天津市濱海新區2024屆高二物理第一學期期中經典試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為滑動變阻器的示意圖，下列說法中正確的是()A．a和b串聯接入電路時，P向右移動電流增大B．b和c串聯接入電路時，P向右移動電流減小C．b和d串聯接入電路時，P向右移動電流增大D．a和c串聯接入電路時，P向右移動電流增大2、如圖所示，杯子靜置于水平桌面上，杯子對桌面的壓力為F1，桌面對杯子的支持力為F2．下列說法正確的是（）A．F1就是杯子所受的重力 B．F1與F2的大小不相等C．F1與F2是一對平衡力 D．F1與F2是一對作用力與反作用力3、如圖所示，兩個固定的等量異種電荷，在它們連線的垂直平分線上有a、b、c三點，則A．a點電勢比b點高B．a、b兩點場強方向可能不同C．a、b、c三點與無窮遠處電勢相等D．一帶電粒子（不計重力）在a點無初速釋放，則它將在a、b連線上運動4、如圖為圓盤發電機的示意圖，銅盤繞水平的銅軸C在垂直于盤面的勻強磁場中轉動，銅片D與銅盤的邊緣接觸，銅盤、導線和電阻R連接組成電路，則（）A．轉動過程電能轉化為機械能B．C處的電勢比D處高C．通過R的電流方向從B向AD．產生的電動勢大小與角速度ω無關5、下列單位是電容單位的是（）A．安培 B．伏特 C．法拉 D．瓦特6、一個電流表的滿偏電流，內阻．要把它改裝成一個量程為0—6V的電壓表，則應在電流表上（）A．串聯一個1900Ω的電阻 B．并聯一個1900Ω的電阻C．并聯一個2000Ω的電阻 D．串聯一個2000Ω的電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的虛線為電場中的三個等勢面，三條虛線平行且等間距，電勢值分別為10V、19V、28V，實線是僅受電場力的帶電粒子的運動軌跡，A、B、C是軌跡上的三個點，A到中心虛線的距離大于C到中心虛線的距離，下列說法正確的是()A．粒子在三點受到的靜電力方向相同B．粒子帶正電C．粒子在三點的電勢能大小關系為EpC>EpB>EpAD．粒子從A運動到B與從B運動到C，靜電力做的功可能相等8、在真空中有兩個點電荷，要使它們間的庫侖力增大到原來的４倍，下面方法中可行的是：A．保持距離不變，兩個點電荷的電量都加倍； B．只增大距離到原來的兩倍；C．只減小距離到原來的一半； D．電量和距離都增大到原來的兩倍．9、如圖所示，兩根平行光滑金屬導軌固定在同一水平面內，其左端接有定值電阻R，建立ox軸平行于金屬導軌，在m的空間區域內存在著垂直導軌平面向下的勻強磁場，磁感應強度為B。金屬棒ab在外力作用下從處沿導軌向右運動，其速度v與位移x之間具有依賴關系，ab始終與導軌垂直并接觸良好，金屬棒的電阻也為R，不計導軌電阻。設在金屬棒從m處，經m到m的過程中，則金屬棒在x1、x2、x3處A．電流之比為4：3：2B．金屬棒兩端的電壓之比為6：4：3C．電阻R上的功率之比為16：9：4D．金屬棒受到的安培力之比為6：4：310、一個表頭并聯一個電阻R就改裝成了一個大量程的電流表。把改裝后的電表和一個標準電流表串聯后去測量電流，發現標準電表的讀數為1A，改裝電表的讀數為0.9A。為了使改裝表準確，下列說法正確的是（）A．在R上并聯一個大電阻B．在R上串聯一個小電阻C．將R的阻值稍微變大D．將R的阻值稍微變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在如圖所示的電路中，R1＝1Ω，R2＝R3＝4Ω，當開關S接a時，R2上消耗的電功率為PR2=4W，當開關S接b時，電壓表示數為U1=4.5V，試求：（1）開關S接a時，通過電源的電流和電源兩端的電壓；（2）當開關S接c時，通過R2的電流．12．（12分）利用電流表和電壓表測定一節干電池的電動勢和內電阻，要求盡量減小實驗誤差．(1)應該選擇的實驗電路是圖中的______（選填“甲”或“乙”）．(2)現有開關和導線若干，以及以下器材：A．電壓表（0-15V）B．電壓表（0-3V）C．滑動變阻器(0-50ΩD．滑動變阻器(0-500ΩE.電流表(0-0.6A)F、電流表（0-3A）實驗中電壓表應選用______；電流表選應用______，滑動變阻器應選用______(選填相應器材前的字母)(3)采用甲電路測量，誤差情況是E測____E真，r測_____r真；采用乙電路測量，誤差情況是E測_____E真，r測_______r真選填“>”、“<”或“=”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來兩板不帶電，上極板接地，它的極板長L=0.1m，兩極板間距離d=0.4cm,有一束相同微粒組成的帶電粒子流以相同的初速度從兩板中央平行于極板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒所帶電荷立即轉移到下極板且均勻分布在下極板上。已知微粒質量m=1.0×10-6kg，電量q=+1.0×10-8C，電容器電容C=1.0×10-6F，若第一個粒子剛好落到下板中點O處，取g=10m/s1．試求：（1）則帶電粒子入射初速度的大小；（1）最終落到下極板上的微粒個數。14．（16分）電磁炮是一種理想的兵器，它的主要原理如圖所示.1982年澳大利亞國立大學制成了能把2.2g的彈體(包括金屬桿EF的質量)加速到10km/s的電磁炮(常規炮彈的速度約為2km/s)，若軌道寬2m，長為100m，通過的電流為10A，試問軌道間所加勻強磁場的磁感應強度是多大？(軌道摩擦不計)15．（12分）電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中有一絕緣軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R=0.2m的光滑圓軌道，軌道的AB部分水平且與BC相切。AB長度為2R，一質量m=0.1kg，帶電量為q=+10-4C的小球，與水平軌道間的動摩擦因數為0.5，由A點靜止釋放后，求:(g=10m/s2)(1)小球到達B點所用的時間(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析:當a和b接入電路時，接入電路的電阻為ab的全部電阻，其長度不變，當P向右滑動時，電阻不變，電流不變．故A錯誤；當b和c接入電路時，接入電路的電阻為Pb部分的電阻，P向右滑動時，其長度減小，接入電路的電阻減小，電流變大，故B錯誤；當b和d接入電路時，接入電路的電阻為Pb部分的電阻，P向右滑動時，其長度減小，接入電路的電阻減小，電流變大，故C正確；當a和c接入電路時，接入電路的電阻為aP部分的電阻，P向右滑動時，其長度增大，接入電路的電阻增大，電流變小，故D錯誤．考點：滑動變阻器2、D【解題分析】A、重力的施力物體是地球，所以不是重力，故A錯誤；

