備戰2021年高考物理【名校、地市好題必刷】全真模擬卷（重慶專用）?3月卷

第三模擬試卷

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

目要求的。

1.（2020?重慶市第七中學校高三月考）一身高為”的運動員正在參加百米比賽，在終點處有一位站在跑道

終點旁的攝影記者給他拍攝沖線過程，攝影記者使用照相機的光圈（控制進光量的多少）是16,快門（曝

光時間）是占s,得到照片后測得照片中運動員的影像高度為打，胸前號碼布上模糊部分寬度是從。由以

上數據可以知道運動員的（）

A.沖線速度B.百米成績

C.100米內的平均速度D.50米處速度

【答案】A

【解析】

A.胸前號碼上的模糊部分的寬度為△[,即為兩次曝光時運動員的底片上的位移，根據運動員底片上的高

度和實際高度的比例即可求得兩次曝光的實際位移為：

DLH

x-------

h

所以沖刺時的瞬時速度

x60DLH

v--=---------

th

故A正確；

B.100m的成績指的是總時間，運動員的運動過程是一個變速運動，故無法求得運動時間，故B錯誤；

CD.100m內的平均速度等于總位移除以總時間，因無法求得時間，所以無法求出平均速度，也不能求解

50m處的速度，故CD錯誤.

故選A,

2.（2020?渝中區?重慶巴蜀中學高三月考）如圖，傳送帶傾角力=37。，以恒定的速率v°=10m/s逆時針勻速轉

動。AB兩端距離為L=16m,在4端無初速度放上質量m=lkg的滑塊，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數〃=0.5,

最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。取ghOm/s?,對滑塊從A端運動到8端的過程，下列說法正確的是（cos37W）.8）

)

A

A.滑塊先做勻加速運動，再做勻速運動

B.滑塊先做勻加速運動，再做勻減速運動

C.滑塊的機械能減少了24J

D.滑塊的機械能減少了16J

【答案】C

【解析】

AB.由滑塊的受力可知，物塊先做勻加速運動，此時傳送帶給滑塊的摩擦力與滑塊的運動方向相同，根據

牛頓第二定律可知

mgsin37°+^imgcos37°=ma

解得

a=10m/s2

由此可計算滑塊運動的位移為

%,=—=5m

1la

隨后再對滑塊進行分析，可知此時摩擦力與滑塊的運動方向相反，根據牛頓第二定律可知

mgsin37°-/jmgcos37°=ma

解得

a'=2m/s2

所以滑塊一直做勻加速直線運動，故AB錯誤；

CD.可解得滑塊運動到底端時的速度

VQ2-Vo-勿無

x2+X1=L

解得

V；）-12m/s

由此可根據動能定理解得滑塊損失的機械能

gmv；；=mgLsin37°-Wr：.

解得

%=24J

C正確，D錯誤；

故選C。

3.（2020?重慶市鳳鳴山中學高三月考）如圖質量為町的木塊P在質量為叫的長木板ab上滑行，長木板放

在水平地面上一直處于靜止狀態。若ab與地面間的動摩擦因數為從，木塊P與長木板ab間的動摩擦因數

為處，則長木板ab受到地面的摩擦力大小為（）

V

ar-l?b

I1

777777777777777777777777/777

A.B.從（町+叫）g

C.42sgD."g2g+〃2ng

【答案】C

【解析】

由于長木板處于靜止狀態，所以地面施加的是靜摩擦力，根據平衡條件得該摩擦力等于木塊在上表面施加

的滑動摩擦力，故有

故選Co

4.（2021?重慶高三專題練習）2020年7月長征五號遙四運載火箭執行我國首次火星探測任務，發射火星探

測器預計經過10個月的飛行，2021年到達火星。其后，計劃在2028年左右進行第二次火星探測任務，采

集火星土壤返回地球。已知火星繞太陽公轉的周期約為23個月，火星的直徑相當于地球半徑，質量是地球

的地球表面重力加速度為g，下列說法不正確的是（）

A.火星探測器的發射速度應大于11.2km/h

B.單從發射速度與節省燃料方面考慮，最佳發射地在地球赤道上

c.地球和火星公轉加速度之比為，總

D.火星表面的重力加速度為"g

【答案】D

【解析】

A.發射火星探測器要脫離地球的引力，則發射速度應大于第二宇宙速度11.2km/h,選項A正確，不符合題

意；

B,單從發射速度與節省燃料方面考慮，因赤道處的線速度最大，則最佳發射地在地球赤道上，選項B正確,

不符合題意；

C.根據

_Mm4/

G——=m——r

r2T2

解得

2

4乃2GMT1

而

地球和火星公轉加速度之比為

選項C正確，不符合題意;

