上海市香山中學物理高一上期末質量檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示．用一根橡皮筋水平拉置于粗糙水平桌面上的杯子．杯子始終保持靜止狀態．不計橡皮筋與杯子把手間的摩擦．下列說法正確的是A.若θ角不變，逐漸增大F，杯子所受摩擦力保持不變B若F大小不變，逐漸增大θ角，杯子所受摩擦力逐漸增大C.若θ角與F大小不變，往杯子中加水，杯子所受摩擦力增大D.要剛好拉動杯子，θ角越大時，則F也越大2、體育課上老師教大家拍球，球從1.5m高處落下，又被地板彈回，在離地1m處被接住，則球通過路程和位移的大小分別是（）A.2.5m，2.5m B.2.5m，0.5mC.1.5m，1m D.1.5m，0.5m3、如圖所示，家用樓梯升降椅可以沿著傾斜的直軌道運動，方便行動困難的老人上下樓．以下說法正確的（）A.升降椅加速上升時，人處于失重狀態B.升降椅減速上升時，人處手失重狀態C.升降椅勻速上升時，升降椅對人的作用力沿樓梯斜向上D.升降椅加速上升時，升降椅對人的作用力沿樓梯斜向上4、如圖所示為某物體運動的v-t圖象，圖中有，則下列說法正確的是（）A.該物體正在做曲線運動B.該物體做的是勻加速直線運動C.該物體的速度越來越大D.該物體的加速度越來越大5、傾角為α=30°、質量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質量為m的木塊靜止在斜面體上，下列結論正確的是（）A.木塊受到的摩擦力大小是mgB.木塊對斜面體的壓力大小是mgC.桌面對斜面體的摩擦力大小是mgD.桌面對斜面體的支持力大小是(M+m)g6、甲、乙兩車在同一水平道路上，一前一后相距x＝6m，乙車在前，甲車在后，某時刻兩車同時開始運動，兩車運動的過程如圖所示，則下列表述正確的是()A.當t＝4s時兩車相遇B.當t＝4s時甲車在前，乙車在后C.兩車有兩次相遇D.兩車有三次相遇7、如圖所示，質量為m物體在恒力F作用下沿水平地面做勻速直線運動，物體與地面間動摩擦因數為μ，則物體受到的摩擦力的大小為A.Fsinθ B.μ(mg-Fsinθ)C.Fcosθ D.μ(mg+Fsinθ)8、如圖所示，物體A放在水平桌面上，通過水平細繩繞過光滑定滑輪懸掛一個重為8N的物體B，且已知物體A與桌面間的最大靜摩擦力為3N．要使A靜止，需加一水平向左的力F1，則力F1的取值可以為()A.4NB.7NC.12ND.11N9、如圖所示，一小球被水平細線OA與斜細線OB拉著處于靜止．現將整個裝置以C點為軸在豎直面內逆時針緩慢地轉90o，在此過程中，關于OA、OB繩上的拉力大小FA、FB的變化是A.FA一直變大B.FA先變大后變小C.FB一直變小D.FB先變大后邊小10、有四個單位：m/s2、kg、N、s，下列相關說法正確的是（）A.kg屬于導出單位 B.m/s2屬于導出單位C.單位為“N”的物理量一定是矢量 D.單位為“s”的物理量一定是矢量二、實驗題11、（4分）某實驗小組利用圖甲所示實驗裝置探究加速度與力、質量的關系，所用交變電流的頻率為50Hz。(1)下列關于本實驗的操作中正確的是___A.調節滑輪的高度，使牽引木塊的細線與長木板保持平行B.通過調節木板傾斜度來平衡木塊受到的滑動摩擦力時，需要將小桶通過定滑輪拴在木塊上C.實驗時，應先接通打點計時器的電源再放開木塊D.實驗開始，釋放木塊時，應使木塊離打點計時器適當遠些(2)為使小桶及桶內砝碼的總重力在數值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足小桶及桶內砝碼的總質量__（選填“遠大于”“遠小于”或“近似等于”）木塊和木塊上砝碼的總質量；(3)如圖乙所示是某次實驗得到的紙帶，每相鄰兩計數點間有四個點未畫出。圖中標出的相鄰兩計數點之的時間間隔___s，根據紙帶可求得小車的加速度__。12、（10分）在探究加速度與力、質量的關系實驗中，采用如圖甲所示的裝置（1）本實驗應用的實驗方法是__________A．控制變量法B．假設法C．理想實驗法（2）下列說法中正確的是___________A．