2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷第=page1414頁，共=sectionpages1414頁第=page1313頁，共=sectionpages1414頁2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷物理學(xué)家通過艱辛的實驗和理論研究，探究自然規(guī)律，為科學(xué)業(yè)做出了巨大貢獻，下列描述中符合物理學(xué)史實的是(????)A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)并提出了分子電流假說

B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象并總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律

C.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律并測出引力常量G的數(shù)值

D.伽利略利用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德關(guān)于“力是維持物體運動的原因”的觀點，而且通過合理的外推得到自由落體運動是勻加速直線運動19世紀初，愛因斯坦提出光子理論，使光電效應(yīng)現(xiàn)象得以完美解釋，玻爾的氫原子模型也是在光子概念的啟發(fā)下提的。如圖所示是氫原子的能級圖，現(xiàn)有大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷，所輻射的光子中，只有一種能使某金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，下列判斷正確的是(????)A.該氫原子在躍遷過程中能向外輻射兩種不同頻率的光子

B.能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)的光子一定是氫原子從激發(fā)態(tài)n=3躍遷到n=2時輻射的光子

C.若氫原子從激發(fā)態(tài)n=2躍遷到n=1，輻射出的光子一定不能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)2021年2月10日19時52分，我國首次執(zhí)行火星探測任務(wù)的“天問一號”探測器實施近火捕獲制動成功，成為我國第一顆人造火星衛(wèi)星，實現(xiàn)“繞、著、巡”目標的第一步--環(huán)繞火星成功。如圖所示，P為“天問一號”探測器，P到火星表面的高度為h，環(huán)繞周期為T1；Q為靜止在火星赤道表面的物體，Q到火星中心的距離為R，火星自轉(zhuǎn)周期為T2。已知萬有引力常量為G，則(????)A.火星的質(zhì)量M=4π2R3GT12

B.火星的第一宇宙速度大小為v=2πRT用導(dǎo)線將兩塊水平放置的金屬板與一金盡線圈連接，線圈中存在方向豎直向上的磁場，如圖所示。兩板間有一個帶正電的油滴恰好靜止，則線圈中磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間變化的圖像應(yīng)該為圖乙中的(????)2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第1頁。A.

B.

C.

D.

2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第1頁。如圖所示，在半徑R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于豎直紙面向里的勻強磁場，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，AC為該圓的一條直徑，O為圓心。一帶電粒子以初速度v0從C點垂直磁場沿豎直方向射入圓形區(qū)域，離開磁場時速度方向恰好水平。已知該粒子從C點入射時速度方向與直徑AC的夾角θ=45°，不計粒子重力，則有(????)A.該粒子一定帶負電

B.該粒子的比荷為2v02BR

C.該粒子在磁場中做圓周運動的半徑為R

如圖所示，一固定光滑斜面傾角為θ。輕質(zhì)彈簧的一端固定在斜面底端的擋板上，另一端與斜面上質(zhì)量為m的物塊連接。開始時用手壓住物塊使彈簧壓縮量為x1，放手后物塊由靜止開始上滑，到達最高點時彈簧的伸長量為x2，重力加速度為g。則在物塊由靜止上滑到最高點的過程中(????)A.物塊的加速度先減小后增大

B.物塊克服重力做功的功率先減小后增大

C.物塊的重力勢能增加mg(x1+2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第2頁。如圖所示、A、B、C、D為水平圓周上的四個點，C、D、E、F為豎直圓周上的四個點，其中AB與CD交于圓心O且相互垂直，CD與EF交于圓心O且相互垂直，兩個圓的半徑均為R。在A點放置一個電荷量為+Q的點電荷，在B點放置一個電荷量為-Q的點電荷。在兩點電荷產(chǎn)生的電場中(????)2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第2頁。A.C點電勢高于E點電勢

