2022-2023學年高一下學期期末聯考物理試卷一、單選題1.如圖所示，質量為知的物體從傾角為。的固定斜面的頂端恰好勻速滑下，所用時間為，，下列說法中正確的是（支持力沖量為零A.B.摩擦力沖量大小為m為，，下列說法中正確的是（支持力沖量為零A.B.摩擦力沖量大小為m印sin0重力的沖量大小為mgtsinOD.合力的沖量大小為D.合力的沖量大小為mgt-mgtsin02.一質量為〃的物體，沿半徑為"的向下凹的半圓形軌道滑行，如圖所示，經過最低2.點時的速度為物體與軌道之間的動摩擦因數為〃，則它在最低點時受到的摩擦力為RA.奶bWc.RA.奶bWc.奶g+十）如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時水平拋出，經過時間。在空中相遇，若兩球的拋出速度都變為原來的2倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為（A.tB.A.tB.D.一物體掛在彈簧秤下，彈簧秤的上端固定在沿豎直方向運動的電梯天花板上，在下列四種情況中，彈簧秤的示數大于物體重力的是（）B.電梯勻速上升D.電梯加速下降電梯加速上升B.電梯勻速上升D.電梯加速下降C.電梯減速上升北京時間2021年2月4日，我國在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭，成功將通信技術試驗衛星六號發射升空，衛星進入預定軌道，通信技術試驗衛星主要用于衛星通信、廣播電視、數據傳輸等業務，并開展相關技術試驗驗證。如圖所示，。、b、c、d是在地球大氣層外的圓形軌道上運行的四顆人造衛星，其中。、。的軌道相交于P,b、d在同一個圓軌道上，Rc軌道在同一平面上，某時刻四顆衛星的位置及運行方向如圖所示，下列說法中正確的是（ ）?々一。、。受地球引力大小相等 B."加速不可追上前方衛星人C.b、d兩衛星的線速度相同 D.。、c可能在軌道相交點p相撞6.2018年7月17日，上海中車公司生產的國內最大功率無人通控潛水器在上海下線.該潛水器自重5X10Jkg,主要用來深海打撈和取樣.若某次作業時，潛水器將4X103kg的高密度重物從3000m深的海底勻速提升到海面，已知牽引力的功率恒為180kW,不計水對潛水器的作用，則提升的時間約為（g=10m/s2）0.5X103sB.1.0X103 C.1.5X10%D.2.0X103s7.真空中有三個帶正電的點電荷，它們固定在邊長為匕的等邊三角形的三個頂點上,每個點電荷的電荷量都是G，它們各自所受的靜電力為（ ）8.如圖所示，繩子通過固定在天花板上的定滑輪，左端與套在固定豎直桿上的物體A連接，右端與放在水平面上的物體B相連，到達圖中位置時，繩與水平面的夾角分別為53。、37。兩物體的速率分別為*、*，且此時vA+vB=ym/s*sin37°=0.6>cos37°=0.8o則*的大小為（ ）

A.4nVs B.-m/s C.2m/s D,——m/s3 3二、多選題關于電現象，下列說法中正確的是（）感應起電是利用靜電感應，使電荷從物體的一部分轉移到物體的另一部分的過程帶電現象的本質是電子的轉移，中性物體得到多余電子就一定帶負電，失去電子就一定帶正電當一種電荷出現時，必然有等量異種電荷出現，當一種電荷消失時，必然有等量異種電荷同時消失在手術時，為防止麻醉劑乙醍爆炸，地磚要用導電材料制成，醫生和護士要穿由導電材料制成的鞋子和外套，一切設備要有良好的接地，甚至病人身體也要有良好的接地,這是為了利用靜電有一質點從才軸的坐標原點開始沿才軸正方向做直線運動，其速度隨時間變化的圖象如圖所示，下列四個選項中，其中正確的是（ ）第1秒內和第2秒內的加速度相等第1秒內和第2秒內的位移相等第4秒末質點回到坐標原點2秒時刻質點離坐標原點的距離最遠如圖所示，豎直面內固定的均勻帶電圓環半徑為”，帶電量為+Q,在圓環的最高點用絕緣絲線懸掛一質量為/、帶電量為g的小球（大小不計），小球在垂直圓環平面的對稱軸上處于平衡狀態，小球到圓環中心。距離為退心已知靜電力常量為4,重力加速度為g,則小球所處位置的電場強度為（ ）R

