第第頁(yè)【解析】浙江省紹興市2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期6月期末物理試題登錄二一教育在線組卷平臺(tái)助您教考全無(wú)憂

浙江省紹興市2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期6月期末物理試題

一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）

1．（2023高一下·紹興月考）下列物理量為標(biāo)量，且單位是國(guó)際單位制基本單位的是（）

A．位移mB．質(zhì)量kg

C．力ND．加速度

2．（2023高一下·紹興月考）下列說(shuō)法正確的是（）

A．卡文迪什通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得了引力常量

B．開普勒提出所有行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是圓

C．法拉第首先測(cè)出了元電荷的數(shù)值

D．庫(kù)侖首先提出了電場(chǎng)的概念

3．（2023高一下·紹興月考）如圖所示，空中懸停的無(wú)人機(jī)突然失去動(dòng)力而下墜。在下墜過程中，其所受空氣阻力大小與下墜速率成正比，則無(wú)人機(jī)在下墜過程中（）

A．做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B．處于超重狀態(tài)

C．重力勢(shì)能一直減小

D．空氣阻力可能先做負(fù)功，后不做功

4．（2023高一下·紹興月考）關(guān)于以下教科書中的插圖，下列說(shuō)法正確的是（）

甲乙丙丁

A．甲圖，用頭發(fā)碎屑可以模擬電場(chǎng)線，圖中的電荷一定帶正電荷

B．乙圖，搖動(dòng)起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶變得清澈透明，其工作原理為靜電屏蔽

C．丙圖，優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬網(wǎng)，是為了增強(qiáng)話筒線的導(dǎo)電性能

D．丁圖，工作人員給車加油前，觸摸一下靜電釋放器，可將人體的靜電釋放到大地

5．（2023高一下·紹興月考）如圖所示，A、B、C是正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，O為三角形的中心，A點(diǎn)和B點(diǎn)分別固定電荷量均為q的負(fù)電荷，在O點(diǎn)固定電荷q′后，C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度恰好為零。電荷q′為（）

A．正電荷，電荷量為3qB．正電荷，電荷量為

C．負(fù)電荷，電荷量為qD．負(fù)電荷，電荷量為

6．（2023高一下·紹興月考）第19屆亞運(yùn)會(huì)將于2023年9月23日在杭州舉行。如圖所示為場(chǎng)地自行車運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練情景，甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員騎自行車在賽道轉(zhuǎn)彎處以相同大小的線速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）

A．甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的角速度大小相等

B．甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的向心加速度大小相等

C．、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員受到的合力大小一定相等

D．甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員，運(yùn)動(dòng)員甲的轉(zhuǎn)速最大

7．（2023高一下·紹興月考）高度差一定的兩點(diǎn)間可以搭建無(wú)數(shù)光滑曲線軌道，相同小球由起點(diǎn)靜止下滑，若沿某一條曲線軌道運(yùn)動(dòng)的小球到達(dá)終點(diǎn)用時(shí)最短，該曲線稱為最速降線。如圖所示，三條光滑軌道的起點(diǎn)和終點(diǎn)相同，其中軌道2按最速降線設(shè)計(jì)，讓同一小球分別從各自軌道的起點(diǎn)靜止出發(fā)，下列說(shuō)法正確的是起點(diǎn)（）

A．小球沿軌道2運(yùn)動(dòng)，重力做功最多

B．球沿軌道2運(yùn)動(dòng)，重力的平均功率最大

C．小球沿軌道2運(yùn)動(dòng)，所受支持力做功最多

D．小球分別到達(dá)各自軌道終點(diǎn)處的速度相同

8．（2023高一下·紹興月考）某帶電體周圍分布的等勢(shì)線如圖所示，a、c是同一條實(shí)線上的兩點(diǎn)，b是另一條實(shí)線上的點(diǎn)，則（）

A．a(chǎn)、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向可能相同

B．質(zhì)子從b點(diǎn)移至c點(diǎn)，靜電力做正功

C．電子處于a、b兩點(diǎn)時(shí)，其電勢(shì)能在b點(diǎn)時(shí)較大

D．同一試探電荷依次放在a、b、c三點(diǎn)，在c點(diǎn)時(shí)受到的靜電力最大

9．（2023高一下·紹興月考）2023年5月11日5時(shí)16分，天舟六號(hào)貨運(yùn)飛船成功對(duì)接于空間站天和核心艙，轉(zhuǎn)為“組合體”飛行。對(duì)接前，天舟六號(hào)與空間站的軌道如圖所示。對(duì)接后，“組合體”仍在空間站原軌道運(yùn)行。天舟六號(hào)、空間站、“組合體”繞地球運(yùn)動(dòng)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．對(duì)接前，空間站的線速度大于天舟六號(hào)的線速度

B．對(duì)接前，空間站的向心加速度大于天舟六號(hào)的向心加速度

C．對(duì)接后，組合體繞地球的公轉(zhuǎn)周期大于對(duì)接前空間站的公轉(zhuǎn)周期

D．天舟六號(hào)將來(lái)要返回地球，需通過減速來(lái)降低軌道

10．（2023高一下·紹興月考）刀削面堪稱面食一絕。如圖所示，廚師將面圈（視為質(zhì)點(diǎn)）沿鍋的某條半徑方向水平削出，面圈距鍋的高度h=0.3m，與鍋沿的最近水平距離L=0.15m，鍋可視為半徑R=0.25m的半球殼（不計(jì)厚度），水面到鍋底的距離d=0.1m。不計(jì)一切阻力，則（）

A．能直接落入水中的面圈被削出的最大初速度為2m/s

B．能落入鍋中的面圈被削出的最大初速度為2m/s

C．直接落入水中的面圈，它們的速度變化量可能不同

D．落入鍋中的面圈，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間均相同

11．（2023高一下·紹興月考）殲-35戰(zhàn)斗機(jī)是我國(guó)自主研發(fā)的第五代多用途戰(zhàn)斗機(jī)，其過載可以達(dá)到9。過載是指作用在飛機(jī)上的氣動(dòng)力和發(fā)動(dòng)機(jī)推力的合力與飛機(jī)重力之比。如戰(zhàn)斗機(jī)以大小為g的加速度豎直向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，其過載就是2。若殲-35戰(zhàn)機(jī)在一次做俯沖轉(zhuǎn)彎訓(xùn)練時(shí)，在最低點(diǎn)時(shí)速度大小約為200m/s，過載為5，將飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)軌跡看成圓弧，則飛機(jī)轉(zhuǎn)彎可能的最小半徑為（）

A．600mB．800mC．1000mD．10000m

12．（2023高一下·紹興月考）光滑水平面（足夠大）上的物體受三個(gè)沿水平面的恒力F1、F2、F3作用，以速率v沿水平面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，其俯視圖如圖所示。其中F1與運(yùn)動(dòng)方向垂直，若撤去某個(gè)力，其他力不變，下列說(shuō)法正確的是（）

A．撤去F1，物體將做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

B．撤去F2，物體的最小速率可以為零

C．撤去F2，物體的速率可以再次為v

D．撤去F3，物體的速率可以再次為v

13．（2023高一下·紹興月考）紹興軌道交通2號(hào)線是我市正在建設(shè)的第二條地鐵線路。施工中，工人將地面下15m深處的一質(zhì)量為50kg的箱子吊起。箱子在繩的拉力作用下由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，箱子的機(jī)械能E與其位移x的關(guān)系圖象如圖所示，其中x=-10~0m的圖線為直線。以地面為重力勢(shì)能零勢(shì)能面，不計(jì)空氣阻力，由圖象可知，箱子從地面下15m至地面過程中，（）

A．動(dòng)能增加5000JB．重力勢(shì)能增加12500J

C．繩的拉力做功7500JD．繩的拉力大小先增大后不變

二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）

14．（2023高一下·紹興月考）2023年3月30日，我國(guó)成功將宏圖一號(hào)01衛(wèi)星組發(fā)射升空，并進(jìn)入預(yù)定的極地軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。它是由“一顆主星+三顆輔星”構(gòu)成的衛(wèi)星組，猶如在太空中飛行的車輪。已知宏圖一號(hào)衛(wèi)星組的運(yùn)行軌道距離地面的高度為h，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，由以上信息可知（）