D.根據

-Mm

G《r='ng

解得

GM

則

g火二M火與;2

g地“地R火5

2

即火星表面的重力加速度為gg,選項D錯誤，符合題意。

故選Do

5.（2020?渝中區?重慶巴蜀中學高三月考）如圖所示電路中，R1=R2=R3=6Q,電容C=RF；電源電動勢E=6V,

內阻r=3C。S閉合且電路穩定時為"1"態；S斷開且電路穩定時為"2"態。下列說法正確的是（）

A."2"態長的電流比"1"態小

B."1"態電源的效率為80%

C.S斷開后，有電流向左流過危

D.S斷開后，流過危的電荷量為1.8x10%

【答案】D

【解析】

A."1"態時電阻Ri與R3先并聯再和Rz串聯，"2"態時電阻％與R2串聯，所以"1"態時通過電阻瓦的電流為

E1_E

-=0.25A

%+%+「24+鳥+廠2

"2"態時通過電阻Ri的電流為

E

0.4A

7?i+R、+v

即"2"態Ri的電流比"1"態大，故A錯誤;

B."1"態電源的效率為

77=—X100%=—%—xlOO%=X100%=75%

EI（R訃+r）63+R）+廣

故B錯誤；

C.S斷開后，電容器兩極板間電壓增大，電容器充電，充電電流向右流向左極板，所以流過R3的電流向右,

故C錯誤；

D.已知"1"態時電容器兩極板間電壓為

a=2/R=3V

則電容器電荷量為

_6

Q=Ct/1=3xlOC

當S斷開后，電容器兩極板間電壓為

t/2=/2（7?,+/?2）=4.8V

此時，電容器電荷量為

2=。。2=4.8*10"