RTOC\o"1-5"\h\zA察 日.色 C.kg D.迤3q q 3々 8/?2如圖所示，兩個小球A、B用長為厶的輕質細繩連接，B球穿在光滑水平細桿上，初始時刻，細繩處于水平狀態。已知A球的質量為mB球的質量為2〃，兩球均可視為質點。將A、B由靜止釋放，不計空氣阻力，重力加速度為g,下列說法正確的是（ ）B球向右運動的最大位移為B球向右運動的最大位移為￡B球運動的最大速度為應B球運動的最大速度為吏蟲3三、實驗題天宮課堂中，我國航天員演示了用動力學原理測質量的實驗。受此啟發，某同學設計了圖（甲）測量物體質量的實驗裝置：滑塊上固定有條形擋光片與力傳感器，細線的兩端分別連接在傳感器上和槽碼上。當滑塊通過0、0兩個光電門時，光束被遮擋的時間△＜、&2可以被數字計時器測量并記錄。己知擋光片的寬度為D,光電門間的距離為X。（結果保留兩位有效數字）甲甲（1）調節氣墊導軌下面的螺釘，在不掛槽碼的情況下輕推滑塊，如果A4 也2；（選填“二”y或“〉‘‘），說明氣墊導軌已水平；（2） 以下操作能提高實驗精確度的是讓槽碼的總質量遠小于小車的質量選用寬度較小的擋光片進行實驗適當增加兩光電門間的距離（3） 本實驗中，計算滑塊加速度的表達式為年 （用△＜、也2、。、*表示）；（4） 該同學先保持滑塊（包括傳感器及擋光片）的質量』/不變，改變所掛槽碼的質量,多次重復測量，作出a-F圖線如圖乙中I所示，由此可得"=_kg;（5） 在滑塊上固定待測物體0,重復（4）中操作，在圖（乙）中作出a-F圖線II,（1） 供選擇的重物有下列四個，應選擇 ;質量為100g的木球B.質量為10g的硃碼C.質量為lOOOg的重錘D.質量為10g的塑料球（2） 下面列出一些實驗步驟：將重物與紙帶連接好，將紙帶穿過計時器，上端用手提著；將打點計時器固定在鐵架臺上，注意使兩個限位孔在同一豎直線上；用天平稱重物和夾子的質量；先釋放紙帶后再接通電源；用秒表測出重物下落的時間；拆下導線，整理器材；在三條紙帶中選出較好的一條；進行計算得出結論，完成實驗報告；切斷電源，更換紙帶，重新進行三次實驗。對于本實驗以上步驟中，不合理或錯誤的步驟是 ；（填字母）（3）若打點計時器所用電源頻率為50Hz,按實驗要求選用（1）中重物，選出紙帶進行測量，測量得連續三點，、B、。到第一個點的距離如圖所示，從起點。到打下計數點8的過程中重力勢能減少量是AEp= J,此過程中重物動能的增加量厶氏TOC\o"1-5"\h\zJo（g取lOm/一，結果保留三位有效數字）。發現等式兩端不相等，引起此結果的原因可能是 。~O）） A C~I[ "?j [I 70.99cm 78.57cm > 86.59cm >四、解答題俄羅斯將于2029年執行宇航員登陸月球表面任務，意味著可能在與美國展開的重返月球表面太空競賽中略勝一籌。假設月球可視為質量分布均勻的球體，已知引力常最為G，月球自轉周期為A用彈簧測力計在月球赤道測得某物體的重力為在其兩極時的k倍（灰1）,求月球的密度Q。2022年的冬奧會上我國的滑雪項目取得了多枚金牌，運動員們的士氣得到了很大的鼓舞。某運動員在平直雪道上的甲、乙兩地進行滑雪訓練，在某次訓練中，他從甲由靜止開始向前滑行，利用滑雪杖獲得水平推力”，經過力到達點，之后立即撤去盧，滑行由后到達3點，再次用滑雪杖獲得同樣的水平推力氏作用距離為為到達。點，接著再次撤去水平推力后，運動員剛好停在乙點。已知該運動員連同裝備的總質量為護70kg,運動過程中運動員受到阻力大小恒為&=28N,且/M40N,6=ls,6=2s,xfO.25m,求運動員：（1） 運動員從甲地運動到點過程中的速度切的大小；（2） 到達8點時的速度大小；（3） 甲、乙兩地間的距離。k-甲 ABC乙如圖所示，小球B和小球C靜止在光滑水平面上，輕彈簧一端固定在B球上，另一端與C球接觸但未拴接，彈簧處于自然伸長狀態，小球A從光滑圓弧面上距水平地面高力處由靜止滑下，圓弧面與水平地面平滑連接，A球與B球發生彈性正碰，并在碰撞后立即將A球拿走。已知小球A的質量為用，小球B的質量為5〃?，重力加速度為g,求：（1） A球和B球碰撞后瞬間，B球的速度大小；（2） 要使C球能獲得最大動能，C球的質量應為多少？如圖所示，平臺上的小球從力點水平拋出，恰能無碰撞地進入光滑的斜面位；經C點進入光滑水平面⑦時速率不變，最后進入懸掛在。點并與水平面等高的弧形輕質筐內。已知小球質量為〃，A.8兩點高度差為力，況7斜面高2加傾角。=30。，懸掛弧形輕質筐的輕繩長為3加小球可看成質點，弧形輕質筐的重力忽略不計，且其高度遠小于懸線長度，重力加速度為g,試求：（1） 3點與拋出點/!的水平距離*;（2） 小球運動至6?點速度卩c的大小；（3） 小球進入輕質筐后瞬間，輕質筐所受拉力戶的大小。試卷第8頁，共17頁試卷第8頁，共17頁參考答案B【詳解】A.