2024屆廣東省惠州市物理高二第一學期期中監測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是A．一小段通電導線在磁場中某點，若不受磁場力的作用，該點的磁感強度一定為零B．當平面跟磁場方向平行時，穿過這個面的磁通量必為零C．某一點電荷在電場中的受力方向，即為該點電場線的切線方向D．磁感線是從磁體的N極發出，終止于S極2、如圖所示是兩個同種等電荷量的點電荷A、B形成的電場，圖中示意性地畫了幾條電場線，其中O點為A、B連線的中心，PQ是AB的垂直平分線。下列說法中正確的是A．PQ直線上電場強度處處為零，PQ直線上所有點電勢相等B．PQ直線上O點處電場強度為零，PQ直線上O點電勢最高C．PQ直線上電場強度沿中垂線指向O，PQ直線上O點電勢最高D．PQ直線上O點處電場強度最大，電勢也最高3、一個電流計的滿偏電流Ig=0.100mA，內阻為600Ω，要把它改裝成一個量程為0.6A的電流表，則應在電流計上（）A．串聯一個5.4kΩ的電阻B．串聯一個約0.1Ω的電阻C．并聯一個約0.1Ω的電阻D．并聯一個5.4kΩ的電阻4、關于電源和電流，下述說法正確的是A．電源的電動勢在數值上始終等于電源正負極之間的電壓B．從能量轉化的角度看，電源通過非靜電力做功把其他形式的能轉化為電能C．由公式可知，導體的電阻與通過它的電流成反比D．打開教室開關，日光燈立刻就亮了，表明導線中自由電荷定向運動的速率接近光速5、如圖所示，空間某區域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上(與紙面平行)，磁場方向垂直于紙面向里，三個帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，質量分別為ma、mb、mc，已知在該區域內，a在紙面內做勻速圓周運動，b在紙面內向右做勻速直線運動，c在紙面內向左做勻速直線運動，下列選項正確的是()A．mambmc B．mbmamcC．mcmamb D．mcmbma6、帶電粒子M和N以相同的速度經小孔S垂直進入勻強磁場，運行的半圓軌跡如圖中虛線所示，不計重力，下列表述正確的是A．M帶正電，N帶負電B．M的質量小于N的質量C．M的比荷小于N的比荷D．M的運行時間小于N的運行時間二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列圖中，絕緣細繩一端固定在天花板，一端系一質量為ｍ的帶正電小球，為了使小球能靜止在圖中所示位置，可加一個與紙面平行的勻強電場，所加電場方向可能是：A． B． C． D．8、質量為m、速度為v的A球跟質量為2m的靜止的B球發生正碰．碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，因此碰撞后B球的速度可能值為A． B． C． D．9、在如圖所示的電路中，R1、R2、R3均為可變電阻．當開關S閉合后，兩平行金屬板MN中有一帶電液滴正好處于靜止狀態．為使帶電液滴向上加速運動，可采取的措施是A．增大R1 B．減小R2C．減小R3 D．減小MN間距10、P1、P2為相距遙遠的兩顆行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛星s1、s2做勻速圓周運動，圖中縱坐標表示行星對周圍空間各處物體的引力產生的加速度a，橫坐標表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示P1、P2周圍的A．P1的平均密度比PB．P1的第一宇宙速度比PC．s1的向心加速度比sD．s1的公轉周期比s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上有“4V2W”的字樣，現要描繪這個小燈泡的伏安特性曲線．現有下列器材供選用：A．電壓表（1～5V，內阻11kΩ）B．電壓表（1～11V，內阻21kΩ）C．電流表（1～1．3A，內阻1Ω）D．電流表（1～1．6A，內阻1．4Ω）E．滑動變阻器（11Ω，2A）F．滑動變阻器（1kΩ，1A）G．學生電源（直流6V），還有電鍵、導線若干（1）電流表應選，滑動變阻器應選（用序號字母表示）．（2）為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數據，請在方框內畫出滿足實驗要求的電路圖．（3）若該同學已正確選用器材，并連接好部分實驗電路．如圖所示，請在圖中完成其余的電路連接12．（12分）在用橡皮條拉動小車的實檢方案“探究功與速度變化的關系"的實驗中，得到的紙帶如圖所示，打點計時器使用的交流電頻率為50Hz，則小車的速度應記為_____m/s。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）圖1中A和B是真空中的兩塊面積很大的平行金屬板、加上周期為T的交流電壓，在兩板間產生交變的勻強電場．已知B板電勢為零，A板電勢隨時間變化的規律如圖2所示，其中的最大值為，最小值為，在圖1中，虛線MN表示與A、B板平行等距的一個較小的面，此面到A和B的距離皆為l．在此面所在處，不斷地產生電量為q、質量為m的帶負電的微粒，各個時刻產生帶電微粒的機會均等．這種微粒產生后，從靜止出發在電場力的作用下運動．設微粒一旦碰到金屬板，它就附在板上不再運動，且其電量同時消失，不影響A、B板的電勢，已知上述的T、、l、q和m等各量的值正好滿足等式．若不計重力，不考慮微粒間的相互作用，求：（結果用q、、m、T表示）（1）在t=0到t=這段時間內產生的微粒中到達A板的微粒的最大速度；（2）在0-范圍內，哪段時間內產生的粒子能到達B板？（3）在t=0到t=這段時間內產生的微粒中到達B板的微粒的最大速度；14．（16分）如圖所示，光滑絕緣斜面高度h＝0.45m，斜面底端與光滑絕緣水平軌道圓弧連接，水平軌道邊緣緊靠平行板中心軸線．平行板和三個電阻構成如圖所示電路，平行板板長為l＝0.9m，板間距離d＝0.6m，R1＝3Ω，R2＝3Ω，R3＝6Ω．可以看為質點的帶電小球，電量q＝－0.01C，質量m＝0.03kg，從斜面頂端靜止下滑．（1）若S1、S2均斷開，小球剛好沿平行板中心軸線做直線運動，求電源電動勢E．（2）若S1斷開，S2閉合，小球離開平行板右邊緣時，速度偏向角tanθ＝，求電源內阻r．（3）若S1、S2均閉合，判斷小球能否飛出平行板？15．（12分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，極板長L＝80cm，兩板間的距離d＝40cm,電源電動勢E＝40V，內電阻r＝1Ω，電阻R=23Ω，閉合開關S，調節滑動變阻器，當滑動變阻器接入電路的阻值R滑=16Ω，待電路穩定后，將一帶負電的小球從B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0＝4m/s水平向右射入兩板間，該小球可視為質點．若小球帶電量q＝1×10-2C，質量為m＝2×10-2kg，不考慮空氣阻力，電路中的電壓表、電流表均是理想電表．(g取10m/s2（1）此時電壓表的示數U=？（2）小球在電場運動過程的加速度a=？（3）小球離開電場時的側移量y=？（4）小球離開電場時的運動方向與水平方向的夾角θ的正切tanθ=