在探究加速度與質量的關系時，應改變小車所受拉力的大小B．在探究加速度與外力的關系時，應改變小車的質量C．在探究加速度與質量的關系時，作出圖象容易更直觀判斷出二者間的關系D．無論在什么條件下，細線對小車的拉力大小總等于砝碼盤和砝碼的總重力大小（3）在探究加速度與力的關系時，若取車的質量M＝0.5kg，改變砝碼質量m的值，進行多次實驗，以下m的取值最不合適的一個是____________A．m1＝4gB．m2＝10gC．m3＝40gD．m4＝500g（4）在平衡小車與長木板之間摩擦力的過程中，打出了一條紙帶如圖乙所示．計時器打點的時間間隔為0.02s．從比較清晰的點起，每5個點取一個計數點，量出相鄰計數點之間的距離，根據圖中給出的數據求出該小車的加速度a=___m/s2（結果保留兩位有效數字）（5）如圖所示為甲同學在探究加速度a與力F的關系時，根據測量數據作出的a-F圖象，說明實驗存在的問題是________三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，小木塊靜止在傾角為30°的斜面上．在沿斜面向上的恒定外力F作用下，從A點開始做勻加速運動，前進0．45m抵達B點時，立即撤去外力．此后小木塊又前進0.15m到C點，速度減小為零，已知木塊與斜面間的動摩擦因數木塊的質量m＝1kg．取g＝10m/s2，計算（1）木塊向上經過B點時速度的大小（2）木塊在AB段所受外力F大小14、（14分）如圖所示，光滑水平面上放有光滑直角斜面體，傾角θ=30°，質量M=2.5kg．平行于斜面的輕質彈簧上端固定，下端與質量m=1.5kg的鐵球相連，靜止時彈簧的伸長量Δl0=2cm.重力加速度g取10m/s2．現用向左的水平力F拉著斜面體向左運動，鐵球與斜面體保持相對靜止，當鐵球對斜面體的壓力為0時，求：(1)水平力F的大小；(2)彈簧的伸長量Δl。15、（13分）如圖1所示，物體A靜止放在足夠長的木板B上，木板B靜止于水平面．已知A的質量mA=2.0kg，B的質量mB=3.0kg，A、B之間的動摩擦因數μ1=0.2，B與水平面之間的動摩擦因數μ2=0.1，最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小視為相等，重力加速度g取10m/s2．若t=0開始，木板B受F1=18N的水平恒力作用，t=1s時將F1改為F2=3N，方向不變，t=3s時撤去F2（1）木板B受F1=18N的水平恒力作用時，A、B的加速度大小aA、aB各為多少？（2）從t=0開始，到A、B都最終停止運動，求A、B運動的總時間分別是多少？（3）請以縱坐標表示A受到B的摩擦力fA，橫坐標表示運動時間t（從t=0開始，到A、B都靜止），取運動方向為正方向，在圖2中準確畫出fA-t的關系圖線（標出對應點橫、縱坐標的準確數值，以圖線評分，不必寫出分析和計算過程）

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】A．同一根橡皮筋上的拉力大小處處相等，若θ角不變，逐漸增大F，根據力的平行四邊形法則可知杯子所受拉力增大，杯子保持靜止，則杯子受到的靜摩擦力變大，A錯誤；B．若F大小不變，逐漸增大θ角，根據力的平行四邊形法則可知杯子所受拉力減小，杯子保持靜止，杯子所受摩擦力減小，B錯誤；C．若θ角與F大小不變，杯子所受拉力不變，杯子保持靜止，杯子所受摩擦力不變，C錯誤；D．要剛好拉動杯子，拉力和最大靜摩擦力大小相等，拉力大小一定，根據力的平行四邊形法則可知θ角越大時則F也越大，D正確。故選D。2、B【解析】球從1.5m高處落下，被地板彈回，在離地1m處被接住，則球通過的路程是2.5m，球通過的位移的大小是0.5m，故B項正確，ACD三項錯誤。故選B。3、B【解析】當物體的加速度豎直向上或有豎直向上的分量時，物體處于超重狀態，當物體的加速度豎直向下或有豎直向下的分量時，物體處于失重狀態；對支撐物的壓力或對懸掛物的拉力小于物體的重力時物體處于失重狀態；對支撐物的壓力或對懸掛物的拉力大于物體的重力時物體處于超重狀態．重力的大小與運動的狀態無關【詳解】A．