物體所受支持力為N=mgcos0所以支持力的沖量為In=M=rngtcos0A錯誤；由于物體勻速下滑，由平衡條件可得，物體受到的摩擦力為f=mgsin0則摩擦力沖量大小為If=ft=mgtsin0B正確；由公式可得，重力的沖量大小為【g=呻C錯誤；由于物體勻速下滑，動量保持不變，由動量定理可得1公=邱=。即物體所受合力的沖量為零，D錯誤。故選B。C【詳解】在最低點由向心力公式得V2F\—mg=m—R得V2Fx=mg+m—R又由摩擦力公式有Ff="Fs=pm(^-1-—)R故選c。C【詳解】把平拋運動分解成水平方向上的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動，根據運動的獨立性和等時性可知，平拋運動的時間和水平方向上運動的時間相同。由題意可知當速度變為2倍時x_t2v~2故選C。A【詳解】A.當物體的加速度向上時，物體發生超重，彈簧秤的示數大于重力，例如電梯加速上升，A正確；當電梯勻速上升時，彈簧秤的示數等于重力，B錯誤；當電梯減速上升，加速度向下，物體失重，此時彈簧秤的示數小于重力，C錯誤；電梯加速下降時，加速度向下，物體失重，此時彈簧秤的示數小于重力，D錯誤。故選A。B【詳解】A.根據F=G罕,a、c運動半徑相同，質量未知，無法判斷引力大小，A錯誤：d加速做離心運動，會上到高軌道，無法追上前方衛星hB正確；b、d兩衛星的線速度方向不同，C錯誤；公c運動半徑相同，周期也相同，由圖中初始位置可知，a、c不可能在戶點相撞，故D錯誤。故選B。C【詳解】根據動能定理可知：Pt-mgh=O,解得01.5X10%,故選C.D【詳解】某個點電荷分別受到另外兩個點電荷對其的靜電力，兩電荷間的靜電力由庫侖定律可得F=ki兩個靜電力的夾角為60,其合力為2Z^=2Fcos30=gk亀L所以ABC錯誤：D正確；故選D。D【詳解】設此時繩子的速率為『，將A、B的速度分別沿繩的方向和垂直繩的方向分解,如圖所示v=vAsin53°

v=vBcos37°結合20vA+v20vA+vB=ymAB【詳解】A.靜電感應不是創造了電荷，而是電子從一個物體轉移到另一個物體或從物體的一部分轉移到另一部分引起的，故A正確；呈電中性的物體得到電子就一定顯負電性，失去電子就一定顯正電性，B正確；電荷不會憑空產生，也不會憑空消失.只能從一出轉移到另一處，轉移過程中電荷總量不變，以上是“電荷守恒定律”，所以說電荷根本就不會產生或消失。物體不帶電是因為正負電荷中和，整體對外不顯示電性，但正負電荷依舊存在，故C錯誤：靜電會產生火花、熱量，麻醉劑為易揮發性物品，遇到火花或熱源便會爆炸，就象油罐車一樣，在運輸或貯存過程中，會產生靜電，汽油屬于易揮發性物品，所以它的屁股后面要安裝接地線（軟編織地線），以防爆炸，麻醉劑與之同理，是靜電的預防，D錯誤。故選AB。BD【詳解】A.I圖像斜率表加速度，根據圖像可知，第1秒內斜率為正，第2秒內斜試卷第10頁，共17頁率為負，所以加速度大小相等，但方向相反，A錯誤；廣￡圖像與坐標軸圍成的面積表位移，根據圖像可知第1秒內的位移為bn,第二秒內的位移也為Im,B正確；0~2s內的位移為X.=2x2x—m=2m當 22~4s內的位移為x,=2x3x—m=3m- 2由圖像可知，在2~4s內運動方向為負，所以質點在2~4s內向相反方向移動，則從總體來看，質點運動2m后，再往回運動3m,已經超過了坐標原點，C錯誤；2秒時刻質點速度方向改變，開始往回運動，所以在2s末質點的位移達到最大，故2秒時刻質點離坐標原點的距離最遠，D正確。故選BDoBDAB.對小球受力分析如圖所示，小球到圓環中心。距離為7?*,故￡=2吊。二30故由受力分析可知tan30』啤qE故E二也mgq故A錯誤B正確；CD.小球處于圓環上的電荷所形成的電場中，由于圓環不能視為點電荷，可以取圓環上一小部分Ax,這部分電荷看視為點電荷，其電荷量為gk,它在小球所做位置產生的電場強度試卷第14頁，共17頁試卷第14頁，共17頁試卷第12頁，共17頁試卷第12頁，共17頁Ei=k根據對稱性，圓環上所有電荷產生的場強cos。cos。故故C錯誤D正確。故選BDoAD【詳解】AB.對于A、B組成的系統，當A球擺到B球的左側，細繩再次處于水平狀態時，B球有向右的最大位移，此時對系統有—-—=0,xA+xb=2L解得B球向右運動的最大位移為A正確，B錯誤;CD.當A球擺到B球正下方時，B球的速度最大，在水平方向上由動量守恒定律有3a-Wb=°由機械能守恒定律有,1212解得B球運動的最大速度為歐座B3C錯誤，D正確。故選AD。=BC/CB 0-20 0.13/0.14【詳解】（1）[1]調節氣墊導軌下面的螺釘，在不掛槽碼的情況下輕推滑塊滑塊若滑塊做勻速直線運動，則滑塊通過光電門速度相同，即光電門的遮光時間相同，證明氣墊導軌已水平。（2）[2]A.本實驗存在力傳感器，示數是滑塊的合外力，不需要滿足槽碼的總質量遠小于小車的質量，故A錯誤：