B.一個正電荷q在E點受到的電場力方向沿直徑EF指向O點

C.將一個正電荷q從A點附近沿半徑移動到O點后再沿半徑移動到E點，該電荷電勢能先減小后不變

D.將一個正電荷q沿CD連線由C移到D、該電荷受到的電場力先增大后減小如圖所示，兩固定直桿相互靠近且異面相交成53°角，質(zhì)量均為m的兩個滑塊A、B分別在水平直桿和傾斜直桿上，兩直桿足夠長且忽略兩直桿間的垂直距離，A、B通過餃鏈用長度為L=0.5m的剛性輕桿(初始時輕桿與水平直桿垂直)連接?，F(xiàn)使滑塊B以初速度v0=4m/s沿傾斜桿上滑，并使A沿水平直桿由靜止向右滑動，不計一切摩擦，滑塊A、B視為質(zhì)點，A.A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒

B.A到達最右端時，B的速度為零

C.當B到達A所在的水平面時，A的速度大小為22m/s

D.2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第3頁。在實驗室里為了驗證動量守恒定律，采用如圖裝置：先將入射小球a從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在四分之一圓弧軌道上留下壓痕，再把被碰小球b放在斜槽軌道末水平段的最后端，讓入射小球a仍從固定點由靜止開始滾下，和被碰小球b相碰后，兩球分別落在圓弧的不同位置處，重復(fù)多次，找到平均落點M、P、N。用量角器量出O'P，O'M，O'N與豎直方向的夾角分別為θ1、θ2、θ3。

(1)若入射小球a質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球b質(zhì)量為m2，半徑為r2，則______。

A.m1>m2；r1>r2

B.m1>m2；r1<r2

C.m1>m2，r1=r2

D2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第3頁。某實驗小組的同學(xué)欲測一組廢舊電池組的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供的器材如下：

A.廢舊電池組：電動勢E約為4V、內(nèi)阻約為5Ω

B.電壓表V：量程為0～3V，內(nèi)阻r1為12kΩ

C.電流表A：量程為0～0.6A，內(nèi)阻r2不超過10Ω

D.滑動變阻器R：最大阻值30Ω

E.電阻箱R'：阻值0～9999.9Ω

F.開關(guān)，導(dǎo)線若干

(1)由于電壓表量程太小，實驗小組利用電壓表V和電阻箱改裝了一個0～4V的電壓表(表盤刻度未改)，則電壓表V應(yīng)與電阻箱______(選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)，電阻箱的阻值應(yīng)為______。

(2)為了比較精確測量電池組的電動勢與內(nèi)阻，請在圖甲的虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖，并標明所用器材代號。

(3)該實驗小組的同學(xué)利用設(shè)計的合理電路測出的數(shù)據(jù)繪出的U-I圖線(U為電壓表V2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第4頁。2019年12月17日，中國首艘自主建造的國產(chǎn)航母“山東”艦正式入役，中國海軍真正擁有了可靠的航母作戰(zhàn)能力，國產(chǎn)航母上的“殲-15”艦載機采用滑躍式起飛，如圖所示，AB為水平甲板，BC為傾斜甲板，傾角為θ，B處由光滑圓弧平滑連接。艦載機從A點啟動做勻加速直線運動，經(jīng)過2s到達B點時速度為60m/s，此時艦載機發(fā)動機的功率恰好達到額定功率，隨后滑上傾斜甲板繼續(xù)加速，在C點實現(xiàn)起飛。已知艦載機總質(zhì)量為1.0×104kg，滑跑過程中受到的阻力(空氣阻力與摩擦阻力總和)恒為自身重力的0.1倍，方向與速度方向相反。傾斜甲板艦艏高度H=4m，sinθ=0.2，g=10m/s2，艦載機可視為質(zhì)點，航母始終處于靜止狀態(tài)。

