2023年廣東省肇慶市懷集中學高二物理第一學期期末預測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示電路中，電池均相同，當電鍵S分別置于a、b兩處時，導線MM′與NN′之間的安培力的大小分別為Fa、Fb，則這兩段導線（）A.相互吸引，Fa＞FbB.相互排斥，Fa＞FbC.相互吸引，Fa＜FbD.相互排斥，Fa＜Fb2、如圖所示為電流天平，可用來測量勻強磁場的磁感應強度。天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，線圈匝數為N，水平邊長為L，線圈的下部處在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面。當線圈中通有電流I(方向如圖)時，在天平左、右兩邊加上質量分別為m1、m2的砝碼，天平平衡。當電流反向（大小不變）時，左邊再加上質量為m的砝碼后，天平重新平衡。由此可知（）A.磁感應強度的方向垂直紙面向里，大小為B.磁感應強度方向垂直紙面向里，大小為C.磁感應強度的方向垂直紙面向外，大小為D.磁感應強度的方向垂直紙面向外，大小為3、下列設備工作時，沒有利用電磁波的是A.移動電話通話 B.收音機接收廣播電臺信號C.電動機通電后正常運轉 D.雷達發現飛機4、兩根長直通電導線互相平行，電流方向相反，它們的截面處于一個等邊三角形ABC的頂點A和B處，如圖所示。兩通電導線在C處的磁場的磁感應強度的值都是B，則C處磁場的總磁感應強度是（）A.2B B.BC.0 D.B5、如圖所示，邊長為L的正方形導線框abcd處于磁感應強度為B0的勻強磁場中，bc邊與磁場右邊界重合．現發生以下兩個過程：一是僅讓線框以垂直于邊界的速度ν勻速向右拉出磁場：二是僅使磁感應強度隨時間均勻變化．若導線框在上述兩個過程中產生的感應電流大小相等，則磁感應強度的變化率為A. B.C. D.6、關于導體的電阻的表達式和，下面說法不正確的是A.金屬導體的電阻與加在導體兩端的電壓成正比，與通過的電流成反比B.金屬導體的電阻與導體長度、橫截面積和材料有關C.一般情況下，金屬導體的電阻隨工作環境溫度的變化而變化D.對于給定的一段金屬導體來說，在恒溫下比值是恒定的，導體電阻不隨U或I的變化而變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、根據外媒某軍事雜志一篇關于中國航母的報道，其猜測中國自行設計建造的第三代國產航母將采用電磁彈射裝置．航母上飛機彈射起飛所利用的電磁驅動原理如圖所示．當固定線圈上突然通過直流電流時，線圈左側的金屬環被彈射出去．則下列說法正確的是（）A.合上開關S的瞬間，從右側看環中產生沿順時針方向的感應電流B.金屬環被向左彈射的瞬間，還有擴張的趨勢C.若將金屬環置于線圈的右側，環將不能彈射出去D.若將電池正、負極調換后，金屬環彈射方向仍然向左8、如圖所示電源的路端電壓U隨輸出電流I變化的圖線，圖線1與I軸平行，比較可知A.三個電源的電動勢相同，外電阻相同時輸出電流不同B.三個電源的電動勢相同，電源內阻r3＞r2＞r1C.三個電源的電動勢相同，電源內阻r1＞r2＞r3D.圖線1所表示的電源只是一種近似，實際上不存在9、長為L的水平極板間，有垂直紙面向內的勻強磁場，如圖所示，磁感應強度為B，板間距離為2L，極板不帶電，現有質量為m，電量為q的帶正電粒子不計重力，從左邊極板間中點處垂直磁感線以速度V水平射入磁場，欲使粒子不打在極板上，粒子的速率可以為A. B.C. D.10、如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點，小球在豎直平面內做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b。不計空氣阻力，則（）A.小球帶負電B.電場力跟重力平衡C.小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能減小D.小球在運動過程中機械能不守恒三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組測量一金屬絲的電阻率，除多用電表、刻度尺、螺旋測微器、開關、導線外，還能提供的其它器材規格如下：電流表A1（量程0~0.6A，內阻r1約為0.125Ω）電流表A2（量程0~3A，內阻r2約為0.025Ω）電壓表V（量程0~3V，內阻約為3kΩ）滑動變阻器R1（最大阻值為20Ω）滑動變阻器R2（最大阻值為1750Ω）電源E（電動勢約為3V）（1）在實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其示數如圖所示，則該金屬絲直徑的測量值d=________mm。