用極短時間內的平均速度表示瞬時速度，則擋光板越窄，平均速度表示瞬時速度越準確，故B正確；適當增加兩光電門間的距離，可減小因測量帶來的相對誤差，故C正確；故選BCo（3）[3]滑塊經過光電門的速度為Dv2= ?MDV.=—根據公式卩；_"=2ax解得a=2x=2『&廠&《）（4）[4]由于F=Ma則F040M=—=^kg=0.20kga2.00° 6（5）[5]圖像的斜率表示S—M+〃?測解得"測=（f^-020）kg=0.13kgo3o14. C CDE7.86 7.61 重物在下落過程中受到了阻力的作用【詳解】（1）[1]為了減小空氣阻力的影響，在選擇重物時，要選擇密度大的實心金屬球，即選擇質量大體積小的重物，故選C。（2）[2]C.因為我們是比較，狀力和|mv2的大小關系，故用可約去比較，不需要測量質量，C選項不合理。在打點時，為節省紙帶，應先接通電源，后釋放紙帶，D錯誤；本實驗釆用的打點計時器，兩個相鄰點之間的時間即為0.02s,不需要測量時間，E不合理；故選CDEo

（3）[3]從起點0到打下計數點方的過程中重力勢能減少量為AEp=mgh=mg?08=1x10x0.7857J=7.86J重物做勻加速運動，根據推論，在8點速度等于這段的平均速度，則竺=(86.59-7。.99)皿2訕=39曲82T 2x0.02故重物動能的增加量為陽冷諾*1x3.9"7.61J因為在下落過程中存在阻力的影響，空氣阻力以及紙帶與打點計時器之間的阻力,使得動能的增加量小于重力勢能的減少量。3兀15'P=(\-k)GT2【詳解】設月球的質量為機半徑為被測物體的質量為〃7,月球兩極處的重力加速度大小為g,則在兩極處物體所受重力等于萬有引力，即cMm三m8=G~^~①在赤道處物體所受萬有引力提供物體所受重力以及隨月球自轉的向心力，即Mm4t? ,eG-^~=m〒R+成g②月球的體積為V=-nR3月球的密度為聯立①②③?解得3兀P3兀P~(X-k^GT116.(1)1.6m/s2；(2)0.8m/s：(3)5.25m【詳解】（1）第一次利用滑雪杖滑行過程，根據牛頓第二定律得F-F(=ma}解得a尸1.6m/s2（2）第一次利用滑雪杖獲得的速度大小為vpaitFX.6m/s第一次撤除推力后的時間G=2s內，運動員的加速度大小為

a2=—=0.4m/s2m末速度為V2=/廠&K0.8m/s(3)第一次用力的位移大小為x,=：叩］2=0.8m第一次撤除推力后的時間上=2s內，運動員的位移為。峠％/2.4m第二次用力的過程中有u；-卩;=2。內解得v3=1.2m/s第二次撤除推力后運動員滑行的過程中有2=2砂4解得8m從4點到￡點的位移大小x=xt+x2+x3+x4解得x=5.25m17.(1)!鳳^；(2)5m【詳解】(1)設球A與B第一次碰撞前的速度大小為％,根據機械能守恒有mgh=-mv^解得vQ=^2gh設碰撞后，A球的速度為9,B球的速度為&，根據動量守恒有mv0=mvx+5mv2根據能量守恒有試卷第18頁，共17頁試卷第18頁，共17頁vc=2y/^h（3）小球從。勻速運動到〃點，小球進入輕質筐后瞬間，以小球和輕質筐為整體，根據牛頓第二定律可得F-Ing=^3h解得輕質筐所受拉力大小為F=5tng2022-2023學年高一下學期期末考試物理試卷學校: 姓名： 班級： 一、單選題下列關于曲線運動的說法中，正確的是（ ）當合力與速度共線時，物體不可能做曲線運動物體在變力作用下一定做曲線運動做曲線運動的物體可能處于平衡狀態物體在恒力作用下不可能做曲線運動2022年卡塔爾足球世界杯賽場上，下列說法正確的是（ ）運動員踢出“香蕉球”，記錄“香蕉球”的軌跡時，可將足球看成質點踢出后的足球在空中受到重力、支持力、阻力和推力頭球射門時，足球受到的彈力源于足球的形變運動員將球踢出時，腳對球的作用力大于球對腳的作用力如圖所示，豎直平面內固定著一光滑的直角桿，水平桿和豎直桿上分別穿著質量血二0.8kg和盼0.9kg的小球戶和。，兩球用不可伸長的輕繩相連，開始時細繩水平伸直，小球。由頂角位置。處靜止釋放后，當細繩與水平桿的夾角方向的夾角。二37。時，小球戶的速度為3m/s。已知兩球均可視為質點，（重力加速度5=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8）則連接戶和0的繩長為（ ）