A．衛(wèi)星組的向心加速度等于g

B．衛(wèi)星組的線速度小于7.9km/s

C．衛(wèi)星組的角速度大小為

D．衛(wèi)星組運(yùn)動(dòng)的軌道平面可能始終與地球某一經(jīng)線平面重合

15．（2023高一下·紹興月考）如圖是某靜電分選器的原理示意圖。兩豎直放置的正對(duì)平行金屬板之間為勻強(qiáng)電場(chǎng)，漏斗的出口與兩板上端處于同一高度，到兩板距離相等。混合在一起的a、b兩種顆粒從漏斗出口下落時(shí)，使a帶正電、b帶負(fù)電，然后沿電場(chǎng)中線進(jìn)入，進(jìn)入時(shí)的速度可認(rèn)為是零。已知a、b的質(zhì)量和電荷量分別為m、+q和2m、-q，電場(chǎng)兩極板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，兩板間距為，下端距地面的距離為3L。調(diào)整兩極板間電壓大小，使顆粒a恰好從極板邊緣離開電場(chǎng)，不計(jì)空氣阻力、顆粒體積及相互作用力，電場(chǎng)只分布在兩板間，下列說(shuō)法正確的是（）

A．a(chǎn)、b兩種顆粒在電場(chǎng)中均做類平拋運(yùn)動(dòng)

B．a(chǎn)、b兩種顆粒在電場(chǎng)中所受靜電力大小均為

C．a(chǎn)、b兩種顆粒落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離之比為2∶1

D．若a、b兩種顆粒落地時(shí)動(dòng)能相等，則兩極板間電壓

三、實(shí)驗(yàn)題（共14分）

16．（2023高一下·紹興月考）（1）下列實(shí)驗(yàn)中體現(xiàn)了控制變量法的是（）

A.研究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)

B.探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

C.探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律

D.探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系

（2）小明同學(xué)利用圖所示裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。對(duì)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.每次改變小車質(zhì)量后，都需重新補(bǔ)償阻力

B.為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小車質(zhì)量

C.處理數(shù)據(jù)時(shí)，在紙帶上必須連續(xù)5個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)選取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)

D.補(bǔ)償阻力時(shí)，應(yīng)取下槽碼，小車后面的紙帶需穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔

（3）該同學(xué)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，得到紙帶如圖所示，紙帶中相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，打下e點(diǎn)時(shí)小車的速度大小為m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

17．（2023高一下·紹興月考）小明同學(xué)利用圖所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。

（1）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.紙帶越短，阻力的影響越小，實(shí)驗(yàn)效果越好

B.由圖1中的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的外觀，可選擇6V的交流電源

C.處理數(shù)據(jù)時(shí)，無(wú)需知道當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋梢匀=10m/s2

D.處理數(shù)據(jù)時(shí)，必須選擇打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)進(jìn)行驗(yàn)證

（2）該同學(xué)分別用兩個(gè)形狀相同，質(zhì)量不同的重錘A、B進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，記錄下落高度h和相應(yīng)的速度大小v，作出的v2-h圖像如圖所示。則重錘A、B的質(zhì)量大小關(guān)系為mAmB（選填“大于”、“小于”或“等于”）；

（3）由圖2中的信息，計(jì)算重錘B下落的加速度a，下列表達(dá)式正確的是（）

A.B.C.D.

（4）小張同學(xué)用傳感器做“觀察電容器的放電”實(shí)驗(yàn)，采用的實(shí)驗(yàn)電路如圖所示。將開關(guān)先與“1”端閉合，電容器進(jìn)行（選填“充電”或“放電”），再將開關(guān)與“2”端閉合。在下列四個(gè)圖像中，表示通過傳感器的電流隨時(shí)間變化的圖像為

A.B.C.D.

四、分析計(jì)算題（共41分）

18．（2023高一下·紹興月考）如圖所示，用長(zhǎng)為L(zhǎng)=1.0m的絕緣絲線把一個(gè)質(zhì)量為、帶電量為小球，懸掛于豎直放置的平行板電容器的正中間。兩板間距離為d=4cm，完全正對(duì)時(shí)，電容器的電容為C=0.15μF。當(dāng)平行板電容器與高壓直流電源相連，穩(wěn)定時(shí)小球偏離豎直線的距離為x=1.0cm，θ很小時(shí)，sinθ≈tanθ。求：

（1）平行金屬板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小；

（2）與電容器相連接的電源電壓U；

（3）電容器的帶電量Q

19．（2023高一下·紹興月考）如圖所示，在公路的彎道處，通常路面是外高內(nèi)低的傾斜坡面。已知某品牌汽車質(zhì)量為m，汽車轉(zhuǎn)彎的圓弧半徑為R，路面與水平面間的夾角為θ，簡(jiǎn)化示意圖如圖所示。

（1）如果汽車在轉(zhuǎn)彎的某一時(shí)刻，車輪沒有沿斜坡方向的相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，求此時(shí)汽車的速度大小v0；

（2）如果汽車以速度大小勻速轉(zhuǎn)彎，則汽車的向心力由哪些力的合力提供？并求出此時(shí)沿傾斜路面方向上的摩擦力大小。

20．（2023高一下·紹興月考）如圖所示的裝置由弧形軌道AB、豎直圓軌道BMND、水平直軌道DE平滑連接而成，圓形軌道末端略錯(cuò)開，分別與弧形軌道和水平直軌道連接，裝置固定在水平底座上。已知圓軌道半徑R=0.1m，弧形軌道和圓軌道均可視為光滑，忽略空氣阻力。質(zhì)量m=0.1kg的小球從弧形軌道離底座高h(yuǎn)處由靜止釋放。求：

（1）若小球恰能通過豎直圓軌道的最高點(diǎn)C，小球在C點(diǎn)的速度大小v0及靜止釋放的高度h；

（2）若h=0.5m，小球經(jīng)過豎直圓軌道與圓心等高點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力大小；

（3）若豎直圓軌道上部正上都有一段缺口MN，M、N等高，該缺口所對(duì)的圓心角為2α，α為何值時(shí)，小球完成沿BMND路徑運(yùn)行所需的h最小，并求出h的最小值。

21．（2023高一下·紹興月考）萬(wàn)有引力定律和庫(kù)侖定律都滿足力與距離平方成反比關(guān)系。如圖所示，計(jì)算物體從距離地球球心r1處，遠(yuǎn)離至與地心距離r2處，萬(wàn)有引力對(duì)物體做功時(shí)，由于力的大小隨距離而變化，一般需采用微元法。也可采用從r1到r2過程的平均力，即計(jì)算做功。已知物體質(zhì)量為m，地球質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G。

（1）求該物體從距離地心r1處至距離地心r2處的過程中，萬(wàn)有引力對(duì)物體做功W；

（2）若從地球表面豎直向上發(fā)射某物體，試用動(dòng)能定理推導(dǎo)使物體能運(yùn)動(dòng)至距地球無(wú)窮遠(yuǎn)處所需的最小發(fā)射速度v0；

（3）氫原子是最簡(jiǎn)單的原子，電子繞原子核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)與人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)類似。已知電子質(zhì)量為m，帶電量為-e，氫原子核帶電量為+e，電子繞核運(yùn)動(dòng)半徑為r，靜電力常量為k，求電子繞核運(yùn)動(dòng)的速度v1大小；若要使氫原子電離（使核外電子運(yùn)動(dòng)至無(wú)窮遠(yuǎn)，逃出原子核的電場(chǎng)范圍），則至少額外需要提供多大的能量ΔE。