（2）使用多用電表歐姆擋粗測金屬絲的電阻，倍率選擇“×1”擋，指針位置如圖所示，則該金屬絲的電阻為_______Ω。（3）若采用伏安法測量金屬絲的電阻，為保證電表安全及測量準確、方便，那么電流表應選擇_______（選填A1或A2）；滑動變阻器應選擇_______（選填R1或R2）。（4）采用伏安法測電阻時，測得了多組U、I數據，根據這些數據作出如圖所示的U-I圖像。由此可得金屬絲的電阻R=_______Ω。（保留兩位有效數字）（5）若通過實驗測量獲得了數據：金屬絲的電阻R，金屬絲的長度l，以及金屬絲的直徑d。那么本次實驗得到金屬絲電阻率ρ=_______。12．（12分）小明用如圖所示的裝置研究“電磁感應現象”，螺線管與電流計構成閉合電路，條形磁鐵N極朝下。（1）要想使電流計指針發生偏轉，小明進行了以下4種操作，其中可行的是____（選填選項前的字母）。A.螺線管不動，磁鐵勻速插入或拔出螺線管B.螺線管不動，磁鐵加速插入或拔出螺線管C.磁鐵與螺線管保持相對靜止，一起勻速向上運動D.磁鐵與螺線管保持相對靜止，一起在水平面內做圓周運動（2）在（1）的研究中，小明發現電流計指針偏轉方向會有不同，也就是感應電流方向不同，根據（1）中的操作，那么感應電流方向與下列哪些因素有關_________________（選填選項前的字母）。A.磁鐵的磁性強弱B.磁鐵運動的方向C.磁鐵運動的速度大小D.螺線管的匝數（3）小明又將實驗裝置改造，如圖所示，螺線管A經過滑動變阻器與開關、電池相連構成直流電路；螺線管B與電流計構成閉合電路。螺線管B套在螺線管A的外面。為了探究影響感應電流方向的因素，閉合開關后，以不同的速度移動滑動變阻器的滑片，觀察指針擺動情況；由此實驗可以得出恰當的結論是______（選填選項前的字母）A.螺線管A的磁性變強或變弱影響指針擺動方向B.螺線管A的磁性變強或變弱影響指針擺動幅度大小C.螺線管A的磁性強弱變化快慢影響指針擺動方向D.螺線管A的磁性強弱變化快慢影響指針擺動幅度大小（4）在（3）研究中，閉合開關后，螺線管A的電流穩定時，螺線管B中也存在磁場，但不出現感應電流，這說明什么？___________________________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當電鍵S置于a處時電源為一節干電池電流的方向是M′MNN′，電流大小為由于導線MM′與NN′中電流方向相反故兩段導線相互排斥；當電鍵S置于b處時電源為兩節干電池，電流的方向仍是M′MNN′，由于導線MM′與NN′中電流方向相反故兩段導線相互排斥．又由于電路中燈泡電阻不變，此時電路中電流大小為顯然Ib＞IaMM′在NN′處的磁感應強度Ba＜Bb，應用安培力公式F=BIL可知fa＜fb綜上所述這兩段導線相互排斥fa＜fb故選D。2、D【解析】若磁感應強度的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變為豎直向上，相當于右邊少了兩倍的安培力大小，所以右邊應加砝碼；若磁感應強度的方向垂直紙面向外，開始線圈所受安培力的方向向向上，電流方向相反，則安培力方向反向，變為豎直向下，相當于右邊多了兩倍的安培力大小，需要在左邊加砝碼；有解得故選D。3、C【解析】移動電話是利用無線電波傳遞信號的，利用了電磁波，故A不符合題意；收音機接收無線電波信號，利用了電磁波，故B不符合題意；電動機通電后正常運轉利用電流在磁場中受力規律，沒有應用電磁波，故C符合題意；雷達發現飛機利用了微波信號，故D利用了電磁波，不符合題意．所以選C4、B【解析】根據安培定則可知，導線A在C處產生的磁場方向垂直于AC方向向右，導線B在C處產生的磁場方向垂直于BC方向向左，則磁場在C處相互疊加，根據幾何關系知合磁感強度為B。故選B5、A【解析】僅讓線框以垂直于邊界的速度v勻速向右運動時產生的感應電動勢為E=BLv；僅使磁感應強度隨時間均勻變化產生的感應電動勢為，根據感應電流大小相等，感應電動勢大小相等，即可求解【詳解】僅讓線框以垂直于邊界的速度v勻速向右運動時產生的感應電動勢為E1=B0Lv；僅使磁感應強度隨時間均勻變化產生的感應電動勢為；據題線框中感應電流大小相等，則感應電動勢大小相等，即E1=E2．