B、力和力是等大，反向，共線，作用于兩個物體，是一對作用力和反作用力，不是平衡力，故D正確，BC錯誤．點睛：本題主要考察了作用力與反作用力，及平衡力的區別與聯系，要注意明確二者的區別主要在于所涉及的物體，平衡力是一個物體，而作用力和反作用力是兩個物體．3、C【解題分析】試題分析：根據等量異種電荷的電場和電勢的分布情況可以知道，在它們連線的垂直平分線上的點的電勢都是零，并且垂直平分線上所有的點的電場的方向都是平行的，由此可以判斷電場和電勢的變化的情況．A、兩個等量異種電荷的電場中，在它們連線的垂直平分線上的點的電勢都是零，所以a、b、c三點的電勢都相等為零，所以A錯誤．B、兩個等量異種電荷的電場中，垂直平分線上所有的點的電場的方向都是平行的，所以B錯．C、由A的分析可以知道C正確．D、垂直平分線上所有的點的電場的方向都是平行的，電場的方向是在水平方向的，所以電荷不能在a、b連線上運動，應該是在水平方向運動，所以D錯誤．故選C．考點：點電荷的場強；電場強度；電勢．點評：本題關鍵是要明確兩個等量異種電荷連線的中垂線上的場強分布情況和電勢分布情況．4、C【解題分析】圓盤在外力作用下切割磁感線，從而產生感應電動勢，出現感應電流，因此轉動過程中將機械能轉化為電能，故A錯誤；根據右手定則可知，電流從D點流出，流向B點，因此電流方向為從B向A，由于圓盤在切割磁感線，相當于電源，所以C處的電勢比D處低，故B錯誤，C正確；根據法拉第電磁感應定律，則有E=BLV=BL2ω，所以產生的電動勢大小與角速度ω有關，故D錯誤；故選C．點睛：本題是右手定則和法拉第電磁感應定律的綜合應用，基本題，考查對實驗原理的理解能力，同時注意切割磁感線相當于電源，內部電流方向是從負極到正極．5、C【解題分析】

A．安培是電流的單位．故A錯誤；B．伏特是電壓、電勢差的單位．故B錯誤；C．法拉是電容的單位．故C正確；D．瓦特是功率的單位．故D錯誤。故選C。6、A【解題分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯分壓電阻，串聯電阻阻值，故A正確，BCD錯誤；故選A．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