升降椅加速上升時，加速度向上，人處于超重狀態，故A錯誤；B．當升降椅減速上升時，加速度向下，人處于失重狀態，故B正確；C．當升降椅勻速上升時，人處于平衡狀態，升降椅對人的力與人受到的重力平衡，豎直向上，故C錯誤；D．升降椅加速上升時，升降椅對人的作用力為支持和摩擦力，合力斜向上，但不沿樓梯，因為和重力三力的合力才沿樓梯向上，故D錯誤故選B【點睛】本題掌握超重或失重的概念和特點是解決這類題目的關鍵；明確加速度向下物體即失重；加速度向上，物體即超重，但無論超重還是失重，物體的重力均不變4、C【解析】A．物體運動的v-t圖象中，速度v有正有負，所以只能表示直線運動，不能表示曲線運動，所以A錯誤；BD．根據加速度的定義由圖中有但是所以物體運動過程中，加速度是變化的，即所以物體做加速度逐漸減小的加速運動，所以BD錯誤；C．由圖象可知，隨著時間的推移，速度在逐漸增大，所以C正確。故選C。5、D【解析】A．先對木塊m受力分析，受重力mg、支持力N和靜摩擦力f，根據平衡條件，有：f=mgsin30°=mg選項A錯誤；B．木塊對斜面體的壓力大小是N=mgcos30°=mg選項B錯誤；CD．對M和m整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面對斜面體的支持力為N=（M+m）g，靜摩擦力為零，故C錯誤，D正確；故選D。6、BD【解析】根據圖象與時間軸圍成的面積可求出兩車的位移，可確定何時兩車相遇．能夠根據兩車的運動過程，分析兩車在過程中的相對位置，判斷能相遇幾次【詳解】速度圖線與時間軸圍成的面積表示位移，則知當t=4s時，甲的位移大于乙的位移，0-4s，甲的位移為x甲=×（16+8）×4m=48m，乙的位移為x乙=×（12+8）×4m=40m，位移之差△x=x甲-x乙=8m．開始時，甲、乙兩車在同一水平道路上，一前一后相距x=6m，由此可知，t=4s時，甲車在前，乙車在后，相距2m．故A錯誤，B正確．t=4s時，甲車在前，乙車在后，所以兩車第一次相遇發生在4s之前．當t=6s時，甲的位移為×（16+4）×6m=60m，乙的位移為×（12+6）×6m=54m，位移之差等于6m，而兩車是從開始出發時，甲、乙兩車在同一水平道路上，一前一后相距x=6m，所以當t=6s時兩車第二次相遇；t=6s后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s后，由于甲的速度大于乙的速度，兩車還會發生第三次相遇，故C錯誤，D正確．故選BD【點睛】速度-時間圖象中要注意觀察三點：一點，注意橫縱坐標的含義；二線，注意斜率的意義；三面，速度-時間圖象中圖形與時間軸圍成的面積為這段時間內物體通過的位移7、CD【解析】對物體受力分析如圖，由于勻速運動所以物體所受的合力為零，在水平方向有摩擦力f=Fcosθ，所以C正確，A錯誤；再由f=μFN，FN=mg+Fsinθ可知，摩擦力f=μ（mg+Fsinθ），所以D正確B錯誤．故選CD【點睛】解決動力學問題關鍵是正確進行受力分析，根據物體的運動狀態，結合正交分解法列方程求解8、BD【解析】先隔離B受力分析根據平衡條件求出繩子拉力大小，然后隔離A受力分析，當與繩子拉力的合力小于等于最大靜摩擦力物體即可保持靜止；【詳解】A、當，摩擦力為，即物體不可能靜止，故A錯誤；B、當時，摩擦力為，物體仍能靜止，且靜摩擦力的方向向左，故B正確；C、當，摩擦力為，即物體不可能靜止，故C錯誤；D、當時，摩擦力為，即剛好達到最大值且方向向右，物體恰好靜止不動，故D正確【點睛】解決本題的關鍵靜摩擦力大小和方向的可變性，也可以判斷出臨界情況的靜摩擦力的方向和大小然后根據平衡條件求解出的范圍然后選擇9、BC【解析】整個裝置在紙面內緩慢轉動，裝置在每個位置都處于狀態．以小球為研究對象，設繩與豎直方向的夾角，根據平衡條件，得到BO繩中的拉力FB和OA繩中的拉力FA與夾角的函數關系，再分析拉力如何變化【詳解】兩繩拉住球處于靜止狀態，緩慢逆時針轉動整個裝置時兩繩的夾角不變設為，OA繩與豎直方向的夾角為α，則OB繩與豎直方向的夾角為θ-α.