而極板極性未變，則流過R3的電荷量為

△。=。2-2=18'10飛

故D正確。

故選D。

6.（2020?九龍坡區?重慶市育才中學高三月考）下列說法正確的是（）

A.圖甲是用來加速帶電粒子的回旋加速器的示意圖，要粒子獲得的最大動能增大，可增加電壓U

B.圖乙磁流體發電機的結構示意圖，可以判斷出A極板是發電機的正極，B極板是發電機的負極

F

C.圖丙是速度選擇器，帶電粒子（不計重力）能夠沿直線勻速通過速度選擇器的條件是丫=一

B

D.圖丁是質譜儀的工作原理示意圖，粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫身粒子的比荷越小

【答案】C

【解析】

A.圖甲是川來加速帶電粒子的回旋加速器的示意圖，設D形盒的半徑為R,粒子從D形盒射出時，在磁

場中的軌道半徑等于D形盒的半徑，此時粒子的速度最大，動能也達到最大，根據洛倫茲力提供向心力有

2

qvB-m一，q=R

r

可得粒子的最大動能為

一小/

2m

可知粒子獲得的最大動能與電壓U無關，故A錯誤：

B.圖乙磁流體發電機的結構示意圖，根據左手定則可知正離子所受洛倫茲力的方向向下，則可以判斷出A

極板是發電機的負極，B極板是發電機的正極，故B錯誤：

C.圖丙是速度選擇器，帶電粒子（不計重力）能夠沿直線勻速通過速度選擇器的條件是

Eq=qvB

即

E

v=一

B

故C正確；

D.圖丁是質譜儀的工作原理示意圖，由圖可知《鳥間是一個速度選擇器，所以粒子進入磁場的速度相同,

粒子打在膠片上的位置與狹縫S3的距離為軌道半徑的兩倍，設粒子進入磁場的速度為V,則粒子打在膠片

上的位置與狹縫53的距離為

則粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫S3粒子的比荷越大，故D錯誤。

故選C。

7.（2020?重慶江津區?高三月考）如圖所示，兩條相距L的足夠長平行光滑導軌放置在傾角為。=300的斜面

上，阻值為R的電阻與導軌相連，質量為機的導體棒MN垂直于導軌放置，整個裝置在垂直于斜面向下的

勻強磁場中，磁感應強度的大小為8°輕繩一端與導體棒相連，另一端跨過定滑輪與一個質量為機的物塊

相連，且滑輪與桿之間的輕繩與斜面保持平行，物塊距離地面足夠高，導軌、導體棒電阻不計，輕繩與滑

輪之間的摩擦力不計，重力加速度為g。從將物塊由靜止釋放，到經過f達到最大速度的過程中，下列說法

A.導體棒M端電勢高于N端電勢

B.導體棒的加速度可能大于5g

4

C.通過導體棒的電荷量為理—室g

2BLB'C

D.導體棒運動的最大速度大小為鬻

BL-

【答案】C

【解析】

A.將物塊由靜止釋放，則物塊向下運動，導體棒沿斜面向上運動，由右手定則可知導體棒中電流由M到N,

導體棒例端電勢低于N端電勢，故A錯誤；

BD.設導體棒的上升速度V,根據/=華可知導體棒所受安培力為

R

B心

FA=BIL

R

根據牛頓第二定律可得

.B2I?V°

mg-m^sin30-----——=2ma

當導體棒的上升速度為零時，導體棒的加速度最大，最大加速度為

1

amax=：g

當導體棒的上升加速度為零時，導體棒的速度最大，最大速度為

mgR

V-----------

max2B可

故BD錯誤；

c.對整體由動量定理得

(mg-mgsin30)t-BiLt=2mvn)ax

即

解得

_mgtm1gR

q~^2BL~

故C正確。

故選Co

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要

求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分.

8.（2020?重慶市云陽江口中學校高三月考）由鋅板與銅板構成平行板電容器，其中鋅板與靜電計相連，

靜電計金屬外殼和銅板都接地，現用頻率Q的紫外線照射鋅板，靜電計指針偏轉最后穩定在偏角仇上，對

應電壓。假定已知偏轉角度9與電勢差。成正比。以Q表示兩板帶的電荷量，E表示兩板間的電場強度。

則下述過程中正確的是（）

A.將兩板距離減小為原來的一半，則占先減小后增大最后穩定在，，Q不變

B.換用頻率。2的紫外線繼續照射鋅板9增大為2%后穩定，則有〃（巳一q）=U0e

C.停止光照，將兩板距離增大為兩倍，則Q增大為2Q,增大為2%

D.停止光照，將兩板距離增大為兩倍，則9增大為2%,E不變

【答案】BD

【解析】

B.紫外線照射鋅板，發生光電效應，飛出的電子打在銅板，兩板之間形成電場，隨著電場的增強，最后最

大初動能的光電子也不能打在銅板上，形成遏止電壓，即靜電計指針偏轉角為對應電壓有

Uoe=EN=hv]-W（W為鋅板逸出功）

換用頻率。2的紫外線繼續照射鋅板。增大為2%穩定，則對應電壓24）,有

2Z70e=%=ht>2—W

聯立兩式得

h（v2-v^=UQe

選項B正確；

A.光照條件下，兩板距離減小電容增大，電壓降低，電荷量繼續積累，Q增大，E增大，一直到重新回到

遏止電壓U。，選項A錯誤；

CD.停止光照，Q不變，￡不變，兩板距離增大為兩倍，電壓增大為兩倍，即。增大為2%,選項C錯誤,

D正確。

故選BD。

9.（2021?重慶高三專題練習）如圖所示，已知M>m,不計滑輪及繩子的質量，物體M和m恰好做勻速運

動，若將M與m互換，M、m與桌面的動摩因數相同，則（）

A.物體M與m做加速運動，加速度a=----------g

M

B.物體M與m做加速運動，加速度a=（M+〃?）g

M

C.繩子中張力增大

D.繩子中張力不變

【答案】AD

【解析】

如圖，物體M和m恰好做勻速運動，則此時繩的張力為7>mg,設動摩擦因數為〃，則有

mg=/dMg

若將M與m互換，物體將做加速運動，設繩中張力為石，由牛頓第二定律可知

Mg—T2=Ma

T-,一/Jing=ma

聯立解得

(M-m)?

"F-g，…g

故物體M與m做加速運動，加速度a=("一一)g,此時繩子中張力(=工，保持不變。

M

故選AD.

