廣東省汕頭市灶浦中學高二物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，一個不帶電的表面絕緣的導體P正在向帶正電的小球Q緩慢靠近，但不接觸，也沒有發生放電現象，則下列說法中正確的是(

)A．B端的感應電荷為負電荷

B．導體內場強越來越大C．導體上的感應電荷在C點產生的場強始終大于在B點產生的場強D．C、B兩點的電勢始終相同參考答案：CD2.在遠距離輸電時，輸送的電功率為P，輸電電壓為U，所用輸電導線的電阻率為ρ，截面積為S，兩地的距離為L，輸電線上損耗的電功率為P1，用戶得到的電功率為P2。下列關于P1和P2的表達式中正確的是(

)

A．

B．

C．

D．

參考答案：A3.下列說法中正確的是：A.根據惠更斯原理可知，介質中任一波面上的各點，都可以看做發射子波的波源

B.惠更斯原理只能解釋球面波的傳播，不能解釋平面波的傳播

C.若知道某時刻一列波的某個波面的位置，由惠更斯原理可以確定波的傳播方向

D.惠更斯原理不能解釋波的直線傳播，可以解釋波的反射與折射等相關現象參考答案：A4.一個帶電粒處于垂直于勻強磁場方向的平面內，在磁場力的作用下做圓周運動，要想確定帶電粒子的電荷量與質量之比，則只需要知道A.運動速度v和磁感應強度B

B.軌道半徑R和磁感應強度BC.軌道半徑R和運動速度v

D.磁感應強度B和運動周期T參考答案：D5.（多選題）如圖2-5所示的同心圓是電場中的一簇等勢面，一個電子只在電場力作用下沿著直線由A向C運動時的速度越來越小，B為線段AC的中點，則有()A．電子沿AC運動時受到的電場力越來越小B．電子沿AC運動時它具有的電勢能越來越小C．電勢φA>φB>φCD．電勢差UAB<UBC參考答案：CD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）某地的地磁場的磁感應強度為B＝5.0×10-3T，與水平方向夾角為530,則穿過水平面內的面積為S＝200m2的平面的磁通量大小為

參考答案：8×10-37.某同學設計了如圖所示的裝置來探究加速度與力的關系．彈簧秤固定在一合適的木板上,桌面的右邊緣固定一支表面光滑的鉛筆以代替定滑輪，細繩的兩端分別與彈簧秤的掛鉤和礦泉水瓶連接．在桌面上畫出兩條平行線MN、PQ，并測出間距d.開始時將木板置于MN處，現緩慢向瓶中加水，直到木板剛剛開始運動為止，記下彈簧秤的示數F0，以此表示滑動摩擦力的大小．再將木板放回原處并按住，繼續向瓶中加水后，記下彈簧秤的示數F1，然后釋放木板，并用秒表記下木板運動到PQ處的時間t.①木板的加速度可以用d、t表示為a＝________；為了減小測量加速度的偶然誤差可以采用的方法是(一種即可)________________________________________________.②改變瓶中水的質量重復實驗，確定加速度a與彈簧秤示數F1的關系．下列圖象能表示該同學實驗結果的是()

③用加水的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，它的優點是________．A．可以改變滑動摩擦力的大小B．可以更方便地獲取多組實驗數據C．可以比較精確地測出摩擦力的大小D．可以獲得更大的加速度以提高實驗精度參考答案：8.一閉合線圈在勻強磁場中做勻角速轉動，角速度為240πrad/min，當線圈平面轉動至與磁場平行時，線圈的電動勢為2.0V。設線圈從垂直磁場瞬時開始計時，則該線圈電動勢的瞬時表達式為__________________；電動勢在s末的瞬時值為_________。參考答案：9.兩塊大小、形狀完全相同的金屬板平行放置，構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖7所示，閉合開關S，電源即給電容器充電。（1）若保持S閉合，減小兩板間的距離，則兩極板間電場的電勢差

，電場強度

；（2）若斷開S，減小兩板間的距離，則極板上的電量

，兩極板間的電場強度

。（填：“變大”、“不變”或“變小”）參考答案：（1）不變

變大ks5u

（2）不變

不變

10.如圖所示，同一閉合線圈，第一次用一根條形磁鐵插入，第二次用兩根條形磁鐵插入，前后插入的速度相同，問哪一次電流表指針偏轉角度大？

(第一次或第二次)參考答案：第二次11.在真空中有兩個帶等量異種電荷的點電荷，電荷量均為2×10－8C，相距20cm，則它們之間的相互作用力為______

_N，在兩者連線的中點處，電場強度大小為__________N/C。參考答案：

9×10－5

，

3.6×104

12.在面積為2m2的平面圓形線圈中接有一個電容為20μF的電容器C，磁感強度的方向垂直于紙面向里，如圖所示，當磁感強度以0.05T/s的速率增加時，電容器的電量Q=________C，其上極板帶________電。參考答案：2×10-6C