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

A.一小段通電導線在磁場中某點，不受磁場力的作用，該點的磁感強度不一定為零，也可能是由于通電導線與磁場平行，故A錯誤。B.根據勻強磁場中磁通量的一般計算公式Φ=BSsinθ，當平面跟磁場方向平行時，沒有磁感線穿過這個平面，所以穿過這個平面的磁通量必為零，故B正確C.正電荷所受的電場力方向與電場強度方向相同，負電荷所受電場力方向與電場強度方向相反，電場線切線方向為場強方向，則電荷所受電場力方向不一定與電場線切線方向一致。故C錯誤。D.在磁體外部磁感線從磁體的N極發出到S極，在磁體的內部，磁感線從S極到N極，D錯誤。2、B【解題分析】

ABD．PQ直線上只有O點處電場強度為零，PQ直線上O點電勢最高，從O點向兩側電勢逐漸降低，選項AD錯誤，B正確；C．PQ直線上電場強度沿中垂線背離O，PQ直線上O點電勢最高，選項C錯誤；3、C【解題分析】改裝成電流表要并聯電阻分流，其并聯電阻阻值為

，故為并聯0.1Ω的電阻．則ABD錯誤，C正確；故選C。4、B【解題分析】

A．電源正負極之間的電壓稱為路端電壓，當外電路接通時，路端電壓小于電源的電動勢．故A錯誤；B．電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉化為電勢能的裝置，電源通過非靜電力做功把其他形式的能轉化為電勢能．故B正確；C．電阻R是由導體本身決定的，與通過它的電流無關．故C錯誤．D．打開教室開關，日光燈立刻就亮了，表明導線中電場傳播的速率接近光速，而導線中自由電荷定向運動的速率是非常小的．故D錯誤；【點晴】該題考查恒定電流中對幾個基本概念的理解，理解電源的作用，及電動勢的含義，注意比值定義法的內涵是關鍵．5、B【解題分析】

由題意：a在紙面內做勻速圓周運動，所以；b在紙面內向右做勻速直線運動，所以；c在紙面內向左做勻速直線運動所以，根據公式可解的：，故B正確，ACD錯誤．6、C【解題分析】

A．進入磁場時，M粒子所受的洛倫茲力方向向右，N的洛倫茲力方向向左，由左手定則判斷出M帶負電，N帶正電，故A錯誤；BC．粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，則有軌跡半徑為：由圖看出，M的軌跡半徑較大，而兩個粒子的速率相等，則知，M粒子的比荷q/m較小，但不能判斷它們電量和質量的大小，故B錯誤，C正確；D．由周期公式，M粒子的比荷q/m較小，周期大；兩粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，故M的運行時間大于N的運行時間，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解題分析】