10.(2021?重慶高三專題練習)如圖(1)、⑵所示，理想變壓器對電器供電，其輸入電壓“27000及sinlOOnt

(V),電器&與2的參數分別為“220V/1100W”"220V/440W”,輸電線的總電阻r=2C。若兩圖中電器都能正

常工作，則()

A.圖⑴中電阻r的功率為50W

B.圖(2)中變壓器的輸入功率比圖⑴中變壓器的輸入功率增加了440W

C.圖⑴中原副線圈匝數比01：小=2700：23

D.圖(2)中原副線圈匝數比小："2=1500：13

【答案】ACD

【解析】

A.根據P=U/可得通過用電器L的電流為

心"=3A=5A

LU1220

電阻r的功率為

E=/%=52X2W=50W

故A正確；

B.圖⑴變壓器輸出電壓為

￡7.m..=U,L+Ir=220V+5x2V=230V

圖⑴輸出功率等于輸入功率為

耳=。出人=230X5W=1150W

圖(2)中用電器用'正常工作的電流為

,匕440A。人

L九220

圖(2)中干路電流為

%=k+k=7A

圖(2)中輸出電壓為

=Uv.+l&r=220V+2x7V=234V

圖⑵中輸出功率等于輸入功率為

P2=U出/總=234x7W=1638W

圖(2)中變壓器的輸入功率比圖⑴中變壓器的輸入功率增加了

AP=^-^=1610W-1150W=488W

故B錯誤；

CD.由于輸入電壓為

。入=半=27啰3v=27000V

'V272

則圖⑴中原副線圈匝數比

勺U出2700

23

則圖⑵中原副線圈匝數比

4%1500

故CD正確。

故選ACDo

三、非選擇題：共57分。第11?14題為必考題，每個試題考生都必須作答。第15?16題為選考題，考生

根據要求作答。

（一）必考題：共45分。

11.（6分）

（2020?重慶市云陽江口中學校高三月考）在探究"物體質量一定時加速度與力的關系”的實驗中，某興趣

小組對教材介紹的實驗方案進行了優化，設計了如圖所示的實驗裝置。其中M為帶滑輪的小車的質量,

m為砂和砂桶的質量（滑輪質量不計）。

⑴.依據優化后實驗原理圖，該實驗已將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力；實驗中—（填"一

定要"或"不必要"）保證砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M；

（2）.該同學在實驗中得到如圖（。）所示的一條紙帶（兩計數點間還有四個點沒有畫出），已知打點計時器

采用的是頻率為50Hz的交流電，根據紙帶可求出小車的加速度為m/s2（結果保留兩位有效數

字）。

⑶.如圖（b）所示，以彈簧測力計的示數F為橫坐標，加速度為縱坐標，畫出的a-F圖像是一條直線，

求得直線的斜率為k,則小車的質量為。

2

【答案】不必要0.48-

k

【解析】

⑴依據優化后實驗原理圖，該實驗需要將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，這樣才能使得彈簧秤

的拉力的2倍等于小車的合外力：由于有彈簧測力計測量拉力的大小，則實驗中不必要保證砂和砂桶的質

量m遠小于小車的質量M；

（2）頻率為50Hz,則周期為0.02s,由于兩計數點間還有四個點沒有畫出，相鄰計數點的時間間隔為0.1s,由

\x-at-

可得

(3.8+3.3+2.8-2.3-1.9-1.4)

m/s2=0.48m/s2

100x9x0.12

⑶根據牛頓第二定律

2F=Ma

則

2

a--

M

則

2

—=k

M

解得

2

M=-

k

12.(9分)

（2020?重慶市鳳鳴山中學高三月考）某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率P。步驟如下:

⑴用游標卡尺測量其長度如甲圖，由圖可知其長度為L=mm；

（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙，由圖可知其直徑為。=mm；

⑶該同學粗測該電阻的阻值約為120c,他想用伏安法更精確地測量其電阻R,現有的器材及其代號和規格

如下：

待測圓柱體電阻R

電流表A1（量程0~4mA,內阻約50C）

電流表人2（量程0~30mA,內阻約30Q）

電壓表Y（量程0~3V,內阻約10kC）

電壓表丫2（量程O~15V,內阻約25kQ）

直流電源E（電動勢4V,內阻不計）

滑動變阻器飛（阻值范圍0~15Q,允許通過的最大電流2QA）

滑動變阻器為（阻值范圍0~2kQ,允許通過的最大電流0.5A）

開關S、導線若干

為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，某同學選擇部分器材，設計了如圖所示的電流，請指出3

處不妥指出:

①；

②；

③O

【答案】50.14.700電流式應選A2滑動變阻器應采用分壓式接法

電流表應采用外接法

【解析】

⑴游標卡尺的讀數為/.=5cm+0.05mmx3=50.15mm;

⑵螺旋測微器的讀數為D=4.5mm+0.01mmx20.0=4.700mm;

⑶電路最大電流約為

U4

1=—=——?O.O33A=33/7iA

R120

故電流表應選A2；

為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇/?1.由于電阻阻值遠大于滑動變阻器最大阻值，滑動變阻器應采用分

壓接法;

R120，凡10000R、R

電源電動勢為4V,電壓表應選Vi，—=—=4,-^-=——?83.3,,故電流表應采用外

&30R120RRA

接法。

13.(12分)

(2019?重慶一中高三月考)如圖所示，一間距d=lm、電阻不計的足夠長粗糙矩形導軌AKDC,與水平面的

夾角9=37。，兩端接有阻值分別為％=3Q和&=6Q的定值電阻，矩形區域I、II內均有垂直于導軌平面向下

的勻強磁場，磁感應強度大小B=1T,兩區域邊界之間的距離bl.35m。質量m=0.2kg,電阻r=lQ的導體棒

岫垂直放在導軌上，其長度也為d,在尸°=3.6N沿導軌平面向上的恒力作用下導體棒ab由靜止開始運動，

進入區域II后立即做勻速運動。導體棒ab與導軌間的動摩擦因數占0.25,運動過程中始終保持與導軌垂直

且接觸良好,重力加速度g取lOm/s2,空氣阻力不計。(sin370=0.6,cos37°=0.8)

(1)求導體棒ab在區域II中運動時流過汽的電流的大小；

(2)求導體棒ab剛要離開區域I時加速度內的大小；

(3)若導體棒ab到達區域H的邊界時立即將恒力出撤去，它能繼續向上滑行的最大距離s=1.2m。求導體

ab在區域II上滑的時間t及該過程中/?2產生的焦耳熱Q。

4

【答案】(1)一A：(2)5m/s2；(3)0.5s,0.37J

3

【解析】

(1)導體棒ab在區域H運動時，根據平衡條件可得

F[}-mgsin0-BI2d-/jmgcos0=0

再根據

.=-&1,

2

'R{+R2

聯立解得

——A；

（2）根據法拉第電磁感應定律可得

E—BLV2

根據閉合電路的歐姆定律可得

r+—L-^

R+R?

代入數據解得

v2=6m/s

設導體棒剛要離開區域i時的速度為vi,從區域I邊界到區域n邊界的過程中，根據動能定理可得

.11

mv92

FQL-mgLsin0-jumgLcos0=~i一萬加匕

代入數據解得

V1=3m/s

根據牛頓第二定律可得

F（}-mgsm0-BI}d-jumgcos0=inci

根據閉合電路的歐姆定律可得

Bdvx

聯立解得

a=5m/s2

（3）導體棒ob在區域n上滑過程中，根據動量定理可得

-Bldt-mgsin8?，一/umgcos=0-mv2

q=It

7=—E

RR)