(1)求航母水平甲板AB之間的距離和艦載機發(fā)動機的額定功率；

(2)若艦載機在傾斜甲板上繼續(xù)以額定功率加速，又經(jīng)過2s2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第4頁。如圖所示，AC為表面粗糙的水平軌道，CDF為豎直面內(nèi)的光滑半圓軌道，兩軌道相切于C點，半圓軌道的直徑CF豎直，CF左側(cè)(含CF線在內(nèi))有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度B=1×103T的勻強磁場，CF右側(cè)有水平向右、電場強度E=1.5×103N/C的勻強電場。一個輕質(zhì)絕緣彈簧水平放置，一端固定在A點，另一端與帶負電小球P接觸但不連接，水平軌道AC長度大于彈簧原長?，F(xiàn)向左壓縮彈簧后由靜止釋放，當小球P運動到C點瞬間對軌道壓力變?yōu)橹亓Φ?1倍。已知小球P的質(zhì)量和電量分別為m=200g，q=1.0×10-3C，忽略小球P與軌道間電荷轉(zhuǎn)移，小球P可視為質(zhì)點，重力加速度為g=10m/s2。

(1)

下列說法正的是(????)A.只要增強氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以升高

B.露珠由空氣中的水蒸氣凝結(jié)而成，凝結(jié)過程中分子間的引力、斥力都減小

C.同種物質(zhì)要么是晶體，要么是非晶體，不可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)

D.在溫度不變的情況下，減小液面上方飽和汽的體積時，飽和汽的壓強不變

E.第二類永動機不可能制成，是因為它違反了熱力學(xué)第二定律2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第5頁。如圖所示，固定于地面的絕熱汽缸A與導(dǎo)熱汽缸B中各封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，絕熱活塞與兩汽缸間均無摩擦，且有剛性桿連接。開始時兩汽缸中氣體體積均為V0=2.0×10-3m3、溫度均為T0=300K，壓強均為p0=1.0×105Pa，兩汽缸橫截面積相等。緩慢加熱A中氣體，停止加熱達到穩(wěn)定后，B2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第5頁。

下列說法正確的是(????)A.光纖通信及醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都是利用了光的全反射原理

B.露珠呈現(xiàn)彩色是光的色散現(xiàn)象

C.紫外線在工業(yè)上可以檢查金屬零件內(nèi)部缺陷

D.攝影機鏡頭前加一個偏振片，這樣做是為了增加光的透射強度

E.全息照相是利用了光的干涉原理簡諧橫波沿x軸傳播，依次經(jīng)過x軸上相距d=10m的兩質(zhì)點P和Q，它們的振動圖像分別如圖甲和圖乙所示。求：

①t=0.2s時質(zhì)點P的振動方向；2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第6頁。

2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第6頁。答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培提出了分子電流假說，故A錯誤；

B、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，楞次總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律，故B錯誤；

C、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測出引力常量G的數(shù)值，故C錯誤；

D、伽利略利用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德關(guān)于“力是維持物體運動的原因”的觀點，而且通過合理的外推得到自由落體運動是勻加速直線運動，符合物理學(xué)史實，故D正確。

故選：D。

本題根據(jù)物理學(xué)史和常識進行解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可。

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，注重歷史知識的積累。

2.【答案】C

【解析】解：AB、大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時，可能的情況為：3→1，3→2→1，可能輻射出三種不同頻率的光子，其中能量值最大的為從激發(fā)態(tài)n=3躍遷到n=1時輻射的光子，由于只有一種能使某金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，可知能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)的光子一定是氫原子從激發(fā)態(tài)n=3躍遷到n=1時輻射的光子，故AB錯誤；

C、結(jié)合能級圖可知，氫原子由n=2向n=1能級躍遷時輻射的光子能量小于氫原子由n=3向n=1能級躍遷時輻射的光子能量，根據(jù)光電效應(yīng)的條件可知，若氫原子從激發(fā)態(tài)n=2躍遷到n=1，輻射出的光子一定不能使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，故C正確；