答案解析部分

1．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)單位制

【解析】【解答】A．位移為矢量，其單位為m，是國(guó)際單位制基本單位，故A錯(cuò)誤；

B．質(zhì)量是標(biāo)量，其單位為kg，是國(guó)際單位制基本單位，故B正確；

C．力是矢量，其單位為N，不是國(guó)際單位制基本單位，故C錯(cuò)誤；

D．加速度是矢量，其單位為m/s2，不是國(guó)際單位制基本單位，故D錯(cuò)誤。

故選B。

【分析】標(biāo)量是只有大小，沒有方向的物理量，矢量是有大小，又有方向的物理量，熟記七個(gè)基本物理量及其單位。

2．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】物理學(xué)史

【解析】【解答】A．卡文迪什通過扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)得了引力常量，使得萬(wàn)有引力定律有了真正的使用價(jià)值，故A正確；

B．由開普勒第一定律可知，開普勒提出所有行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓，故B錯(cuò)誤；

C．密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)出了元電荷的數(shù)值，故C錯(cuò)誤；

D．法拉第首先提出了電場(chǎng)的概念，故D錯(cuò)誤。

故選A。

[分析]本題考察物理學(xué)史，熟記物理學(xué)中科學(xué)家的重要貢獻(xiàn)即可。

3．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】超重與失重；功的概念；重力勢(shì)能

【解析】【解答】AB．無(wú)人機(jī)由懸停下墜，即無(wú)人機(jī)向下做加速度運(yùn)動(dòng)，且所受空氣阻力大小與下墜速率成正比，由牛頓第二定律可知，無(wú)人機(jī)的加速度減小，則無(wú)人機(jī)向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，具有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；

C．由于無(wú)人機(jī)向下運(yùn)動(dòng)，重力做正功，重力勢(shì)能減小，故C正確；

D．由于空氣阻力與無(wú)人機(jī)的運(yùn)動(dòng)方向相反，則空氣阻力一直做負(fù)功，故D錯(cuò)誤；

故選C。

【分析】由于無(wú)人受空氣阻力大小與下墜速率成正比，由牛頓第二定律可知，無(wú)人機(jī)的加速度減小，則無(wú)人機(jī)向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，具有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，由于重力做正功，則重力勢(shì)能減小，由于空氣阻力與無(wú)人機(jī)的運(yùn)動(dòng)方向相反，則空氣阻力一直做負(fù)功。

4．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】靜電的防止與利用

【解析】【解答】A．由圖甲可知，電場(chǎng)線與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線相似，但不知是發(fā)散的還是匯聚的，則無(wú)法確定是正電荷的電場(chǎng)還是負(fù)電荷的電場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；

B．乙圖，搖動(dòng)起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶變得清澈透明，其工作原理為靜電吸附，故B錯(cuò)誤；

C．丙圖，優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬網(wǎng)，是采用靜電屏蔽原理，故C錯(cuò)誤；

D．丁圖，工作人員加油前觸摸靜電釋放器，其目的是將人體的靜電導(dǎo)到大地，故D正確。

故選D。

【分析】根據(jù)正、負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線特點(diǎn)、靜電除塵、靜電屏蔽和靜電釋放原理分析即可。

5．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】點(diǎn)電荷的電場(chǎng)；電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加

【解析】【解答】設(shè)正三角形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，A點(diǎn)和B點(diǎn)的負(fù)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為，方向沿CO方向，則O點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)方向應(yīng)OC方向，即應(yīng)帶正電，且有，其中，聯(lián)立解得。

故選B。

【分析】根據(jù)求出AB電荷在C產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度，再由電場(chǎng)的合成法則求出AB電荷在C產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)，最后根據(jù)在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)應(yīng)與AB電荷在C產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)等大反向。

6．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；勻速圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】A．由可知，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，但半徑不同，則甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的角速度大小不相等，故A錯(cuò)誤；

B．由可知，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，但半徑不同，則甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的向心加速度大小不相等，故B錯(cuò)誤；

C．由于運(yùn)動(dòng)員做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則合力提供向心力，有，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，但半徑不同，且質(zhì)量不一定相同，則甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員受到的合力大小不一定相等，故C錯(cuò)誤；

D．由可知，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，且甲的半徑最小，則甲的轉(zhuǎn)速最大，故D正確。

故選D。

【分析】由、、、進(jìn)行分析處理即可。

7．【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】功的計(jì)算；功率及其計(jì)算；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【解答】A．由于三條軌道起點(diǎn)與終點(diǎn)的高度差相同，由可知，重力做功相同，故A錯(cuò)誤；

B．由可知，由于軌道2為最速降線軌道即時(shí)間最短，則重力的平均功率最大，故B正確；

C．小球沿三條軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)支持力與速度方向垂直，所以支持力都不做功，故C錯(cuò)誤；

D．由動(dòng)能定理可知，小球分別到達(dá)各自軌道終點(diǎn)處的速度大小相等，但方向不同，故D錯(cuò)誤。

故選B。

【分析】由判斷做功，由確定重力的平均功率大小關(guān)系，支持力與速度方向垂直，所以支持力都不做功，由動(dòng)能定理可知，小球分別到達(dá)各自軌道終點(diǎn)處的速度大小相等，但方向不同。

8．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】電勢(shì)能；等勢(shì)面

【解析】【解答】A．由于電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，由圖可知，a、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向大致要相反，故A錯(cuò)誤；

B．由圖可知，c點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，則質(zhì)子在c點(diǎn)電勢(shì)能大于b點(diǎn)電勢(shì)能，質(zhì)子從b點(diǎn)移至c點(diǎn)，電勢(shì)能增大，由功能關(guān)系可知，靜電力做負(fù)功，故B錯(cuò)誤；

C．由圖可知，a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，由負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小可知，電子在b點(diǎn)的電勢(shì)能較大，故C正確；

D．等差等勢(shì)面的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，由圖可知，a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大，同一試探電荷在a、b、c三點(diǎn)，在a點(diǎn)時(shí)受到的靜電力最大，故D錯(cuò)誤。

故選C。

【分析】由電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面可判斷a、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；由圖判斷出a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)的高低，由負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，比較出電荷在a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)能的大小關(guān)系，根據(jù)功能關(guān)系判斷出靜電力做功情況；等差等勢(shì)面的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小判斷電場(chǎng)強(qiáng)度大，從而判斷靜電力大小關(guān)系。

9．【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用

【解析】【解答】AB．由萬(wàn)有引力提供向心力可得，則有，由于對(duì)接前，空間站的軌道半徑大于天舟六號(hào)的軌道半徑，所以對(duì)接前，空間站的線速度小于天舟六號(hào)的線速度，對(duì)接前，空間站的向心加速度小于天舟六號(hào)的向心加速度，故AB錯(cuò)誤；

C．由萬(wàn)有引力提供向心力可得，則有，由于組合體繞地球的軌道半徑等于對(duì)接前空間站的軌道半徑，所以對(duì)接后，組合體繞地球的公轉(zhuǎn)周期等于對(duì)接前空間站的公轉(zhuǎn)周期，故C錯(cuò)誤；

D．天舟六號(hào)要返回地球應(yīng)該要做近心運(yùn)動(dòng)，則需要減速使天舟六號(hào)的軌道半徑減小從而實(shí)現(xiàn)返回地球，故D正確。

故選D。

【分析】由萬(wàn)有引力提供向心力可得分析即可得出線速度、向心加速度和公轉(zhuǎn)周期的關(guān)系，天舟六號(hào)要返回地球應(yīng)該要做近心運(yùn)動(dòng)，則需要減速使天舟六號(hào)的軌道半徑減小。

10．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】A．由幾何關(guān)系可知，面圈能直接落入水中的最遠(yuǎn)水平距離為，下落的高度為，由可得，，則最大速度為，故A正確；

B．由幾何關(guān)系可知，面圈能落入水中的最遠(yuǎn)水平距離為，下落的最小時(shí)間為，能落入鍋中的面圈被削出的最大初速度為，故B錯(cuò)誤；