r+

R1+R

-AOBds

E=---=----

Art

聯立解得

r=O.5s

再根據動能定理可得

.1,

也交-mgs?sin。-fjmgcos。?s=0~—mv2

代入數據解得

%=—L68J

整個回路中產生的焦耳熱為

。總=一嗎=L68J

生產生的焦耳熱為

e=|e,=o.37j

14.（18分）

（2020?重慶一中高三月考）如圖所示，水平地面上靜置著質量為m、左右壁間距L=2m的絕緣槽B,質量

為m、帶電量為+4的滑塊A（可視為質點）緊靠絕緣槽左壁，系統處于靜止狀態。f=0時刻整個空間加上

水平向右的勻強電場E=%，已知機=IKg,A、B間的摩擦因數“=0.6,B與地面間的摩擦因數=0.5,

q

A、B碰撞時間極短且為彈性碰撞（取g=10m/s2）。求：

（1）A、B第一次碰撞后瞬間各自的速度大小；

（2）A、B第一次碰撞到第二次碰撞的時間間隔；

（3）全過程在AB接觸面上產生的總熱量。

__________0E

_______B

~7/777777777777777777777777777777777~

3

【答案】(1)0,4m/s；(2)—s；(3)16J

【解析】

(1)由于

Eq》從mg

且

NMg<2壓mg

所以加上電場后瞬間A向右做勻加速直線運動，而B則處于靜止狀態，即對A

Eq—氏mg=ma

2aL-

解得

%=4m/s

A、B彈性碰撞滿足

mv()=mvs+mvB

111

2=5加以2+］加/2

解得

%=°

vB=4m/s

(2)第一次碰后，對A

Eq+jLi}mg=ma}

解得

2

a}=16m/s

向右

對B

從〃2g+2jU2mg=ma2

解得

4=16m/s2

向左

設經4時間AB共速，則

%一。24=站

解得

1

t,=-s

'8

y共=2m/s

此過程兩者相對位移

Ax=0.25m<L

即共速時相對位移最大且未達到左壁，共速后對A

Eq—/^mg=ma^

解得

a/=4m/s2

向右

對B

2/j2mg_4]zng=ma2'

解得

O2，=4m/s2

向左

第二次相碰

(v共一卜共與一；4'片

解得

綜上

1-1\+t2~~S

(3)第一次碰前AB面上產生的熱

Q>=7/1mg￡=12J

由（2）可知，第1次到第2次碰撞AB面上產生的熱

Q=從mg?2Ax=3J

由運動學規律可知

&N+1=%N

則

QN+1=：QN

?f.11111八

xl2=16J

QL〔I+Z+不+不+…+不Jxg

或者，第一次碰前AB面上產生的熱

Q）=M}mgL=\2]

第一次碰后由于

從mg<2/11mg=Eq

因此A最終會緊靠B的右壁一起勻速運動且滿足動量守恒

mvQ=2mv

而過程中電場力對A做的功始終等于地面產生的熱，所以由功能關系

1212

-mv-=--2mv-+Q.

解得

Q=4J

綜上

Q總=g+<=16J

（-）選考題：共12分。請考生從第15題和第16題中任選一題作答，若兩題都做，則按所做的第一題記

分。

15.[選修3-3]（12分）

（1）（4分）

（2021?重慶高三專題練習）下列關于布朗運動的說法，正確的是。（在給出的四個選項中，

只有一項是符合題目要求的）

A.布朗運動是指在顯微鏡中看到的液體分子的無規則運動

B.花粉顆粒的布朗運動反映了花粉分子在永不停息地做無規則運動

C.懸浮顆粒越大，同一時刻與它碰撞的液體分子越多，布朗運動越不明顯

D.當物體溫度達到（TC時，布朗運動就會停止

【答案】C

【解析】

A.布朗運動是指在顯微鏡中看到的懸浮在液體表面的固體顆粒的無規則運動，選項A錯誤；

B.花粉顆粒的布朗運動反映了液體分子在永不停息地做無規則運動，選項B錯誤；

C.懸浮顆粒越大，同一時刻與它碰撞的液體分子越多，顆粒的受力越平衡，布朗運動越不明顯，選項C正

確：

D.當物體溫度達到（TC時，分子的運動不會停止，則布朗運動也不會停止，選項D錯誤。

故選C。

（2）（8分）

（2021?重慶高三專題練習）夏季中午，地表溫度非常高，電動自行車在行駛過程中，容易發生爆胎進而引

發危險。現有一輛電動自行車，某同學觀察到輪胎體積參數為800dm:在行駛過程中忽略輪胎體積變化，

早上氣溫為20℃,中午地表氣溫可達37℃,早上胎內氣體壓強為1.5xl（）5pa,已知大氣壓強為lQxlC）5pa,

從網上查閱到胎內氣體壓強達到1.58xlO5Pa會有爆胎危險。

⑴請判斷是否有爆胎危險；

⑵如果某天中午胎內壓強達到了1.6xlC）5pa,該同學采取緩慢放氣來降低爆胎風險，假設放氣過程中氣體溫

度不變，那么，至少放出百分之幾的氣體才不會有爆胎風險。