D、氫原子從激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，核外電子運動的半徑減小，動能增大，電勢能減小，故D錯誤。

故選：2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第7頁?！窘馕觥拷猓篈、設(shè)天問一號的質(zhì)量為m，根據(jù)萬有引力提供向心力得：

GMm(R+h)2=m(2πT1)2(R+h)

解得；M=4π2(R+h)3GT12，故A錯誤。

B、設(shè)近火星軌道周期為T0，則第一宇宙速度為：

v1=2πRT0，故B錯誤。

C、根據(jù)a=42021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第7頁?！窘馕觥拷猓盒∏驇д娗以陔妶鲋刑幱谄胶鉅顟B(tài)，故電場力方向豎直向上，上極板帶負電，線圈中電流方向俯視順時針，故感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場方向相反，根據(jù)楞次定律知原磁場在增加，因為小球受電場力不變，故感應(yīng)電流產(chǎn)生的電動勢不變，故原磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間均勻增大，故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

從小球受到重力和電場力平衡可知小球受到豎直方向電場力的特點，根據(jù)帶正電的小球受到的電場力方向求得兩個極板帶電情況，判斷兩個極板的正負極，進而判斷線圈中感應(yīng)電流的方向，根據(jù)感應(yīng)電流的方向判斷感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向，根據(jù)感應(yīng)電流的磁場和原磁場的方向應(yīng)用楞次定律判斷原磁場的變化情況。

解決本題關(guān)鍵是掌握法拉第電磁感應(yīng)定律和用楞次定律判斷電動勢的方向。

5.【答案】B

2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第8頁?！窘馕觥拷猓篈、粒子運動的軌跡如圖

由左手定則可知，粒子帶正電，故A錯誤；

BC、由軌跡圖結(jié)合題意可知粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)角度為90°，設(shè)O'為圓周運動的圓心，則由幾何關(guān)系可知

2r2=(2R)2

整理可得r=2R

又洛倫茲力提供向心力，有

qv0B=mv02r

整理可得qm=2v02BR

故B正確，C錯誤；

D、由圖可知粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)角為90°2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第8頁?！窘馕觥拷猓篈、物塊由靜止向，上運動的過程中，彈力先沿斜面向上，且大小減小，物塊的合外力減小，加速度減小，當彈力等于重力沿斜面的分力時，合力為零，此后物體受到的合力向下，加速度向下，合力增大，加速度增大，故物體受到的合外力先減小后增大，加速度先減小后增大，所以加速度先減小后增，故A正確。

B、物塊先向上加速，后向上減速，則重力的功率先增大后減小，故B錯誤；

C、物體克服重力做功為WG=mg(x1+x2)sinθ，故重力勢能增加mg(x1+x2)sinθ，故C正確；【解析】解：A、由題可知，CDEF所在的圓面是線段AB的中垂面；A、B兩點形成的電場為等量異種點電荷的電場，根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，該CDEF所在的圓面與電場線垂直，所以CDEF所在的圓面上各點的電勢是相等的，則C點的電勢等于E點的電勢，故A錯誤；

B、CDEF所在的圓面與電場線垂直，所以一個正電荷q在E點受到的電場力方向與EF垂直，故B錯誤；

C、根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，從A到O電場強度方向從A指向O，所以從A到O電勢降低，正電荷的電勢能減??；CDEF所在的圓面上各點的電勢相等，所以將正電荷從O沿半徑移動到E點，該電荷電勢能不變，故C正確；

D、根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點可知，CD連線上O點的電場強度最大，從C經(jīng)O到D的過程中電場強度先增大后減小，所以正電荷從C經(jīng)O到D的過程中受到的電場力先增大后減小，故D正確。