C．直接落入水中的面圈，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，由可知，它們的速度變化量相同，故C錯(cuò)誤；

D．落入鍋中的面圈，由于下落高度不同，它們?cè)诳罩羞\(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相同，故D錯(cuò)誤。

故選A。

【分析】由幾何關(guān)系找出各種情況面圈下落的高度和水平位移，利用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律即可求解，直接落入水中的面圈，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，由可知，它們的速度變化量相同，落入鍋中的面圈，由于下落高度不同，它們?cè)诳罩羞\(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相同。

11．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】生活中的圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】戰(zhàn)斗機(jī)過最低點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律有，則

故選C。

【分析】由題意可知，戰(zhàn)斗機(jī)過最低點(diǎn)時(shí)指向圓心的作用力即為5mg，再結(jié)合牛頓第二定律列方程求解。

12．【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成與分解；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【解答】A．由題意可知，恒力F1、F2、F3的合力為0，撤去F1，則F2、F3的合力與F1等大反向，即F2、F3的合力與v垂直，所以物體將做類平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

BC．撤去F2，則F1、F3的合力與F2等大反向，則v與F1、F3的合力成鈍角，將F1、F3的合力分解到與v平行方向和垂直方向可知，平行v方向做減速運(yùn)動(dòng)，垂直v方向做加速度運(yùn)動(dòng)，則物體的最小速率不可能為零，由運(yùn)動(dòng)的合成可知，物體的速率可能再次為v，故B錯(cuò)誤，C正確；

D．撤去F3，則F1、F2的合力與F3等大反向，則v與F1、F2的合力成銳角，所以F1、F2的合力對(duì)物體做正功，動(dòng)能一定增加，則物體的速率不可能再次為v，故D錯(cuò)誤。

故選C。

【分析】由題意可知，恒力F1、F2、F3的合力為0，分別撤去不同的力，其余兩力的合力與撤去的力等大反向且為恒力，根據(jù)合力與v的夾角關(guān)系分析物體往后的運(yùn)動(dòng)情況。

13．【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】功能關(guān)系；重力勢(shì)能的變化與重力做功的關(guān)系

【解析】【解答】A．由圖可知，箱子到達(dá)地面時(shí)機(jī)械能為5000J，且地面處的重力勢(shì)能為0，則此過程中動(dòng)能增加了5000J，故A正確；

B．重力勢(shì)能增加量為，故B錯(cuò)誤；

C．由動(dòng)能定理可知，，則拉力做功為

，故C錯(cuò)誤；

D．由功能關(guān)系可知，拉力所做功等于機(jī)械能的變化，E-x圖像中圖線斜率的絕對(duì)值表示拉力大小，由圖可知，繩的拉力大小先減小后不變，故D錯(cuò)誤。

故選A。

【分析】根據(jù)機(jī)械能由動(dòng)能和勢(shì)能組成即可求解動(dòng)能增量，由mgh可求解重力勢(shì)能的增加量，由動(dòng)能定理求解拉力做功，由功能關(guān)系，拉力所做功等于機(jī)械能的變化，E-x圖像中圖線斜率的絕對(duì)值表示拉力大小判斷拉力大小變化。

14．【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用；第一、第二與第三宇宙速度

【解析】【解答】A．由萬(wàn)有引力提供向心力，且，可知，衛(wèi)星組的向心加速度小于g，故A錯(cuò)誤；

B.7.9km/s是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則衛(wèi)星組的線速度一定小于7.9km/s，故B正確；

C．由萬(wàn)有引力提供向心力，且聯(lián)立可得衛(wèi)星的角速度為，故C正確；

D．因?yàn)榻?jīng)線隨地球自轉(zhuǎn)在轉(zhuǎn)動(dòng)，則衛(wèi)星組運(yùn)動(dòng)的軌道平面不可能始終與地球某一經(jīng)線平面重合，故D錯(cuò)誤。

故選BC。

【分析】由萬(wàn)有引力提供向心力，且，即可分析衛(wèi)星組的向心加速度與角速度；由于7.9km/s是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則衛(wèi)星組的線速度一定小于7.9km/s；因?yàn)榻?jīng)線隨地球自轉(zhuǎn)在轉(zhuǎn)動(dòng)，則衛(wèi)星組運(yùn)動(dòng)的軌道平面不可能始終與地球某一經(jīng)線平面重合。

15．【答案】B,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功的關(guān)系

【解析】【解答】A．由于a、b兩種顆粒進(jìn)入電場(chǎng)后豎直方向受重力，水平方向受電場(chǎng)力作用，初速度均為0，則兩種顆粒不可能做類平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)a粒子豎直方向有，水平方向有，聯(lián)立解得，由于a、b兩顆粒的電荷量絕對(duì)值相等，則兩粒子所受電場(chǎng)力大小相等，故B正確；

C．顆粒從進(jìn)入電場(chǎng)到落地豎直方向做自由落體，則兩顆粒所用的時(shí)間相等，水平方向上做初速度為0的勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，由可知，a顆粒水平方向的加速度是b顆粒的兩倍，經(jīng)過相同的時(shí)間水平位移a顆粒是b顆粒的兩倍，故C正確；

D．由于a顆粒水平方向的加速度是b顆粒的兩倍，則b顆粒在電場(chǎng)中的水平位移為a顆粒的一半即為，分別對(duì)a、b兩顆粒從進(jìn)入電場(chǎng)到落地由動(dòng)能定理可得、，解得，故D正確。

故選BCD。

【分析】將a、b兩種顆粒進(jìn)入電場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解為水平方向和電場(chǎng)力方向分析，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律結(jié)合動(dòng)能定理進(jìn)行處理即可。

16．【答案】（1）ＢＤ

（2）Ｄ

（3）0.24-0.29

【知識(shí)點(diǎn)】探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

【解析】【解答】（1）AC．研究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)和探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律都體現(xiàn)了等效法的思想，故AC錯(cuò)誤；

BD．探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系和探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系都體現(xiàn)了控制變量法的思想，故BD正確；

故選BD。

（2）A．補(bǔ)償阻力即，由此可知，與質(zhì)量無(wú)關(guān)，則補(bǔ)償阻力只要一次就可以，故A錯(cuò)誤；

B．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；

C．處理數(shù)據(jù)時(shí)，在紙帶上不必一定要連續(xù)5個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)選取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D．補(bǔ)償阻力時(shí)，小車應(yīng)在無(wú)牽引力作用下運(yùn)動(dòng)，則應(yīng)取下槽碼，小車后面的紙帶需穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔，故D正確。

故選D。

（3）由勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度可得，由于誤差0.24-0.29m/s均可

【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析各個(gè)實(shí)驗(yàn)即可；（2）根據(jù)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)誤差分析處理；（3）由勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度即可求解。

17．【答案】（1）Ｂ

（2）大于

（3）Ｃ

（4）充電；C

【知識(shí)點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律

【解析】【解答】（1）A．紙帶越短，得到的點(diǎn)跡越少，數(shù)據(jù)處理過程中誤差較大，所以并不是紙帶越短，實(shí)驗(yàn)效果越好，故A錯(cuò)誤；

B．由圖1可知，計(jì)時(shí)器為電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，則可選擇6V的交流電源，故B正確；

C．由實(shí)驗(yàn)原理可知，其中g(shù)應(yīng)為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋豢呻S意取10m/s2，故C錯(cuò)誤；

D．處理數(shù)據(jù)時(shí)，不一定要選擇第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)進(jìn)行驗(yàn)證，只要紙帶上取相距較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)均可，故D錯(cuò)誤。

故選B；

（2）由實(shí)驗(yàn)原理可知，，由圖可知，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)考慮阻力的作用，由于兩個(gè)重錘形狀相同，則阻力相同，由，可知，圖線斜率越大，質(zhì)量越大，所以。