1.Om B.1.5m C.2.Om D.2.5m將月球視為均勻球體，由“嫦娥二號”近月環繞運動的周期及萬有引力常量G可估算出月球的密度 B.月球的質量C.月球的半徑 D.月球表面的重力加速度質量為勿的汽車，啟動后沿平直路面行駛，如果發動機的功率恒為R且行駛過程中受到的摩擦阻力大小一定，汽車速度能夠達到的最大值為『，那么當汽車的車速為;TOC\o"1-5"\h\z4時.汽車的瞬時加速度的大小為（ ）AP n2P 八3P n4P— B.— C.—— D,——m m mv mv部隊為了訓練士兵的體能，會進行一種拖輪胎跑的訓練。如圖所示，某次訓練中，士兵在腰間系繩拖動輪胎在水平地面前進，已知連接輪胎的拖繩與地面夾角為37°,繩子拉力大小為100N,若士兵拖著輪胎以6m/s的速度勻速直線前進3s,（sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2）則（ ）3s內，輪胎克服地面摩擦力做功為一1440J3s內，繩子拉力對輪胎做功為1440J3s內，輪胎所受合力做功為1800J3s末，繩子拉力功率為600W質量為O.lkg的彈性小球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對應的口-，圖像如圖所示，0.5s時球與水平地面相碰，離開地面時的速度為碰撞前的;，設球受到空O氣阻力的大小恒為重力加速度&取10m/s\下列說法正確的是（ ）

下降過程的平均速度大小與上升過程的平均速度大小之比為2：1彈性小球受到的空氣阻力f的大小為0.4N下降過程與上升過程的加速度大小之比為2:3彈性小球第一次碰撞后反彈的最大高度4為0.25m2023年3月22BCBA常規賽戰罷第38輪，山西男籃在這場關鍵的“卡位”賽中以119比94大勝吉林隊，比賽中原帥手起刀落命中三分球。如圖所示，比賽中原帥將籃球從地面上方月點以速度吻斜向上拋出，恰好垂直擊中籃板上［點。若該運動員向前運動到等高的。點投籃，還要求垂直擊中籃板上/點，運動員需（ ）減小拋出速度％,同時增大拋射角。増大拋出速度％,同時增大拋射角。減小拋射角0,同時減小拋射速度％減小拋射角〃，同時增大拋射速度％圖&中，輕彈簧豎直固定在地面上，以彈簧正上方、與上端距離為脂的。為原點，建立豎直向下的坐標系。將質量為〃的小球從。點釋放小球落到彈簧上并壓縮彈簧，測得小球所受彈力戶的大小與*的關系如圖。所示。不計空氣阻力，在小球向下運動的過程中（ ）到達3版時機械能最小最大速度的值為極虬受到彈力的最大值為2貽由上幾式解得x=（2+E）_,x=（2-《膈（舍去）所以A錯誤；當彈簧的彈力與小球的重力相有等時，小球速度最大，由動能定理則有^2x0-|Ar（2x0-x0）2=|/nv,?2解得所以B正確；由A可知當工=（2+囘工0時，彈力最大有尸=A（X_Xo）=（］+T5）〃7g所以C錯誤；由A可知當x=（2+句心時，彈性勢能最大有Ep=mgx=mg（2+^3）x0所以D錯誤；故選B。C【詳解】A.小球動能最大時，速度最大，加速度為零，此時彈力等于重力，即彈簧處于壓縮狀態，而小球剛脫離彈簧時，彈簧在原長，則小球剛脫離彈簧時動能不是最大,選項A錯誤；小球和彈簧組成的系統機械能守恒，選項B錯誤；因為小球和彈簧組成的系統機械能守恒，則小球脫離彈簧前，因彈簧的彈性勢能減小，則小球的機械能增大；脫離彈簧后，只有重力做功，則機械能守恒，選項C正確;因為小球和彈簧組成的系統機械能守恒，小球的動能先增加后減小，則小球的重力勢能和彈簧的彈性勢能之和先減小后增大，選項D錯誤。故選C。BC【詳解】A.汽車在最高點由牛頓第二定律有mg-FK=m—解得GMa~則衛星在軌道1上經過0點時的加速度等于它在軌道2上經過0點時的加速度。故B錯誤；“軌道康復者”要運動到軌道3上去給同步衛星補充能量，需要在。點先點火加速,使衛星做離心運動，再在遠地點戶加速一-次，即需要在。、戶兩點分別點火加速才可能實現。故C正確；根據開普勒第三定律，有￥=k由圖可知*V弓V弓易知Tx<T2<Ty故D正確。故選ACDo13.BD【詳解】AB.開始時貨物加速度大小為《，由牛頓第二定律得mgsin0+/.imgcos0=得=10m/s2經〈時間與傳送帶共速4=0.4s貨物相對傳送帶向上的距離為ki心=傀羿_叫=0枷共速后加速度大小為缶mgsin0-"mgcos0=ma.