故選：CD。

等量異號電荷的電場，與兩電荷連線的中垂面為等勢面，電場線與等勢面相互垂直，電場線從高等勢面指向低等勢面，根據(jù)電場線分布分析答題。

本題考查了等量異號電荷的電場，知道電場線的分布，知道等量異號電荷連線的重錘線是等勢線，與AB連線垂直的面是等勢面，即可正確解題。

8.【答案】ABD

2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第9頁。【解析】解：A、不計一切摩擦，在運動的過程中，A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒，故A正確；

B、A到達最右端時，剛性輕桿與斜桿垂直，B的速度為零，故B正確；

C、當B到達A所在的水平面時，設(shè)A的速度大小為vA，B的速度大小為vB，根據(jù)A、B沿剛性輕桿方向的分速度大小相等，則有vBcos53°=vA；

由系統(tǒng)的機械能守恒得：12mv02=12mvA2+12mvB2+mgL，聯(lián)立解得vA=55117m/s，故C錯誤；

D、設(shè)B到達最高點時距離出發(fā)點的豎直高度為h，此時A、B的速度均為0，由系統(tǒng)的機械能守恒得：12mv02=mgh，解得h=0.8m，故D正確。

故選：ABD2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第9頁?！窘馕觥拷猓?1)為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量；為使兩球發(fā)生對心碰撞，兩球半徑應(yīng)相等，故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

(2)小球離開軌道后做平拋運動，設(shè)圓弧軌道的半徑為R，

設(shè)軌道末端與小球落點連線與豎直方向夾角為θ，小球做平拋運動的初速度為v，

水平方向：x=Rsinθ=vt

豎直方向：y=Rcosθ=12gt2

解得：v=gRsin2θ2cosθ

則θ越大小球做平拋運動的初速度v越大，

兩球發(fā)生碰撞后入射球的速度變小，小于碰撞前入射球的速度，且小于被捧球的速度，

則P點是碰撞前入射球a球的落點，M是入射球a碰撞后的落點，N點是被碰球碰撞后的落點；

(3)入射球碰撞前的速度v0=gRsin2θ12cosθ1，碰撞后的速度v1=gRsin2θ22cosθ2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第10頁?！窘馕觥拷猓?1)把量程為3V的電壓表改裝成量程是4V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻分壓是1V，電壓表兩端電壓是分壓電阻電壓的3倍，由串聯(lián)電路特點可知，串聯(lián)電阻阻值為電壓表內(nèi)阻的13，串聯(lián)電阻阻值R=13r1=13×12kΩ=4kΩ。

(2)由題意可知，電流表內(nèi)阻大于電源內(nèi)阻，為減小實驗誤差，相對于電源電流表應(yīng)采用外接法，實驗電路圖如圖所示；

(3)改裝后電壓表量程是原電壓表量程的43倍，電壓表示數(shù)為U時，路端電壓為43U，

由圖示電路圖，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，路端電壓：43U=E-Ir，整理得：U=34E-34Ir，

由圖乙所示圖象可知，圖象縱軸截距b=34E=3.00V，圖象斜率的絕對值k=34r=3.00-1.000.50Ω=4.0Ω

解得，電源電動勢：E=4.0V，內(nèi)阻r≈5.3Ω

故答案為：(1)串聯(lián)；4kΩ；(2)實驗電路圖如圖所示；(3)4.0；5.3。

(1)擴大電壓表量程要串聯(lián)分壓電阻，根據(jù)串聯(lián)電路特點求出串聯(lián)電阻阻值。

(2)根據(jù)實驗?zāi)康呐c原理作出實驗電路圖。

(3)根據(jù)實驗電路圖應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式，根據(jù)圖示圖象求出電源的電動勢與內(nèi)阻。

本題考查了電壓表改裝與測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，理解實驗原理是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律、閉合電路的歐姆定律即可解題。

11.【答案】解：(1)從A點運動到B2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第10頁。2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第11頁?！窘馕觥?1)從A點運動到B點艦載機做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)位移等于平均速度與時間的乘積來求水平甲板AB之間的距離。由v=at求出艦載機的加速度，由牛頓第二定律求出艦載機的牽引力，再由P=Fv求艦載機發(fā)動機的額定功率；