負13.（4分）在一個負點電荷形成的電場中，將一個電子從靜止開始釋放，則這個電子的速度變化情況是__________，它的加速度變化的情況是__________。參考答案：越來越大；越來越小三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.根據試題的要求填空或作圖。⑴圖（甲）為多用電表的示意圖，其中S、K、Ｔ為三個可調節的部件，現用此電表測量一阻值約為20～30Ω的定值電阻，測量的某些操作步驟如下：①節可調節部件_____，使電表指針停在_

_

_位置；②調節可調節部件K，使它在尖端指向__

__位置；③將紅、黑表筆分別插入“＋”、“－”插孔，筆尖相互接觸，調節可調節部件____，使電表指針指向__

___位置。⑵在用多用表測量另一電阻的阻值時，電表的讀數如圖（乙）所示，該電阻的阻值為_

。參考答案：(1)S左端

“0”

T

右端“0”

(2)1.5×10415.如圖所示是“探究勻變速直線運動速度隨時間的變化規律”實驗中打出的一條紙帶，相鄰計數點間的時間間隔為T，則C點的速度可表示為(

)A.

B.C.

D.參考答案：C由勻變速直線運動的推論可知平均速度等于中間時刻的瞬時速度。即。故C正確四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，傾角為θ=45°的直導軌與半徑為R的圓環軌道相切，切點為B，整個軌道處在豎直平面內，一質量為m的小滑塊從導軌上的A處無初速下滑進入圓環軌道．接著小滑塊從圓環最高點D水平飛出，恰好擊中導軌上與圓心O等高的P點，不計一切阻力．求：（1）滑塊運動到D點時速度的大?。?）滑塊運動到最低點C時對軌道壓力的大小．（3）A、C兩點的豎直高度．參考答案：解：（1）根據幾何關系知，OP間的距離為：x=，根據R=得：t=，則滑塊在最高點C時的速度為：．（2）對最低點C到D點運用動能定理得：﹣mg2R=解得：v=，對最低點由牛頓第二定律得：解得：FN=6mg由牛頓第三定律得：滑塊運動到圓環最低點時對圓環軌道壓力的大小為6mg．（3）不計一切阻力，A到C過程滿足機械能守恒定律：，解得：h=2.5R答：（1）滑塊運動到D點時速度的大小是．（2）滑塊運動到最低點C時對軌道壓力的大小是6mg．（3）A、C兩點的豎直高度是2.5R．【考點】機械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力．【分析】（1）根據幾何關系得出平拋運動的水平位移，結合平拋運動的規律，求出平拋運動的初速度，即在最高點D的速度．（2）對最低點C到D點運用動能定理，求出最低點的速度，根據牛頓第二定律求出支持力的大小，從而得出滑塊對最低點C的壓力大?。?）對C到最低點運用機械能守恒定律，求出A、C兩點的豎直高度大?。?7.（12分）在如圖所示的電路中，電源電動勢E=6V，內阻r=2Ω，電路中各電阻阻值分別為R1=2Ω，R2=R3=4Ω。試求：

（1）電鍵K接a時，通過電源的電流和電源兩端的電壓；（2）電建K接b時，R1消耗的功率；（3）當電鍵K接c時，通過R2的電流。參考答案：解析：K接a時，R1被短路，外電阻為R2，根據閉合電路歐姆定律可得通過電源電流

電源兩端電壓

（2）K接b時，R1和R2串聯,R′外=R1+R2=6Ω通過電源電流I2＝A根據功率得，R1消耗的功率P=1.125W（3）當K接c時，R總=R1+r+R23=6Ω總電流I＝E/R總=1A通過R2電流I＇＝I3=0.5A18.如圖所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ為電場和磁場的理想邊界，一束電子（電量為e，質量為m，重力不計）由靜止狀態從P點經過Ⅰ、Ⅱ間的電場加速后垂直到達邊界Ⅱ的Q點。勻強磁場的磁感應強度為B，磁場邊界寬度為d，電子從磁場邊界Ⅲ穿出時的速度方向與電子原來的入射方向夾角為30°。求：（1）電子在磁場中運動的時間t