遼寧省沈陽市第一七〇中學2022-2023學年高二物理上學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.某電場的電場線如圖所示，則同一點電荷在點和點所受電場力的大小關系是A．B．C．D．電荷正負不明，無法判斷參考答案：A2.（單選）在放映電影時，一般電影機每秒鐘切換24幅畫面。一輛汽車的車輪上有三根輻條，車輪半徑為0.5m，則下列判斷中正確的是：（

）（A）無論車輪轉速多大，都不會感覺車輪倒轉；（B）只有車輪轉速為24r/s時，才會感覺車輪不轉動；（C）車速為4(2k+1)π米/秒時（其中k=0,1,2…），一定可以看到畫面上有6根輻條；（D）車速為4kπ米/秒時（其中k=1,2,3…），一定可以看到畫面上有6根輻條。參考答案：C3.（多選題）用相同的靈敏電流計作表頭改裝成電流表A和電壓表V，分別將其串聯和并聯在一起，然后接入電路中。通電后關于指針的偏角情況的敘述正確的是（

）A、圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的大B、圖甲中電壓表的指針偏角比電流表的小C、圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的大D、圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小參考答案：AD根據改裝電流表需要并聯一個電阻分流，改裝電壓表需要串聯一個電阻分壓原理分析圖甲中由于電流表的電流計是并聯在電路中，電壓表的電流計是串聯在電路中，而串聯電路的電流相等，所以由于電流表的定值電阻分流的原因，通過電流表的電流計的電流小于電壓表的，所以電壓表的指針偏轉角比電流表的大，A正確，B錯誤圖乙中電壓表和電流表是并聯在一起的，兩端的電壓是相等的，由于電壓表中的定值電阻的分壓原因，電壓表中電流計兩端的電壓小于電流表中電流計兩端的電壓，所以圖乙中電壓表的指針偏角比電流表的小，C錯誤，D正確，考點：本題考查了電流表和電壓表的改裝原理點評：此類題的關鍵是理解電流表，電壓表的改裝原理：改裝電流表需要并聯一個電阻分流，改裝電壓表需要串聯一個電阻分壓4.（多選題）如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣．兩個帶有同種電荷的小球A、B分別位于豎直墻面和水平地面上，且處于同一豎直平面內．若用圖示方向的水平推力F作用于小球B，則兩球靜止于圖示位置．如果將小球B向左推動少許，并待兩球重新達到平衡時，與原來相比（）A．兩小球的間距變大B．B球受到的推力F變大C．A球對豎直墻面的壓力變小D．水平地面給B球的支持力不變參考答案：ACD【考點】共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力．【分析】先以A球為研究對象，分析受力，作出力圖，根據平衡條件分析墻壁對A的彈力如何變化，再以AB整體為研究對象，根據平衡條件分析F如何變化和地面對小球B的彈力的變化．由庫侖定律分析兩球之間的距離如何變化．【解答】解：AC、以A球為研究對象，分析受力，作出力圖如圖1所示．設B對A的庫侖力F與墻壁的夾角為θ，由平衡條件得豎直墻面對小球A的彈力為：N1=mAgtanθ，庫侖力F庫=．將小球B向左推動少許時，θ減小，tanθ減小．則N1減小，cosθ增大，F庫減小，根據庫侖定律分析得知，兩小球間距增大．根據牛頓第三定律可知，A球對豎直墻面的壓力減小．故A、C正確．BD、再以AB整體為研究對象，分析受力如圖2所示，由平衡條件得：F=N1N2=（mA+mB）gN1減小，則F減小，地面對小球B的支持力N2一定不變．故B錯誤，D正確．故選：ACD5.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數之比為20∶1，原線圈接正弦交流電源，副線圈接入“220V60W”燈泡一只，且燈泡正常發光．則()A．電流表的示數為AB．電源輸出功率為1200WC．原線圈端電壓為11VD．電流表的示數為A參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如下圖所示是定性研究平行板電容器電容的影響因素的裝置，平行板電容器的A板與靜電計相連，B板和靜電計金屬殼都接地．指出圖甲、乙所示的情況下，靜電計指針的偏轉角度變化情況：(1)正對面積增大時，靜電計指針的偏轉角度________________；(2)板間距離減小時，靜電計指針的偏轉角度________________．參考答案：7.在電場中某點引入電量為q的正電荷，這個電荷受到的電場力為F，則該點場強為，若在這點引入電量為2q的負電荷時，則該點的電場強度為．參考答案：，．【考點】電場強度．【分析】已知試探電荷所受的電場力F和電荷量q，根據電場強度的定義式E=求電場強度的大小．電場強度反映電場本身的性質，與放入電場中的試探電荷無關，電場中同一點電場強度是唯一確定的．【解答】解：電荷量為q的正電荷在電場中受到的電場力為F，則該點的電場強度為E=電場強度由電場本身決定的，與試探電荷無關，所以在這點引入電荷量為2q的負電荷時，電場強度不變，仍為E=．故答案為：，．8.如圖是電熨斗的結構圖，它裝有雙金屬片溫度傳感器，其作用是控制電路的通斷，常溫下右圖中上下觸點是

（填“接觸”或“分離”）的，當溫度升高時雙金屬片

_（填“上層”或“下層”）膨脹比另一層大。若需要設定更高的溫度，則應該調節升降螺絲向

（填“上”或“下”）。參考答案：接觸，上層，下9.如圖所示，為三個相同的燈泡（設其電阻值保持不變），為與之串聯的三個常用元件，如：電感線圈、電容器或電阻。為穩恒直流電源，為正弦交流電源。當開關S接“1”時，兩燈均正常發光，燈不亮；當開關S接“2”時，燈仍正常發光，燈變暗，燈正常發光。由此可知：元件是____；元件是____；元件是____。參考答案：電阻