(2)艦載機在傾斜甲板上以額定功率加速，根據(jù)動能定理求出艦載機到達C點時的速度，與安全起飛速度比較，即可判斷艦載機能否安全起飛。

本題考查牛頓第二定律、運動學(xué)公式和動能定理的基本運用，要知道在運用動能定理解題時，關(guān)鍵分析出運動過程中有哪些力做功，W=Pt可以求牽引力做功。

12.【答案】解(1)設(shè)小球在C點的速度為vc，受到的支持力為FN1，由牛頓第三定律知支持力等于壓力，對小球在C點由牛頓第二定律得：

FN1+qBvc-mg=mvc2R

由FN1=11mg代入數(shù)據(jù)整理得：

vc2-vc-20=0

解得：vc=5m/s和vc=-4m/s(舍)

設(shè)小球在F點的速度為vF，受到軌道的支持力為FN2，

對小球從C點到F點應(yīng)用動能定理有：-2mgR=12mvF2-12mvc22021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第11頁?！窘馕觥?1)小球在C點做圓周運動，由牛頓第二定律求解C點的速度，對C到F應(yīng)用動能定理，求出F點的速度，再由牛頓第二定律和牛頓第三定律，求在F點時對軌道的壓力；(2)利用等效重力場的觀點，求解小球在等效重力場中最低點的最小速度，對從C點到等效重力場中最低點的過程應(yīng)用動能定理，求出圓軌道的半徑，此半徑為滿足條件的最大半徑。

本題著重考查動能定理和牛頓第二定律及牛頓第三定律的應(yīng)用，在應(yīng)用牛頓第二定律列式時，容易丟掉洛倫茲力，列式之前應(yīng)做好受力分析。對于第(2)問的解答采用等效思想，降低解題難度，值得借鑒。

13.【答案】ADE

2021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第12頁。【解析】解：A、根據(jù)溫度是分子平均動能的標志，增強氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以升高，故A正確；

B、根據(jù)分子力的特點可知，空氣中的水蒸氣凝結(jié)而成露珠的過程中分子之間的距離減小，則此過程中分子間引力、斥力都增大，故B錯誤；

C、物質(zhì)是晶體還是非晶體，并不是絕對的，有些非晶體在一定條件下也可以轉(zhuǎn)化為晶體，故C錯誤；

D、對某種液體來說飽和汽的壓強僅與溫度有關(guān)，與液體的種類有關(guān)，與體積無關(guān)，所以在溫度不變的情況下，減小液面上方飽和汽的體積時，飽和汽的壓強不變，故D正確；

E、第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學(xué)第二定律，并沒有違反能量守恒定律，故E正確。

故選：ADE。

根據(jù)溫度的微觀含義分析；根據(jù)分子力的特點判斷；非晶體在一定條件下可以轉(zhuǎn)化為晶體；飽和汽壓與溫度有關(guān)，與體積無關(guān)；第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學(xué)第二定律。

本題主要是考查了分子平均動能、分子力、晶體與非晶體、飽和汽壓、熱力學(xué)第二定律等熱學(xué)基礎(chǔ)知識，要求學(xué)生對這部分知識要重視課本，強化記憶。

14.【答案】解：①汽缸B中氣體初狀態(tài)體積V0=2.0×10-3m3，壓強p0=1.0×105Pa，

氣體末狀態(tài)體積VB=1.6×10-3m3，設(shè)末狀態(tài)壓強為p1，氣體溫度不變，

由玻意耳定律得：p0V0=p1VB

代入數(shù)據(jù)解得：VB=1.25×105Pa

②汽缸A中氣體初狀態(tài)體積均V0=2.0×102021年陜西省寶雞市高考物理二模試卷全文共14頁，當前為第12