（3）由實(shí)驗(yàn)原理可知，，則重錘B下落的加速度，故選C。

（4）觀察電容器的放電實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選給電容器充電，即將開關(guān)先與1端閉合，電容器進(jìn)行充電；在放電過程中，電流逐漸減小，且減小得越來(lái)越慢，故選C。

【分析】（1）根據(jù)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)原理與誤差進(jìn)行分析；（2）由圖像分析得到實(shí)驗(yàn)中應(yīng)考慮阻力作用再根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析；（3）由實(shí)驗(yàn)原理公式分析即可；（4）觀察電容器的放電實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選給電容器充電，即將開關(guān)先與1端閉合，電容器進(jìn)行充電；在放電過程中，電流逐漸減小，且減小得越來(lái)越慢。

18．【答案】（1）解：設(shè)絕緣絲線偏離堅(jiān)直線的任度為，小球受力分析可得：

（2）解：由

可得：

（3）解：由

可得：

【知識(shí)點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)

【解析】【分析】（1）對(duì)小球受力分析，受重力、電場(chǎng)力和拉力作用，由平衡結(jié)合小角近似求解；

（2）由U=Ed代入數(shù)據(jù)即可求解；

（3）由電容器定義式進(jìn)行求解。

19．【答案】（1）解：當(dāng)車輪沒有沿斜坡方向的相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，可得汽車所受合力為：

可得：

（2）解：汽車的向心力由重力，支持力和靜摩擦力的合力提供

水平方向：

豎直方向：

【知識(shí)點(diǎn)】生活中的圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【分析】（1）車輪沒有沿斜坡方向的相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨即沒有靜摩擦力時(shí)，對(duì)汽車受力分析由圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)求解；

（2）如果汽車速度較大，則汽車有向外滑的趨勢(shì)，汽車受重力、支持力和靜摩擦力作用，結(jié)合牛頓第二定律求解即可。

20．【答案】（1）解：小球恰好過最高點(diǎn)得：

小球從至，由動(dòng)能定理可得

（2）解：小球從點(diǎn)至圓心等高點(diǎn)，由動(dòng)能定理得：

小球所受彈力為：

由牛頓第三定律得：小球?qū)壍赖膲毫Α?/p>

（3）解：小球從至，由動(dòng)能定理得：

小球離開點(diǎn)后，由斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得：

水平方向：

由堅(jiān)直方向可得運(yùn)動(dòng)時(shí)間

可得：

當(dāng)時(shí)，取等號(hào)

當(dāng)時(shí)，有最小值，最小值為

【知識(shí)點(diǎn)】斜拋運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【分析】（1）小球恰好過最高點(diǎn)即重力提供向心力綜合動(dòng)能定理求解；

（2）由動(dòng)能定理結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)求解；

（3）由動(dòng)能定理結(jié)合斜拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律列方程，由數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行求解。

21．【答案】（1）解：由題意可得，引力做功可表示為

（2）解：若物體到無(wú)窮遠(yuǎn)處速度為0，所需的發(fā)射速度最小。

由動(dòng)能定理可得：

（3）解：庫(kù)侖力提供電子繞核做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力

要使氫原子電離，即：使核外電子運(yùn)動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)，逃出原子核的電場(chǎng)范圍。由動(dòng)能定理：

類比萬(wàn)有引力，可得庫(kù)侖力做功為：

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用；電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功的關(guān)系

【解析】【分析】（1）由功的公式結(jié)合功能關(guān)系求解；

（2）由動(dòng)能定理進(jìn)行推導(dǎo)，注意物體能運(yùn)動(dòng)至距地球無(wú)窮遠(yuǎn)處速度為0時(shí)，所需的發(fā)射速度最小；

（3）由圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)結(jié)合動(dòng)能定理和類比萬(wàn)有引力做功即可求解。

二一教育在線組卷平臺(tái)（）自動(dòng)生成1/1登錄二一教育在線組卷平臺(tái)助您教考全無(wú)憂

浙江省紹興市2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期6月期末物理試題

一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）

1．（2023高一下·紹興月考）下列物理量為標(biāo)量，且單位是國(guó)際單位制基本單位的是（）

A．位移mB．質(zhì)量kg

C．力ND．加速度

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)單位制

【解析】【解答】A．位移為矢量，其單位為m，是國(guó)際單位制基本單位，故A錯(cuò)誤；

B．質(zhì)量是標(biāo)量，其單位為kg，是國(guó)際單位制基本單位，故B正確；

C．力是矢量，其單位為N，不是國(guó)際單位制基本單位，故C錯(cuò)誤；

D．加速度是矢量，其單位為m/s2，不是國(guó)際單位制基本單位，故D錯(cuò)誤。

故選B。

【分析】標(biāo)量是只有大小，沒有方向的物理量，矢量是有大小，又有方向的物理量，熟記七個(gè)基本物理量及其單位。

2．（2023高一下·紹興月考）下列說(shuō)法正確的是（）

A．卡文迪什通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得了引力常量

B．開普勒提出所有行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是圓

C．法拉第首先測(cè)出了元電荷的數(shù)值

D．庫(kù)侖首先提出了電場(chǎng)的概念

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】物理學(xué)史

【解析】【解答】A．卡文迪什通過扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)得了引力常量，使得萬(wàn)有引力定律有了真正的使用價(jià)值，故A正確；

B．由開普勒第一定律可知，開普勒提出所有行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓，故B錯(cuò)誤；

C．密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)出了元電荷的數(shù)值，故C錯(cuò)誤；

D．法拉第首先提出了電場(chǎng)的概念，故D錯(cuò)誤。

故選A。

[分析]本題考察物理學(xué)史，熟記物理學(xué)中科學(xué)家的重要貢獻(xiàn)即可。

3．（2023高一下·紹興月考）如圖所示，空中懸停的無(wú)人機(jī)突然失去動(dòng)力而下墜。在下墜過程中，其所受空氣阻力大小與下墜速率成正比，則無(wú)人機(jī)在下墜過程中（）

A．做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B．處于超重狀態(tài)

C．重力勢(shì)能一直減小

D．空氣阻力可能先做負(fù)功，后不做功

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】超重與失重；功的概念；重力勢(shì)能

【解析】【解答】AB．無(wú)人機(jī)由懸停下墜，即無(wú)人機(jī)向下做加速度運(yùn)動(dòng)，且所受空氣阻力大小與下墜速率成正比，由牛頓第二定律可知，無(wú)人機(jī)的加速度減小，則無(wú)人機(jī)向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，具有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；

C．由于無(wú)人機(jī)向下運(yùn)動(dòng)，重力做正功，重力勢(shì)能減小，故C正確；

D．由于空氣阻力與無(wú)人機(jī)的運(yùn)動(dòng)方向相反，則空氣阻力一直做負(fù)功，故D錯(cuò)誤；

故選C。

【分析】由于無(wú)人受空氣阻力大小與下墜速率成正比，由牛頓第二定律可知，無(wú)人機(jī)的加速度減小，則無(wú)人機(jī)向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，具有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，由于重力做正功，則重力勢(shì)能減小，由于空氣阻力與無(wú)人機(jī)的運(yùn)動(dòng)方向相反，則空氣阻力一直做負(fù)功。

4．（2023高一下·紹興月考）關(guān)于以下教科書中的插圖，下列說(shuō)法正確的是（）

甲乙丙丁

A．甲圖，用頭發(fā)碎屑可以模擬電場(chǎng)線，圖中的電荷一定帶正電荷

B．乙圖，搖動(dòng)起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶變得清澈透明，其工作原理為靜電屏蔽

C．丙圖，優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬網(wǎng)，是為了增強(qiáng)話筒線的導(dǎo)電性能

D．丁圖，工作人員給車加油前，觸摸一下靜電釋放器，可將人體的靜電釋放到大地

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】靜電的防止與利用

【解析】【解答】A．由圖甲可知，電場(chǎng)線與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線相似，但不知是發(fā)散的還是匯聚的，則無(wú)法確定是正電荷的電場(chǎng)還是負(fù)電荷的電場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；