A圖中，小球帶正電，場強方向水平向左，帶電小球所受的電場力水平向左，則小球不可能靜止在圖示位置，故A錯誤；B圖中，小球帶正電，場強方向水平向右，帶電小球所受的電場力水平向右，則小球可能靜止在圖示位置，故B正確；C圖中小球受電場力方向斜向右上方，向下的重力及向左上方的細線的拉力，三力可能平衡，選項C正確；D圖中，當qE=mg，且電場方向向上，小球能靜止在圖中位置，故D正確．故選BCD．【題目點撥】解決本題的關鍵是知道正電荷所受的電場力方向與場強方向相同，分析結果要符合平衡條件，做完后可用平衡條件檢驗一下．8、BC【解題分析】

以兩球組成的系統為研究對象，以A球的初速度方向為正方向，如果碰撞為彈性碰撞，由動量守恒定律得：mv＝mvA+2mvB，由機械能守恒定律得：mv2＝mvA2+?2mvB2，解得：vA＝﹣v，vB＝v，負號表示碰撞后A球反向彈回．如果碰撞為完全非彈性碰撞，以A球的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mv＝（m+2m）vB，解得：vB＝v，則碰撞后B球的速度范圍是：v＜vB＜v，則碰后B球的速度大小可能是0.5v和0.4v，不可能是0.7v和0.3v．故BC正確，AD錯誤．9、BD【解題分析】解：A、當增大R1電阻時，沒有作用，因為R1電阻與兩平行金屬板相串聯，沒有電流通過，所以R1電阻兩端沒有電勢差．故A錯誤；B、當R2減小時，導致總電阻減小，所以總電流變大，則變阻器R3電壓變大，電容器板間電壓增大，場強增大，液滴所受的電場力增大，將向上加速運動，故B正確；C、當R3減小時，導致總電阻減小，所以總電流變大，則R2電阻兩端電壓變大，那么R3變阻器電壓變小，電容器板間電壓減小，場強減小，液滴所受的電場力減小，將向下加速運動，故C錯誤；D、當減小MN間距時，由于平行板兩端電壓不變，則兩板間的電場強度變大，所以電場力將大于重力，液滴向上加速運動，故D正確．故選BD．【點評】電阻R1與兩平行板相串聯，由于沒有電流，所以沒有電勢降落，因此可將R1電阻去除．當改變間距時，會導致兩板間的電容變化．10、AC【解題分析】由圖可知，兩行星的球體半徑相同，對行星周圍空間各處物體來說，萬有引力提供加速度，故有，故可知P1的質量比P2的大，即P1的平均密度比P2的大，所以選項A正確；由圖可知，P1表面的重力加速比P2的大，由可知，P1的第一宇宙速度比P2的大，所以選項B錯誤；對衛星而言，萬有引力提供向心加速度，即，故可知，s1的向心加速度比s2考點：天體與萬有引力定律三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）DE（2）（3）【解題分析】試題分析：（1）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數不準確；故只能選用1～5V的電壓表．由P=UI得，燈泡的額定電流I=1．5A，故電流表應選擇1～1．6A的量程，故電流表選D；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應選總阻值小的滑動變阻器，故選E；（2）在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法；由于燈泡的電阻較小，所以選擇電流表外接法．所以電路圖如圖．（3）按電路圖畫出實際電路圖為考點：描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗．【名師點睛】（1）儀表的選擇應本著安全準確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的電流判斷需要的電流表；由題意判斷需要的滑動變阻器；（2）根據滑動變阻器分壓及限流接法的不同作用，結合題意選擇滑動變阻器的接法；由電流表、電壓表與燈泡內阻間的大小關系確定電流表的接法．本題考查實驗中的儀表選擇及接法的選擇；應注意滑動變阻器分壓及限流接法的區別及應用，同時還應明確內外接法的不同及判斷．12、0.36【解題分析】小車的速度應該是當小車做勻速運動時的速度，則v=x四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）時間內產生的微粒可直達A板（3）【解題分析】試題分析：在電壓為時，微粒所受電場力為，此時微粒的加速度為（1）在t=0時刻產生的微粒，將以加速度向A板加速運動，經時，位移即t=0時刻產生的微粒，在不到時就可直達A板，所以到達A板的微粒的最大速度滿足，解得（2）考慮臨界狀況：設時刻產生的微粒達到A板時速度剛好為零，則該微粒以加速度加速運動的時間為，再以大小為的加速度減速運動一段時間，設為，則聯立解得，，即時間內產生的微粒可直達A板（3）在時刻產生的微粒，以加速度向A板加速的時間為，再以大小為的加速度減速運動，經速度減為零（剛好到A板），此后以大小為的加速度向B板加速運動設加速時間為時的位移大小為，則即微粒將打到B板上，不再返回，而時刻產生的微粒到達B板的速度最大，根據動能定理可得解得考點：考查了帶電粒子在交變電場的中的運動【名師點睛】帶電粒子在電場中的運動，綜合了靜電場和力學的知識，分析方法和力學的分析方法基本相同．先分析受力情況再分析運動狀