FcosFcos0=mgs\n&+f拉力F的功率為P=Fvcos0=(mgsin0+f)v細線與豎直成。角增大，小球所受的空氣阻力大小保持不變，所以拉力F的功率逐漸增大,故A錯誤，B正確；CD.依題意，對小球根據動能定理則有W,-WG-fs=0即拉力F做的功與小球克服空氣阻力做功之差等于小球機械能的增量，拉力F做的功等于小球克服空氣阻力和克服重力做功的總和，故C錯誤，D正確。故選BDo15.AC【詳解】A.對小滑塊受力分析，受到重力、支持力和摩擦力，第一階段傳送帶的速度大于物塊的速度，所以摩擦力的方向向下，做正功；第二階段物體與傳送帶相對靜止,勻速運動到達傳送帶底端摩擦力一直沿斜面向上，故摩擦力一直做負功，故A正確;B.根據動能定理，第一階段合力做的功等于動能的增加量，由于重力和摩擦力都做功,故第一階段摩擦力對物體做的功小于第一階段物體動能的增加，故B錯誤;C.假定傳送帶速度為第一階段，小滑塊勻加速位移傳送帶位移除重力外其余力做的功是機械能變化的量度，故小滑塊機械能增加量等于/Z：一對滑動摩擦力做的功是內能變化的量度，故內能增加量為s=f?（x廠Xi）故第一階段物體和傳送帶間的摩擦生熱等于第一階段物體機械能的增加；在第二階段,摩擦力做負功，物體的機械能繼續減小，但是靜摩擦力的作用下，沒有相對位移，不會產生熱量，故C正確，D錯誤。故選ACo16.滑塊質量 運動半徑16.滑塊質量 運動半徑【詳解】[1][2][3]向心力公式為所以還需要測出滑塊質量冊和運動半徑乙借助圖像法來猜想表達式應作出的圖像為試卷第34頁，共18頁試卷第34頁，共18頁試卷第34頁，共18頁試卷第34頁，共18頁F-vF-v2oz\2/、17.T9-發17.【詳解】(1)〔I〕小球通過光電門1時的速度dV1=?[2]小球通過光電門2時的速度d[3]A.實驗通過重力勢能的減小量和動能的增加量是否相等來驗證機械能導恒，即Mgh質量可以約去，不需要測量。故A錯誤；BC.同理，需要測量兩個光電門的高度差力來計算重力勢能的減小量。金屬小球下落的時間，沒有測量的必要。故B錯誤；C正確。故選C。[4]要驗證機械能守恒定律，應滿足的關系式為mgh=_m—mgh=_m—2Lt-i2偵丿即應滿足的關系式為2房丿2(匕丿(1)y/2^R； (2)2』R(H_R)【詳解】(1)從A-B,由動能定理可得：^mvl-0=mgR,解得：電=網.(2)從B-C,小球做平拋運動，在豎直方向有:H_R=?g戶,在豎直方向有:H_R=?g戶,得下落時間:水平方向有：乂=財=司R(h-r)(1)2s；(2)1.6s；(3)2.8s【詳解】(1)A球滑到最大位移所用時間為”=3=2s

a(2)B球到達C點所用時間為xx=^xx=^￡￡P=14J厶=—=1.6s_vo(3)故A球在斜面上上滑1.6s時B球才滑到斜面底端，從開始出發計時，設經過時間，兩球相遇，A球位移為1,B球沿斜面位移為XB=XAXB=XAr=2.8s代入可得r=2.8s(1)1.6m：(2)14Jtan^=—vtan^=—vovvvv=2>/3m/sy=%=0.6m小球運動至B點的豎直分位移y=%=0.6m/!點距地面的高度H=y+/?(1-cos60°)=1.6m(2)以地面為零勢面，設物塊在水平地面向右的位移為X,從。點下滑到第一次返回8點過程中有:/HVy+mgH=/jmg2x+mgR(1-cos60°)可得卩mgx=4J從8點下滑到彈簧壓縮最短過程中有；+mgH=pimgx+Ep

【詳解】對A球和B球受力分析如下圖所示，對B球有湖=竺匝F對A球，由幾何關系可知各夾角大小如圖所示，故有且對輕桿分析可知F'sinO=〃?Agsin。且對輕桿分析可知聯立解得F'=F聯立解得^-=2:1故B正確，ACD錯誤。F'曾故選F'曾故選B。m宙5.C【詳解】AB.出水口與著火點之間的高度差為A/?=20m又AA=；妒解得r=2s又7.5m/s<<20m/s因此出水口與著火點的水平距離才的范圍15m<x<40m即出水口與著火點間的水平距離*最小為15m,出水口與著火點間的水平距離*最大為40m?AB錯誤:C.如果出水口與著火點的水平距離*不能小于20m,由試卷第試卷第#頁，共11頁【詳解】（1）根據勻變速直線運動規律x=v.t+^ar解得a=4m/s2（2） 根據牛頓第二定律，有zngsinO—=ma解得/=60N（3） 合力的沖量大小/=mat=60x4x4N?s=960N?s2022-2023學年高一下學期期末考試物理試卷一、單選題蜜蜂可以通過“舞蹈”軌跡向同伴傳遞信息，如圖所示，一個可視為質點的蜜蜂沿軌跡甲乙丙丁飛行，圖中畫出了蜜蜂在甲、乙、丙和丁四處所受合力盧的方向，可能正如圖所示，已知一個連同裝備共80kg的航天員，離開空間站太空行走，在離飛船30m的位置與空間站處于相對靜止的狀態。裝備中有一個高壓氣源，能以50m/s的速度噴出氣體。