電感線圈

電容器

10.如圖a所示，兩個閉合圓形線圈A、B的圓心重合，放在同一水平面內，線圈A中通以如圖b所示的交變電流，t＝0時電流方向為順時針(如圖箭頭所示)，在t1～t2時間段內，線圈B內有

（填“順時針”或“逆時針”）方向的電流，線圈有

（“擴張”或“收縮”）的趨勢。

參考答案：

順時針

擴張11.一個電源接8Ω電阻時，通過電源的電流為0.15A；接13Ω電阻時，通過電源的電流為0.10A．則此電源的電動勢為

▲

V，內阻為

▲

Ω．參考答案：1.5

2

12.如圖，粗糙水平面上，兩物體A、B以輕繩相連，在恒力F作用下做勻速運動．某時刻輕繩斷開，A在F牽引下繼續前進，B最后靜止．則在B靜止前，A和B組成的系統動量

（選填：“守恒”或“不守恒”）．在B靜止后，A和B組成的系統動量

（選填：“守恒”或“不守恒”）．參考答案：守恒；不守恒．【考點】動量守恒定律．【分析】動量守恒定律適用的條件：系統的合外力為零．或者某個方向上的合外力為零，則那個方向上動量守恒．兩木塊原來做勻速直線運動，合力為零，某時刻剪斷細線，在A停止運動以前，系統的合力仍為零，系統動量守恒；在B靜止后，系統合力不為零，A和B組成的系統動量不守恒．【解答】解：剪斷細線前，兩木塊在水平地面上向右做勻速直線運動，以AB為系統，繩子的屬于系統的內力，系統所受合力為零；剪斷細線后，在A停止運動以前，摩擦力不變，兩木塊組成的系統的合力仍為零，則系統的總動量守恒；B靜止后，B的合力為0，A木塊的拉力大于摩擦力，A和B組成的系統合力不為0，所以系統動量不守恒．故答案為：守恒；不守恒．13.（4分）平行板電容器水平放置，板間的距離為d，一個半徑為r、密度為的帶電油滴在兩板間。當電容器的電壓為U時，該油滴在電場中做勻速運動，由此可知油滴的帶電量q=______C。參考答案：三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，某同學為了測量截面為正三角形的三棱鏡玻璃折射率，先在白紙上放好三棱鏡，在棱鏡的左側插上兩枚大頭針P1和P2，然后在棱鏡的右側觀察到P1像和P2像，當P1的像恰好被P2像擋住時，插上大頭針P3和P4，使P3擋住P1、P2的像，P4擋住P3和P1、P2的像.在紙上標出的大頭針位置和三棱鏡輪廓如圖所示。①在答題紙的圖上畫出對應的光路；②為了測出三棱鏡玻璃材料的折射率，若以AB作為分界面，需要測量的量是

和

，在圖上標出它們；③三棱鏡玻璃材料折射率的計算公式是n=

。④若在測量過程中，放置三棱鏡的位置發生了微小的平移（移至圖中的虛線位置底邊仍重合），則以AB作為分界面，三棱鏡材料折射率的測量值

真實值（填“大于”、“小于”、“等于”）。參考答案：入射角?1、折射角?2

大于

15.在“探究單擺的周期T與擺長L關系”的實驗中，回答下列問題：

⑴擺線要盡量選擇細一些、伸縮性小一些，并盡可能

▲

（填“長”、“短”）一些；擺球要盡量選擇質量

▲

（填“大”、“小”）、體積小一些的；⑵L與T2的關系式為

▲

；⑶測出不同擺長L對應的周期值T，作出L-T2的圖線如圖。根據圖線上A、B的兩點坐標，可求出g=

▲

。

參考答案：⑴長（１分）

大（１分）

⑵（２分）⑶（２分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.把一根長為L=10cm的直導線垂直磁感線方向放入如圖所示的勻強磁場中。（1）當導線中通以I1=2A的電流時，導線受到的安培力大小為1.0×10－7N，試求該磁場的磁感應強度的大小B。（2）若該導線中通以I2=3A的電流，試求此時導線所受安培力大小F，并判斷安培力的方向。參考答案：解：（1）根據得

＝T（2）當導線中電流變化時，導線所在處的磁場不變，則

＝N方向：根據左手定則，導線所受安培力方向垂直于導線向上17.如圖所示，在xOy坐標系中，x軸上N點到O點的距離是12cm，虛線NP與x軸負向的夾角是30°．第Ⅰ象限內NP的上方有勻強磁場，磁感應強度B＝1T，第IV象限有勻強電場，方向沿y軸正向．一質量m＝8×10-10kg.電荷量q=1×10-4C帶正電粒子，從電場中M（12，－8）點由靜止釋放，經電場加速后從N點進入磁場，又從y軸上P點穿出磁場．不計粒子重力，取＝3

求：（1）粒子在磁場中運動的速度v；（2）粒子在磁場中運動的時間t；（3）勻強電場的電場強度E．參考答案：（1）（2）（3）試題分析：（1）粒子在磁場中的軌跡如圖，由幾何關系，得粒子做圓周運動的軌道半徑

①由得

②（2）粒子在磁場中運動軌跡所對圓心角為120°，則有③（3）由得評分標準：本題共10分，每式2分，正確作出軌跡、圓心各1分18.一列簡諧橫波正在沿x軸的正方向傳播，波速為0.5m/s，t=0時刻的波形如圖甲所示。（1）求橫波中質點振動的周期T；（2）在圖乙中畫出t=1s時刻的波形圖（至少畫出一個波長）；（3）在圖丙中畫出平衡