根據電場線垂直于等勢面可知，粒子在三點受到的靜電力方向相同，故A正確；由粒子的運動軌跡得知，所受靜電力垂直等勢面向左下，而電場方向垂直等勢面向右上，則粒子帶負電，故B錯誤；A、B、C三點電勢大小關系為φA＞φB＞φC，因粒子帶負電，根據Ep=qφ有EpA＜EpB＜EpC，故C正確；根據靜電力做功W=qU，A、B兩點之間的電勢差大于B、C兩點之間的電勢差，則WAB＞WBC，故D錯誤．故選AC．【題目點撥】解決本題要掌握勻強電場的電場線、等勢面分布的特點，知道物體做曲線運動時合力指向軌跡彎曲內側，并能靈活運用這些知識分析帶電粒子在電場中運動的問題．8、AC【解題分析】

設兩個點電荷的電荷量分別為Q1、Q2，它們之間的距離為r，根據庫侖定律得：它們之間的庫侖力為，保持電荷間的距離不變，使每個點電荷的帶電荷量都增大到原來的2倍，則．故A正確；點電荷的帶電荷量不變，使兩點電荷間的距離增大到原來的2倍，它們之間的庫侖力，故B錯誤．保持點電荷的帶電荷量不變，將兩點電荷間的距離減小為原來倍，它們之間的庫侖力，故C正確．使兩點電荷的帶電荷量和兩點電荷間的距離同時增大到原來的2倍，它們之間的庫侖力，故D錯誤．故選AC．9、BD【解題分析】

A．根據速度v與位移x之間具有依賴關系：可知金屬棒在x1、x2、x3處的速度分別為,,；根據：可知電流之比等于速度之比，故金屬棒在x1、x2、x3處電流之比為：故A錯誤.B．設金屬棒兩端的電壓為U，則根據：可知金屬棒兩端的電壓之比等于電流之比6：4：3，故B正確.C．電阻R上消耗的功率為：故R上的功率之比為：故C錯誤D．根據：可知安培力之比等于電流之比6：4：3，故D正確.10、BC【解題分析】

改裝后的電流表示數比標準電流表示數小，說明與電流表表頭并聯的分流電阻分流太大，分流電阻阻值較小，為使電流表讀數準確，應增大與表頭并聯的分流電阻阻值，所以將R的阻值稍微變大或在原分流電阻R上再串聯一個較小的電阻，故BC正確，故AD錯誤。【題目點撥】根據分流原理以及誤差情況即可明確如何調節接入電阻。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）4V（2）6V，2Ω（3）4W【解題分析】(1)K接a時，R1被短路，外電阻為R2，根據電功率公式可得通過電源電流A電源兩端電壓V（3分）(2)K接a時，有E=U1+I1r=4+r①K接b時，R1和R2串聯,R′外=R1+R2="6"Ω通過電源電流I2＝A這時有：E=U2+I2r=4.5+0.75r②解①②式得：E="6"Vr＝2Ω（3分）(3)當K接c時，R總=R1+r+R23="6"Ω總電流I3＝E/R總="1"A通過R2電流I＇＝I3="0.5"A（4分）12、甲BEC<<=>【解題分析】

(1)根據實驗原理及誤差分析可選擇合適的電路圖;(2)根據電源的電動勢選擇電壓表；同時選擇對應的電流表；根據內阻的大小選擇滑動變阻器;(3)分別對兩電路進行分析，再根據誤差形成原因分析誤差.【題目詳解】(1)干電池內阻較小，為了減小誤差應采用相對電源的電流表外接法；故應選擇甲圖；(2)因電源的電動勢為1.5V，故電壓表應選擇B；因電流較小，因此電流表應選擇E；內阻約為幾歐姆，故滑動變阻器選擇C；(3)甲圖中由于電壓表的分流，使電流測量值小于真實值，而電壓表示數是準確的，當電路短路時，電壓表的分流可以忽略不計，故短路電流為準確的，則圖象應以短流電流向左下移動，故圖象與縱坐標的交點減小，圖象的斜率減小，故電動勢減小，內阻小于真實值；乙圖中由于電流表的分壓作用，使電壓表測量值小于真實值，而電流表示數準確；當外電路斷開時，電流表分壓可以忽略，此時電壓表示數為電動勢，故電動勢是準確的；圖象與縱軸的交點準確，由于電壓值偏小，故整體圖象左移，圖象的斜率變大，故電阻偏大；【題目點撥】本題考查測量電動勢和內阻的實驗，要注意掌握該實驗中如何減小實驗誤差，并能正確選擇實驗儀器.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5m/s

（1）600個【解題分析】試題分析：根據粒子做平拋運動的規律，運用運動的合成與分解，并依據運動學公式，即可求解；根據牛頓第二定律，結合電場力表達式和運動學公式，即可求解。（1）設粒子打在下極板中點的初速度分別為v0，粒子在電場中做平拋運動偏轉位移：水平方向：