航天員為了能在5min內返回空間站，他需要在開始返回的瞬間至少一次性向后噴出氣體的質量是（不計噴出氣體后航天員和裝備質量的變化）（0.1kgA.0.14kgB.0.12kgD.0.16kg3.下列說法符合史實的是（）0.1kgA.0.14kgB.0.12kgD.0.16kg3.下列說法符合史實的是（）A.庫侖通過扭秤實驗測出了萬有引力常量A.庫侖通過扭秤實驗測出了萬有引力常量B.奧斯特觀察到通電導線使小磁針發生偏轉試卷第70頁，共14頁試卷第70頁，共14頁參考答案B【詳解】做曲線運動的物體，速度方向為曲線的切線方向，合外力指向曲線的凹側，速度與力分居于軌跡的兩側，則乙處畫出的合力方向正確。故選B。D【詳解】航天員噴出氣體后的最小速度為sv=—=O.lm/st根據動量守恒定律得Mv=解得m=0A6kg故D正確。B【詳解】A.卡文迪許通過扭秤實驗測出了萬有引力常量。故A錯誤；奧斯特觀察到通電導線使小磁針發生偏轉。故B正確；安培提出了分子電流假說。故C錯誤；安培提出了磁場對通電導線有作用力的觀點。故D錯誤。故選B。A【詳解】撞擊過程飛鳥做初速度為零的勻變速直線運動，則乙號，解得撞擊時間2Lt=—vo對飛鳥由動量定理得Ft=mv0-0解得飛鳥撞擊時所受平均撞擊力的大小為尸=應2L2L由牛頓第三定律可知機被飛鳥撞擊時所受平均撞擊力的大小為應，故A正確。

2L故選A。【詳解】由于相遇時A、B做平拋運動的豎直位移h相同，由h=^-gt2知兩球下落時間相同，兩球應同時拋出，故AB錯誤，C正確.平拋運動的規律與物體的質量無關，選項D錯誤：故選C.6.D【詳解】運動員從a到。根據動能定理有rngh=—mv^在。點有F\CWkmg聯立有辱差故選D。【詳解】剪斷細線之前，細繩的拉力為彈簧的彈力為3勿g；剪斷細繩的瞬時，彈簧的彈力不變，則此時球B受力不變，則合力仍為零，加速度為零，即=0球A受合力為片頓g,則加速度為故選C。【詳解】A.【詳解】A.根據牛頓第二定律得,小煤塊的加速度a-z/^2m/s2則勻加速運動的時間勻加速運動的位移tnxv-m2v=㈣+/n,)vt由動能定理可得+叫）護一5㈣+，叫M噴氣裝置對衛星和碎片整體所做的功為w_2mxm^R2

（糾+叫）,故C正確，D錯誤。故選BCo12.ACD【詳解】A.水平面對木板的最大摩擦力若拉力FWfin,則a=0故A項正確；BC.若物塊相對木板運動，則mg~—?2m￡=ma4獲得的加速度為驀卩g此時加速度為最大值，故B錯誤，C正確；D.若木板相對物塊靜止，木板和物塊一起做勻加速直線運動，整體水平方向的受力為F^fnF2maD正確。故選ACDo13. 1.85 1.83 1.68B 先釋放了紙帶，后合上打點計時器的開關【詳解】（1）［1］當打點計時器打到方點時，重錘的重力勢能減小量AEp=mg?0B=\.00X9.80X18.90X10"'J^1.85J［2］打8點時重錘的速度[3]根據對前一個空的分析得出風屆=刀Ag+，昭扁即只要所測各量滿足上式，即可說明兩滑塊碰撞過程中動量守恒。[4]若兩滑塊是彈性碰撞，說明能量守恒，需要驗證代入Vo,K”Vb,有=wAxA+mBAB即只要所測各量滿足上式，說明兩滑塊碰撞是彈性碰撞。(1)4.Orad/s(2)1.6N (3)2.Om/s【詳解】⑴根據^=7得：小球的角速度大小為：^=7=7^ra%=4.0ra%L LO.ZD/> /'(2)細線對小球的拉力提供向心力，根據牛頓第二定律得:F=^=0.40xlgN=1.6N；(3)細線對小球的拉力提供向心力，根據牛頓第二定律得:F=m%,解得：v=J^=2.0*^/.(1)成；(2)6mg；(3)應T【詳解】(1)若小球恰好能到達最高點/I,重力剛好提供向心力，則有解得(2)若小球經過最低點8時速度為施，根據牛頓第二定律可得解得T=mg+m^-=mg+m(撫訃=6mgL L(3)在滿足(2)的情況下，若恰好在最低點月時繩斷了，小球做平拋運動，豎直方向2gL=v：小球落地時的速度大小為小明計算了小車與拉力傳感器所受合外力做的功W和其動能的變化AEk，請在下表空格中幫助小明補充完整。（結果保留至小數點后第4位）距離O-BO-CO-DO-EO-F/J0.04320.05720.0734①0.1115/J0.0430②0.07340.09070.1105（3）假如實驗中小明所使用電源頻率低于正常值，則小明測得的小車與拉力傳感器的動能變化量△弓與真實值相比會 一（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。四、解答題己知地球半徑為/?,地球表面重力加速度為g,引力常量為G,某顆行星繞著地球勻速轉動，軌道半徑為地球半徑4倍（忽略地球自轉的影響），求：（1） 地球的密度Q;（2） 這個行星繞地球運行的線速度r；把一小球從離地面/?=5m處，以吻=10m/s的初速度水平拋出，不計空氣阻力（g=10m/s2）,求：（1） 小球在空中飛行的時間；（2） 小球落地點離拋出點的水平距離；（3） 小球落地時的速度。