根據平衡條件，得FAsinα=FBsin(θ-α)，FAcosα+FBcos(θ-α)=G解得:，因θ不變，α由90°變到0°，根據數學知識，得FA先變大后變小，FB逐漸減小，當α=0°時FB=0.故A，D錯誤，B，C正確.故選BC.【點睛】本題屬于動態變化分析問題，采用的是函數法；也可以用作圖法求解，如圖所示：作圖時要抓住不變的量，它是作圖的依據.10、BC【解析】AB．kg屬于基本單位，m/s2屬于導出單位，故A錯誤，B正確；C．單位為“N”的物理量是力，是矢量，故C正確；D．單位為“s”的物理量是時間，是標量，故D錯誤。故選BC。二、實驗題11、①.AC②.遠小于③.0.1④.0.51【解析】(1)[1]A。調節滑輪的高度，使牽引木塊的細線與長木板保持平行，從而保證細繩的拉力等于小車的牽引力，選項A正確；B．通過調節木板傾斜度來平衡木塊受到滑動摩擦力時，不要將小桶通過定滑輪拴在木塊上，只讓小車拖著紙帶在木板上運動，選項B錯誤；C．實驗時，應先接通打點計時器的電源再放開木塊，選項C正確；D．實驗開始，釋放木塊時，應使木塊離打點計時器適當近些，以充分利用紙帶，選項D錯誤。故選AC。(2)[2]按照教材上理論若以砝碼桶及砝碼作為小木塊的外力，則有

，而實際實驗過程中砝碼桶及砝碼也與小木塊一起做勻加速運動，即對砝碼桶及砝碼有mg-T=ma對小木塊有T=Ma綜上有只有當m?M時，才能認為T=mg，從而有效的保證實驗的準確性；(3)[3][4]相鄰兩點之間的時間間隔為T=0.1s；根據可得小車的加速度12、①.A②.C③.D④.0.16⑤.平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力【解析】（1）該實驗是探究加速度與力、質量的三者關系，研究三者關系必須先使某一個量不變化，研究另外兩個量之間的變化關系，即運用控制變量法，故選A；（2）在探究加速度與質量的關系時，應保持小車所受拉力的大小不變，改變小車的質量，A錯誤；在探究加速度與外力的關系時，應保持小車的質量不變，改變小車所受拉力的大小，B錯誤；在探究加速度與質量的關系時，作出圖象是直線，容易更直觀判斷出二者間的關系，C正確；當不滿足的條件時，細線對小車的拉力大小就不能近似等于砝碼盤和砝碼的總重力大小，D錯誤；故選C；（3）實驗時要求小車質量M要遠遠大于砂及砂桶的質量m，D中M與m相等，所以D最不合適；（4）根據得：；（5）圖中圖象與橫軸的截距大于0，說明在拉力大于0時，加速度等于0，說明物體所受拉力之外的其他力的合力大于0，即沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【點睛】要真正掌握了實驗原理才能順利解決此類實驗題三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、(1)1.5m/s(2)10N【解析】（1）撤去外力后，小木塊做勻減速運動從B運動到C，加速度大小為所以有代入可解得（2）設外加恒力為F則剛開始從A運動到B的加速度為剛開始是做勻加速直線運動，故有：代入數據可求得：F=10N14、（1）40N（2）8cm【解析】斜面M、物體m在水平推力作用下一起加速，由牛頓第二定律可求出它們的加速度，然后結合質量可算出物體m的合力，最后利用物體的重力與合力可求出F和彈簧的彈力【詳解】(1)當鐵球與斜面體一起向左加速運動，對斜面體壓力為0時，彈簧拉力為T，鐵球受力如圖:由平衡條件、牛頓第二定律得：對鐵球與斜面體整體，由牛頓第二定律得：聯立以上兩式并代入數據得：(2)鐵球靜止時，彈簧拉力為T0，鐵球受力如圖:由平衡條件得：由胡克定律得：聯立以上兩式并代入數據得：【點睛】從整體與隔離兩角度對研究對象進行受力分析，同時掌握運用牛頓第二定律解題方法15、（1）2m/s2；3m/s2（2）4.8s（3）如圖；【解析】（1）根據牛頓第二定律分別對A和B進行分析可得A、B的加速度；（2）求出t1=1s時，A、B的速度，F1改為F2=3N后，求得B的加速度，然后求得A、B速度相等即A、B相對靜止時所用的時間t2，即可得到A在B上相對B滑行的時間t=t1+t2=1.25s；在t3=1.75s時間內