B．乙圖，搖動(dòng)起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶變得清澈透明，其工作原理為靜電吸附，故B錯(cuò)誤；

C．丙圖，優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬網(wǎng)，是采用靜電屏蔽原理，故C錯(cuò)誤；

D．丁圖，工作人員加油前觸摸靜電釋放器，其目的是將人體的靜電導(dǎo)到大地，故D正確。

故選D。

【分析】根據(jù)正、負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線特點(diǎn)、靜電除塵、靜電屏蔽和靜電釋放原理分析即可。

5．（2023高一下·紹興月考）如圖所示，A、B、C是正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，O為三角形的中心，A點(diǎn)和B點(diǎn)分別固定電荷量均為q的負(fù)電荷，在O點(diǎn)固定電荷q′后，C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度恰好為零。電荷q′為（）

A．正電荷，電荷量為3qB．正電荷，電荷量為

C．負(fù)電荷，電荷量為qD．負(fù)電荷，電荷量為

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】點(diǎn)電荷的電場(chǎng)；電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加

【解析】【解答】設(shè)正三角形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，A點(diǎn)和B點(diǎn)的負(fù)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為，方向沿CO方向，則O點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)方向應(yīng)OC方向，即應(yīng)帶正電，且有，其中，聯(lián)立解得。

故選B。

【分析】根據(jù)求出AB電荷在C產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度，再由電場(chǎng)的合成法則求出AB電荷在C產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)，最后根據(jù)在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)應(yīng)與AB電荷在C產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)等大反向。

6．（2023高一下·紹興月考）第19屆亞運(yùn)會(huì)將于2023年9月23日在杭州舉行。如圖所示為場(chǎng)地自行車運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練情景，甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員騎自行車在賽道轉(zhuǎn)彎處以相同大小的線速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）

A．甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的角速度大小相等

B．甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的向心加速度大小相等

C．、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員受到的合力大小一定相等

D．甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員，運(yùn)動(dòng)員甲的轉(zhuǎn)速最大

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；勻速圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】A．由可知，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，但半徑不同，則甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的角速度大小不相等，故A錯(cuò)誤；

B．由可知，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，但半徑不同，則甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的向心加速度大小不相等，故B錯(cuò)誤；

C．由于運(yùn)動(dòng)員做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則合力提供向心力，有，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，但半徑不同，且質(zhì)量不一定相同，則甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員受到的合力大小不一定相等，故C錯(cuò)誤；

D．由可知，由于甲、乙、丙三位運(yùn)動(dòng)員的線速度大小相等，且甲的半徑最小，則甲的轉(zhuǎn)速最大，故D正確。

故選D。

【分析】由、、、進(jìn)行分析處理即可。

7．（2023高一下·紹興月考）高度差一定的兩點(diǎn)間可以搭建無(wú)數(shù)光滑曲線軌道，相同小球由起點(diǎn)靜止下滑，若沿某一條曲線軌道運(yùn)動(dòng)的小球到達(dá)終點(diǎn)用時(shí)最短，該曲線稱為最速降線。如圖所示，三條光滑軌道的起點(diǎn)和終點(diǎn)相同，其中軌道2按最速降線設(shè)計(jì)，讓同一小球分別從各自軌道的起點(diǎn)靜止出發(fā)，下列說(shuō)法正確的是起點(diǎn)（）

A．小球沿軌道2運(yùn)動(dòng)，重力做功最多

B．球沿軌道2運(yùn)動(dòng)，重力的平均功率最大

C．小球沿軌道2運(yùn)動(dòng)，所受支持力做功最多

D．小球分別到達(dá)各自軌道終點(diǎn)處的速度相同

【答案】B

【知識(shí)點(diǎn)】功的計(jì)算；功率及其計(jì)算；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【解答】A．由于三條軌道起點(diǎn)與終點(diǎn)的高度差相同，由可知，重力做功相同，故A錯(cuò)誤；

B．由可知，由于軌道2為最速降線軌道即時(shí)間最短，則重力的平均功率最大，故B正確；

C．小球沿三條軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)支持力與速度方向垂直，所以支持力都不做功，故C錯(cuò)誤；

D．由動(dòng)能定理可知，小球分別到達(dá)各自軌道終點(diǎn)處的速度大小相等，但方向不同，故D錯(cuò)誤。

故選B。

【分析】由判斷做功，由確定重力的平均功率大小關(guān)系，支持力與速度方向垂直，所以支持力都不做功，由動(dòng)能定理可知，小球分別到達(dá)各自軌道終點(diǎn)處的速度大小相等，但方向不同。

8．（2023高一下·紹興月考）某帶電體周圍分布的等勢(shì)線如圖所示，a、c是同一條實(shí)線上的兩點(diǎn)，b是另一條實(shí)線上的點(diǎn)，則（）

A．a(chǎn)、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向可能相同

B．質(zhì)子從b點(diǎn)移至c點(diǎn)，靜電力做正功

C．電子處于a、b兩點(diǎn)時(shí)，其電勢(shì)能在b點(diǎn)時(shí)較大

D．同一試探電荷依次放在a、b、c三點(diǎn)，在c點(diǎn)時(shí)受到的靜電力最大

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】電勢(shì)能；等勢(shì)面

【解析】【解答】A．由于電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，由圖可知，a、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向大致要相反，故A錯(cuò)誤；

B．由圖可知，c點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，則質(zhì)子在c點(diǎn)電勢(shì)能大于b點(diǎn)電勢(shì)能，質(zhì)子從b點(diǎn)移至c點(diǎn)，電勢(shì)能增大，由功能關(guān)系可知，靜電力做負(fù)功，故B錯(cuò)誤；

C．由圖可知，a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，由負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小可知，電子在b點(diǎn)的電勢(shì)能較大，故C正確；

D．等差等勢(shì)面的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，由圖可知，a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大，同一試探電荷在a、b、c三點(diǎn)，在a點(diǎn)時(shí)受到的靜電力最大，故D錯(cuò)誤。

故選C。

【分析】由電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面可判斷a、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；由圖判斷出a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)的高低，由負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，比較出電荷在a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)能的大小關(guān)系，根據(jù)功能關(guān)系判斷出靜電力做功情況；等差等勢(shì)面的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小判斷電場(chǎng)強(qiáng)度大，從而判斷靜電力大小關(guān)系。

9．（2023高一下·紹興月考）2023年5月11日5時(shí)16分，天舟六號(hào)貨運(yùn)飛船成功對(duì)接于空間站天和核心艙，轉(zhuǎn)為“組合體”飛行。對(duì)接前，天舟六號(hào)與空間站的軌道如圖所示。對(duì)接后，“組合體”仍在空間站原軌道運(yùn)行。天舟六號(hào)、空間站、“組合體”繞地球運(yùn)動(dòng)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A．對(duì)接前，空間站的線速度大于天舟六號(hào)的線速度

B．對(duì)接前，空間站的向心加速度大于天舟六號(hào)的向心加速度

C．對(duì)接后，組合體繞地球的公轉(zhuǎn)周期大于對(duì)接前空間站的公轉(zhuǎn)周期

D．天舟六號(hào)將來(lái)要返回地球，需通過減速來(lái)降低軌道

【答案】D

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用

【解析】【解答】AB．由萬(wàn)有引力提供向心力可得，則有，由于對(duì)接前，空間站的軌道半徑大于天舟六號(hào)的軌道半徑，所以對(duì)接前，空間站的線速度小于天舟六號(hào)的線速度，對(duì)接前，空間站的向心加速度小于天舟六號(hào)的向心加速度，故AB錯(cuò)誤；

C．由萬(wàn)有引力提供向心力可得，則有，由于組合體繞地球的軌道半徑等于對(duì)接前空間站的軌道半徑，所以對(duì)接后，組合體繞地球的公轉(zhuǎn)周期等于對(duì)接前空間站的公轉(zhuǎn)周期，故C錯(cuò)誤；