如圖所示，在距地面上方人的光滑水平臺面上，質量為，〃=2kg的物塊左側壓縮一個輕質彈簧，彈簧與物塊未拴接。物塊與左側豎直墻壁用細線拴接，使物靜止在0點。水平臺面右側有一傾角為。=37。的光滑斜面，半徑分別為&=0.5m和氏=0.2m的兩個光滑圓形軌道固定在粗糙的水平地面上，且兩圓軌道分別與水平面相切于C、E兩點，兩圓最高點分別為〃、凡現剪斷細線，己知初始時刻的彈簧彈性勢能為64J,恢復原長后全部轉化為物塊的動能，物塊離開水平臺面后恰好無碰撞地從A點落入光滑斜面上，運動至B點后（在8點無能量損失）沿粗糙的水平面從C點進入光滑豎直圓軌道旦通過最高點D,已知物塊與水平面間的動摩擦因數〃=（）」，人8長度4=0.5m, 距離厶2=3m,g=10m/s2,已知：sin37=0.6,cos37°=0.8o（1）求水平臺面的高度如（2） 求物塊經過D點時對圓軌道的壓力；（3） 為了讓物塊能從E點進入圓軌道且不脫離軌道，則C、E間的距離應滿足什么條件？hmraTl n試卷第82頁，共14頁B【詳解】由物體運動的圖像可得，物體的加速度大小TOC\o"1-5"\h\zAv10-0,2 -,2a=——= m/s"=2m/s"△t5-0物體在5s內的位移vft+010+0° —x=—1= x5m=25m2 2對物體受力分析可得，物體在水平方向受拉力和摩擦力，由牛頓第二定律可得f-F=ma解得F=4NAB.在這段運動過程中拉力做功W=&=4x25J=100JA錯誤，B正確；CD.在這段運動過程中摩擦力做功W(=-A=-8x25J=-200J則這段運動過程中摩擦力做功-200J或者說成在這段運動過程中物體克服摩擦力做功200J,CD錯誤。故選B。【點睛】圖像類題目要理解圖像橫縱坐標、截距、斜率、交點、圖像與坐標軸圍成的面積等對應的物理意義。B【詳解】猴子的動能最大時重力勢能最小，猴子的加速度為零時速度最大，動能最大，此時猴子受力平衡則可以得到下面的幾何關系：繩長AC+BC=AF=20m,又MF=16m,由勾股定理得AM=12m,而AB豎直距離為2m,則BF=10m,D為BF中點，BD=5m,C和D等高，則A、C的豎直高度差為7m,此時猴子的重力勢能為：^=^=(-7x10x10)J=-700J,與B最接近，故B正確，A、C、D錯誤；故選B.C【詳解】運動員做拋體運動，從起跳到達到最大高度的過程中，豎直方向做加速度為g的勻減速直線運動豎直方向初速度vy=gt=4m/s水平方向做勻速直線運動，則布=3m/s,則起跳時的速度v=扼+=必+4,m/s=5m/s根據動能定理得W=—mv2=—x50x52J=625J2 2故C正確ABD錯誤。故選C。A【詳解】在北極地球對物體的萬有引力和地面對物體的支持力平衡，在赤道地球對物體的萬有引力與地面對物體的支持力提供物體隨地球圓周運動的向心力，依題意在赤道有：￡=g等=5N；所以地球自轉周期為：T=戶*=⑦寸“習、=3200勿娛，故A正確，BCD錯誤.B【詳解】A.天舟五號貨運飛船脫離火箭時的速度如果大于第二宇宙速度，則會脫離地球的束縛而飛向太陽系，A錯誤；天舟五號貨運飛船脫離火箭后，要經過2次變軌，即經過兩次加速從低軌道變為高軌道，加速完成時機械能增大，加速后機械能不再變化，所以天舟五號貨運飛船對接后與從脫離火箭時相比，機械能變大，B正確；天舟五號貨運飛船在追天和核心艙的過程中，天舟五號貨運飛船做變加速圓周運動，其加速度方向偏離地心，即加速度分解為向心加速度和切線加速度，c錯誤；對接成功后，組合體的軌道半徑等于天和核心艙原來的軌道半徑，根據cMmv2G~=m7其中G為引力常數不變，所為地球質量不變，則接軌后速度大小不變，D錯誤。故選B。BD【詳解】A.物體做勻速圓周運動，加速度的大小不變，方向指向圓心，A錯誤;物體的速率不變，物體的動能=—mv2

k2即物體的動能不變，B正確：物體的合外力提供向心力，大小不變，方向指向圓心，C錯誤；物體的角速度不變，D正確。故選BDoABC【詳解】物體的加速度2a=—=lm/s22h合外力對物體做功為=mah=2J選項A正確；由牛頓第二定律F=mg+ma=44N拉力對物體做功為叫.=Fh=22J選項B正確；物體的重力勢能增加等于克服重力做功，則AEP=mgh=20J選項C正確;D.物體的機械能增加△E=W「=22J選項D錯誤。故選ABCoBD【詳解】A.根據—Mm4勿-因天宮一號的周期未知，題中給出的是地球自轉周期，則不能求解地球質量，可根據求解地球質量選項A錯誤;“神舟八號”飛船與“天宮一號”進行對接時，“神舟八號”飛船需要從低軌道加速，然后進入高軌道實現對接，選項B正確;根據G導=□學r可知“天宮一號”飛行器運動的周期是選項C錯誤;D.天宮一號的航天員每轉一周即可看到一次日出，一天轉的圈數是則在一天內可以看到H出的次數是選項D正確;故選BD.點睛：利用萬有