解得，故選A6、A【解析】對于電阻來說，金屬導體電阻等于電壓U與電流I的比值，在一定的溫度下，該比值是不變的，故不能說電阻與電壓成正比，與電流成反比，選項A錯誤，D正確；由可知，金屬導體的電阻與導體長度、橫截面積和材料有關，選項B正確；金屬導體的電阻與溫度有關，故金屬導體的電阻隨工作環境溫度的變化而變化，選項C正確；因為該題是讓選不正確的，所以該題選A考點：電阻的定義式與決定式二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】楞次定律可以概括為“增反減同”“增縮減擴”“來拒去留”根據這幾句可以判斷電流的方向，面積的變化，甚至環受到力的方向【詳解】A、合上開關S的瞬間，環中突然增加了向右的磁場，根據楞次定律可知：從右側看環中產生沿順時針方向的感應電流，故A對B、穿過環的磁通量增大，根據楞次定律“增縮減擴”可知金屬環被向左彈射的瞬間，還有縮小的趨勢，故B錯；C、只要穿過環的磁通量發生變化，根據“來拒去留”環都會受到力的作用，故C錯；D、根據“來拒去留”在閉合開關的瞬間，環都會受到向左的力作用，與電源正負極無關，故D對；故選AD8、ABD【解析】設電源電動勢為E，內阻為r，則根據閉合電路歐姆定律可得：U=E-Ir；由圖可得：I=0時，U=E，故三個電源的電動勢相同；根據斜率可得：電源內阻r3＞r2＞r1=0，故B正確，C錯誤；外電阻R相同時，輸出電流不同，故A正確；圖線1所表示的電源，電源內阻r1=0，故該理想電源只是一種近似，實際上不存在，故D正確；故選ABD9、AB【解析】根據“欲使粒子不打在極板上”可知，本題考查帶電粒子在有界磁場中運動的問題，根據淪洛倫茲力提供向心力得到粒子做圓周運動的半徑和粒子速度的關系，運用幾何關系求出軌跡半徑，列式計算.【詳解】欲使粒子不打在極板上，如圖所示，帶正電的粒子從左邊射出磁場時，其在磁場中圓周運動的半徑.粒子在磁場中做圓周運動由洛倫茲力提供向心力，即：可得粒子做圓周運動的半徑：所以粒子不打到極板上且從左邊射出，則：即：.帶正電的粒子從右邊射出，如圖所示，此時粒子的最小半徑為r，由上圖可知：；可得粒子圓周運動的最大半徑：則：，即：故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度必須滿足或，故A、B正確，C、D錯誤；故選AB.【點睛】帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，需要找圓心，畫軌跡，求半徑，算時間.10、BD【解析】AB．小球在豎直平面內做勻速圓周運動，合外力提供向心力。由題意可知，重力和電場力等大反向，相互抵消，細繩的拉力提供向心力，則小球帶正電，A錯誤，B正確；C．小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，電勢能增加，C錯誤；D．小球運動過程中電場力要做功，則機械能不守恒，D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.383（0.381～0.386之間均可）②.5.0③.A1④.R1⑤.4.8（4.6～5.0之間均可）⑥.【解析】（1）[1]．該金屬絲直徑的測量值d=0.01mm×38.3=0.383mm。（2）[2]．該金屬絲的電阻為5×1Ω=5.0Ω。（3）[3][4]．電路中可能出現的最大電流，則電流表選擇A1；滑動變阻器選擇R1。（4）[5]．由圖像可知：（5）[6]．由解得12、①.AB②.B③.AD④.螺線管B中磁通量不變，則無感應電流產生【解析】(1)[1]A．螺線管不動，磁鐵勻速插入或拔出螺線管，穿過線圈的磁通量發生變化，根據楞次定律可知，在螺線管中會產生感應電流，即電流計指針發生偏轉，故A正確；B．螺線管不動，磁鐵加速插入或拔出螺線管，穿過線圈的磁通量發生變化，根據楞次定律可知，在螺線管中會產生感應電流，即電流計指針發生偏轉，故B正確；C．磁鐵與螺線管保持相對靜止，一起勻速向上運動，穿過線圈的磁通量不變，根據楞次定律可知，在螺線管中不會產生感應電流，即電流計指針不發生偏轉，故C錯誤；D．磁鐵與螺線管保持相對靜止，一起在水平面內做圓周運動，穿過線圈的磁通量不變，根據楞次定律可知，在螺線管中不會產生感應電流，即電流計指針不發生偏轉，故D錯誤。故選AB。(2)[2]根據（1）中的操作可知，在磁鐵插入或拔出螺線管時，電流計指針偏轉方向不同，說明，感應電流方向與磁鐵運動方向有關，故B正確。故選B。(3)[3]AB．螺線管A的磁性變強或變弱時，穿過線圈B的磁通量變大或變小，由楞次定律可知，線圈B中產生的感應電流方向相反，所以螺線管A的磁性變強或變弱影響指針擺動方向，故A正確，B錯誤；CD．螺線管A的磁性強弱變化越快，由法