由公式，由于半徑不變，質量變大，所以周期變小，故D錯誤故應選：AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.3②.電阻③.×10④.220【解析】（1）[1]接3時電源連入電路，為歐姆檔。（2）②[2]換檔的要進行歐姆調零，把兩表筆相接觸旋轉歐姆調零旋鈕使指針指在電阻零刻度處。④[3]偏角過大說明電阻小，換用“×10”歐姆擋，重新調零后測量。[4]對應的阻值為。12、①.右②.左③.右【解析】(1)[1]由“增縮減擴”可知，磁鐵豎直向上運動時，回路磁通量變小時，桿將向右移動；(2)[2]由