D．天舟六號(hào)要返回地球應(yīng)該要做近心運(yùn)動(dòng)，則需要減速使天舟六號(hào)的軌道半徑減小從而實(shí)現(xiàn)返回地球，故D正確。

故選D。

【分析】由萬(wàn)有引力提供向心力可得分析即可得出線速度、向心加速度和公轉(zhuǎn)周期的關(guān)系，天舟六號(hào)要返回地球應(yīng)該要做近心運(yùn)動(dòng)，則需要減速使天舟六號(hào)的軌道半徑減小。

10．（2023高一下·紹興月考）刀削面堪稱面食一絕。如圖所示，廚師將面圈（視為質(zhì)點(diǎn)）沿鍋的某條半徑方向水平削出，面圈距鍋的高度h=0.3m，與鍋沿的最近水平距離L=0.15m，鍋可視為半徑R=0.25m的半球殼（不計(jì)厚度），水面到鍋底的距離d=0.1m。不計(jì)一切阻力，則（）

A．能直接落入水中的面圈被削出的最大初速度為2m/s

B．能落入鍋中的面圈被削出的最大初速度為2m/s

C．直接落入水中的面圈，它們的速度變化量可能不同

D．落入鍋中的面圈，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間均相同

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】A．由幾何關(guān)系可知，面圈能直接落入水中的最遠(yuǎn)水平距離為，下落的高度為，由可得，，則最大速度為，故A正確；

B．由幾何關(guān)系可知，面圈能落入水中的最遠(yuǎn)水平距離為，下落的最小時(shí)間為，能落入鍋中的面圈被削出的最大初速度為，故B錯(cuò)誤；

C．直接落入水中的面圈，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，由可知，它們的速度變化量相同，故C錯(cuò)誤；

D．落入鍋中的面圈，由于下落高度不同，它們?cè)诳罩羞\(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相同，故D錯(cuò)誤。

故選A。

【分析】由幾何關(guān)系找出各種情況面圈下落的高度和水平位移，利用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律即可求解，直接落入水中的面圈，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，由可知，它們的速度變化量相同，落入鍋中的面圈，由于下落高度不同，它們?cè)诳罩羞\(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相同。

11．（2023高一下·紹興月考）殲-35戰(zhàn)斗機(jī)是我國(guó)自主研發(fā)的第五代多用途戰(zhàn)斗機(jī)，其過載可以達(dá)到9。過載是指作用在飛機(jī)上的氣動(dòng)力和發(fā)動(dòng)機(jī)推力的合力與飛機(jī)重力之比。如戰(zhàn)斗機(jī)以大小為g的加速度豎直向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，其過載就是2。若殲-35戰(zhàn)機(jī)在一次做俯沖轉(zhuǎn)彎訓(xùn)練時(shí)，在最低點(diǎn)時(shí)速度大小約為200m/s，過載為5，將飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)軌跡看成圓弧，則飛機(jī)轉(zhuǎn)彎可能的最小半徑為（）

A．600mB．800mC．1000mD．10000m

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】生活中的圓周運(yùn)動(dòng)

【解析】【解答】戰(zhàn)斗機(jī)過最低點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律有，則

故選C。

【分析】由題意可知，戰(zhàn)斗機(jī)過最低點(diǎn)時(shí)指向圓心的作用力即為5mg，再結(jié)合牛頓第二定律列方程求解。

12．（2023高一下·紹興月考）光滑水平面（足夠大）上的物體受三個(gè)沿水平面的恒力F1、F2、F3作用，以速率v沿水平面做勻速直線運(yùn)動(dòng)，其俯視圖如圖所示。其中F1與運(yùn)動(dòng)方向垂直，若撤去某個(gè)力，其他力不變，下列說(shuō)法正確的是（）

A．撤去F1，物體將做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

B．撤去F2，物體的最小速率可以為零

C．撤去F2，物體的速率可以再次為v

D．撤去F3，物體的速率可以再次為v

【答案】C

【知識(shí)點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成與分解；動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用

【解析】【解答】A．由題意可知，恒力F1、F2、F3的合力為0，撤去F1，則F2、F3的合力與F1等大反向，即F2、F3的合力與v垂直，所以物體將做類平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

BC．撤去F2，則F1、F3的合力與F2等大反向，則v與F1、F3的合力成鈍角，將F1、F3的合力分解到與v平行方向和垂直方向可知，平行v方向做減速運(yùn)動(dòng)，垂直v方向做加速度運(yùn)動(dòng)，則物體的最小速率不可能為零，由運(yùn)動(dòng)的合成可知，物體的速率可能再次為v，故B錯(cuò)誤，C正確；

D．撤去F3，則F1、F2的合力與F3等大反向，則v與F1、F2的合力成銳角，所以F1、F2的合力對(duì)物體做正功，動(dòng)能一定增加，則物體的速率不可能再次為v，故D錯(cuò)誤。

故選C。

【分析】由題意可知，恒力F1、F2、F3的合力為0，分別撤去不同的力，其余兩力的合力與撤去的力等大反向且為恒力，根據(jù)合力與v的夾角關(guān)系分析物體往后的運(yùn)動(dòng)情況。

13．（2023高一下·紹興月考）紹興軌道交通2號(hào)線是我市正在建設(shè)的第二條地鐵線路。施工中，工人將地面下15m深處的一質(zhì)量為50kg的箱子吊起。箱子在繩的拉力作用下由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，箱子的機(jī)械能E與其位移x的關(guān)系圖象如圖所示，其中x=-10~0m的圖線為直線。以地面為重力勢(shì)能零勢(shì)能面，不計(jì)空氣阻力，由圖象可知，箱子從地面下15m至地面過程中，（）

A．動(dòng)能增加5000JB．重力勢(shì)能增加12500J

C．繩的拉力做功7500JD．繩的拉力大小先增大后不變

【答案】A

【知識(shí)點(diǎn)】功能關(guān)系；重力勢(shì)能的變化與重力做功的關(guān)系

【解析】【解答】A．由圖可知，箱子到達(dá)地面時(shí)機(jī)械能為5000J，且地面處的重力勢(shì)能為0，則此過程中動(dòng)能增加了5000J，故A正確；

B．重力勢(shì)能增加量為，故B錯(cuò)誤；

C．由動(dòng)能定理可知，，則拉力做功為

，故C錯(cuò)誤；

D．由功能關(guān)系可知，拉力所做功等于機(jī)械能的變化，E-x圖像中圖線斜率的絕對(duì)值表示拉力大小，由圖可知，繩的拉力大小先減小后不變，故D錯(cuò)誤。

故選A。

【分析】根據(jù)機(jī)械能由動(dòng)能和勢(shì)能組成即可求解動(dòng)能增量，由mgh可求解重力勢(shì)能的增加量，由動(dòng)能定理求解拉力做功，由功能關(guān)系，拉力所做功等于機(jī)械能的變化，E-x圖像中圖線斜率的絕對(duì)值表示拉力大小判斷拉力大小變化。

二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）

14．（2023高一下·紹興月考）2023年3月30日，我國(guó)成功將宏圖一號(hào)01衛(wèi)星組發(fā)射升空，并進(jìn)入預(yù)定的極地軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。它是由“一顆主星+三顆輔星”構(gòu)成的衛(wèi)星組，猶如在太空中飛行的車輪。已知宏圖一號(hào)衛(wèi)星組的運(yùn)行軌道距離地面的高度為h，地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，由以上信息可知（）

A．衛(wèi)星組的向心加速度等于g

B．衛(wèi)星組的線速度小于7.9km/s

C．衛(wèi)星組的角速度大小為

D．衛(wèi)星組運(yùn)動(dòng)的軌道平面可能始終與地球某一經(jīng)線平面重合

【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用；第一、第二與第三宇宙速度

【解析】【解答】A．由萬(wàn)有引力提供向心力，且，可知，衛(wèi)星組的向心加速度小于g，故A錯(cuò)誤；

B.7.9km/s是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則衛(wèi)星組的線速度一定小于7.9km/s，故B正確；

C．由萬(wàn)有引力提供向心力，且聯(lián)立可得衛(wèi)星的角速度為，故C正確；

D．因?yàn)榻?jīng)線隨地球自轉(zhuǎn)在轉(zhuǎn)動(dòng)，則衛(wèi)星組運(yùn)動(dòng)的軌道平面不可能始終與地球某一經(jīng)線平面重合，故D錯(cuò)誤。

故選BC。

【分析】由萬(wàn)有引力提供向心力，且，即可分析衛(wèi)星組的向心加速度與角速度；由于7.9km/s是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則衛(wèi)星組的線速度一定小于7.9km/s；因?yàn)榻?jīng)線隨地球自轉(zhuǎn)在轉(zhuǎn)動(dòng)，則衛(wèi)星組運(yùn)動(dòng)的軌道平面不可能始終與地球某一經(jīng)線平面重合。

15．（2023高一下·紹興月考）如圖是某靜電分選器的原理示意圖。兩豎直放置的正對(duì)平行金屬板之間為勻強(qiáng)電場(chǎng)，漏斗的出口與兩板上端處于同一高度，到兩板距離相等。混合在一起的a、b兩種顆粒從漏斗出口下落時(shí)，使a帶正電、b帶負(fù)電，然后沿電場(chǎng)中線進(jìn)入，進(jìn)入時(shí)的速度可認(rèn)為是零。已知a、b的質(zhì)量和電荷量分別為m、+q和2m、-q，電場(chǎng)兩極板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，兩板間距為，下端距地面的距離為3L。調(diào)整兩極板間電壓大小，使顆粒a恰好從極板邊緣離開電場(chǎng)，不計(jì)空氣阻力、顆粒體積及相互作用力，電場(chǎng)只分布在兩板間，下列說(shuō)法正確的是（）

A．a(chǎn)、b兩種顆粒在電場(chǎng)中均做類平拋運(yùn)動(dòng)

B．a(chǎn)、b兩種顆粒在電場(chǎng)中所受靜電力大小均為

C．a(chǎn)、b兩種顆粒落地點(diǎn)到O點(diǎn)的距離之比為2∶1

D．若a、b兩種顆粒落地時(shí)動(dòng)能相等，則兩極板間電壓

【答案】B,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用；電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功的關(guān)系

【解析】【解答】A．由于a、b兩種顆粒進(jìn)入電場(chǎng)后豎直方向受重力，水平方向受電場(chǎng)力作用，初速度均為0，則兩種顆粒不可能做類平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)a粒子豎直方向有，水平方向有，聯(lián)立解得，由于a、b兩顆粒的電荷量絕對(duì)值相等，則兩粒子所受電場(chǎng)力大小相等，故B正確；

C．顆粒從進(jìn)入電場(chǎng)到落地豎直方向做自由落體，則兩顆粒所用的時(shí)間相等，水平方向上做初速度為0的勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，由可知，a顆粒水平方向的加速度是b顆粒的兩倍，經(jīng)過相同的時(shí)間水平位移a顆粒是b顆粒的兩倍，故C正確；

D．由于a顆粒水平方向的加速度是b顆粒的兩倍，則b顆粒在電場(chǎng)中的水平位移為a顆粒的一半即為，分別對(duì)a、b兩顆粒從進(jìn)入電場(chǎng)到落地由動(dòng)能定理可得、，解得，故D正確。

故選BCD。

【分析】將a、b兩種顆粒進(jìn)入電場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分解為水平方向和電場(chǎng)力方向分析，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律結(jié)合動(dòng)能定理進(jìn)行處理即可。

三、實(shí)驗(yàn)題（共14分）

16．（2023高一下·紹興月考）（1）下列實(shí)驗(yàn)中體現(xiàn)了控制變量法的是（）

A.研究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)

B.探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

C.探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律

D.探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系

（2）小明同學(xué)利用圖所示裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。對(duì)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.每次改變小車質(zhì)量后，都需重新補(bǔ)償阻力

B.為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于小車質(zhì)量

C.處理數(shù)據(jù)時(shí)，在紙帶上必須連續(xù)5個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)選取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)

D.補(bǔ)償阻力時(shí)，應(yīng)取下槽碼，小車后面的紙帶需穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔

（3）該同學(xué)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，得到紙帶如圖所示，紙帶中相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，打下e點(diǎn)時(shí)小車的速度大小為m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

【答案】（1）ＢＤ

（2）Ｄ

（3）0.24-0.29

【知識(shí)點(diǎn)】探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系

【解析】【解答】（1）AC．研究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)和探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律都體現(xiàn)了等效法的思想，故AC錯(cuò)誤；

BD．探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系和探究向心力大小與半徑、角速度、質(zhì)量的關(guān)系都體現(xiàn)了控制變量法的思想，故BD正確；

故選BD。

（2）A．補(bǔ)償阻力即，由此可知，與質(zhì)量無(wú)關(guān)，則補(bǔ)償阻力只要一次就可以，故A錯(cuò)誤；

B．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；

C．處理數(shù)據(jù)時(shí)，在紙帶上不必一定要連續(xù)5個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)選取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D．補(bǔ)償阻力時(shí)，小車應(yīng)在無(wú)牽引力作用下運(yùn)動(dòng)，則應(yīng)取下槽碼，小車后面的紙帶需穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔，故D正確。

故選D。

（3）由勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度可得，由于誤差0.24-0.29m/s均可

【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析各個(gè)實(shí)驗(yàn)即可；（2）根據(jù)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)誤差分析處理；（3）由勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度即可求解。

17．（2023高一下·紹興月考）小明同學(xué)利用圖所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。

（1）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.紙帶越短，阻力的影響越小，實(shí)驗(yàn)效果越好

B.由圖1中的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的外觀，可選擇6V的交流電源

C.處理數(shù)據(jù)時(shí)，無(wú)需知道當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋梢匀=10m/s2

D.處理數(shù)據(jù)時(shí)，必須選擇打出的第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)進(jìn)行驗(yàn)證

（2）該同學(xué)分別用兩個(gè)形狀相同，質(zhì)量不同的重錘A、B進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，記錄下落高度h和相應(yīng)的速度大小v，作出的v2-h圖像如圖所示。則重錘A、B的質(zhì)量大小關(guān)系為mAmB（選填“大于”、“小于”或“等于”）；

（3）由圖2中的信息，計(jì)算重錘B下落的加速度a，下列表達(dá)式正確的是（）

A.B.C.D.

（4）小張同學(xué)用傳感器做“觀察電容器的放電”實(shí)驗(yàn)，采用的實(shí)驗(yàn)電路如圖所示。將開關(guān)先與“1”端閉合，電容器進(jìn)行（選填“充電”或“放電”），再將開關(guān)與“2”端閉合。在下列四個(gè)圖像中，表示通過傳感器的電流隨時(shí)間變化的圖像為

A.B.C.D.

【答案】（1）Ｂ

（2）大于

（3）Ｃ

（4）充電；C

【知識(shí)點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律

【解析】【解答】（1）A．紙帶越短，得到的點(diǎn)跡越少，數(shù)據(jù)處理過程中誤差較大，所以并不是紙帶越短，實(shí)驗(yàn)效果越好，故A錯(cuò)誤；

B．由圖1可知，計(jì)時(shí)器為電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，則可選擇6V的交流電源，故B正確；

C．由實(shí)驗(yàn)原理可知，其中g(shù)應(yīng)為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋豢呻S意取10m/s2，故C錯(cuò)誤；

D．處理數(shù)據(jù)時(shí)，不一定要選擇第一個(gè)點(diǎn)作為起點(diǎn)進(jìn)行驗(yàn)證，只要紙帶上取相距較遠(yuǎn)的兩點(diǎn)均可，故D錯(cuò)誤。

故選B；

（2）由實(shí)驗(yàn)原理可知，，由圖可知，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)考慮阻力的作用，由于兩個(gè)重錘形狀