2021年全國高考物理二模試卷（新課標口卷）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第1?4題只有一項符合題目要求，第5?8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．（6分）關于原子結構和原子核的結構，經過不斷的實驗探索，我們已經有了一定的認識，對于這個探索的過程，下列描述錯誤的是（）A.盧瑟福根據a粒子轟擊金箔時發生散射，提出了原子的核式結構模型B.為了解釋原子的穩定性和輻射光譜的不連續性，波爾提出了氫原子結構模型C.盧瑟福通過利用a粒子轟擊鈹原子核，最終發現了中子D.人類第一次實現的原子核的人工轉變核反應方程是*N+gHe玲f0+1H.1t u 12．（6分）長途客運站的安檢機中輸送行李的水平傳送帶勻速轉動，乘客把一袋面粉無初速度放在傳送帶上，在出安檢機之前已經和傳送帶相對靜止，結果在傳送帶上留下了一段白色的徑跡，對此分析正確的是（）A.傳送帶的速度越大，徑跡越長B.面粉質量越大，徑跡越長C.動摩擦因數越大，徑跡越長D.釋放的位置距離安檢機越遠，徑跡越長3.（6分）工廠生產的某一批次小燈泡說明書上附有如圖甲所示的電壓隨電流變化圖象，乙圖是該批次三個小燈泡連接而成的電路，三個燈泡均發光時電壓表V2的示數為IV,下列說法正確的是（ ）0 0.1QX0,6O-5J/A甲 乙A.電壓表V1的示數為2.0VB.電流表A1的示數為0.60AC.若燈泡L1短路，則電壓表V2的示數為5.0VD.電源的輸出功率為0.90W4．（6分）據美國宇航局消息，在距離地球40光年的地方發現了三顆可能適合人類居住的類地行星，假設某天我們可以穿越空間到達某一類地行星，測量以初速度10m/s豎直上拋一個小球可到達的最大高度只有1米，而其球體半徑只有地球的一半，則其平均密度和地球的平均密度之比為（g=10m/s2）（ ）A．5：2 B．2：5 C．1：10D．10：15.（6分）如圖所示，底角為0=21的圓錐體靜止不動，頂端通過一根長為L=1m的細線懸掛一個質量為m=1kg的小球，細線處于張緊狀態，若小球在水平面內做勻速圓周運動，角速度為⑴的取值范圍介于3rad/s到4rad/s之間，不計一切6．（6分）每到夜深人靜的時候我們就會發現燈泡比睡覺前要亮，其原因在于大家都在用電時，用電器較多，利用下圖模擬輸電線路，開關的閉合或者斷開模擬B.開關閉合，燈泡L1兩端電壓升高C.開關閉合，原線圈輸入功率增大D.開關斷開，副線圈電壓增大.（6分）豎直平面內存在有勻強電場，一個質量為m,帶電荷量為q的小球以初速度v0沿與豎直方向成0斜向左上方沿直線運動，已知小球運動路徑恰好在勻強電場的平面內，那么在小球發生位移L的過程中，下列分析正確的是（）A.若小球做勻速直線運動，則電場強度E=51Q.若小球做勻加速直線運動，電場強度可能等于E=@^lC.若小球運動過程電勢能不變，則電場強度E=^^"日qD.若小球運動過程電勢能不變，則小球的動量變化量與速度反向8．（6分）長方形區域內存在有正交的勻強電場和勻強磁場，其方向如圖所示，一個質量m帶電荷量q的小球以初速度v0豎直向下進入該區域.若小球恰好沿直線下降，則下列選項正確的是（）A.小球帶正電B.場強E=mQC.小球做勻速直線運動 D.磁感應強度B=』q”口三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分.第9?12題為必考題，每個試題考生都必須作答.第13?16題為選考題，考生根據要求作答.（一）必考題9．（8分）光電門在測量物體的瞬時速度方面有得天獨厚的優勢，比如在探究加速度和力的關系時就省去了打點計時器分析紙帶的不便，實驗裝置如圖所示．0 12cmIIIIIIIIIIJJJIJill1,1.1II|IIIIIIII|IIII|IIII|0S10 15 20圖2（1）雖然少了計算的麻煩，卻必須要測量遮光條的寬度，游標卡尺測量的結果

如圖所示，我們可以發現游標尺上每一分度與主尺上的最小刻度相差cm,遮光條寬度為cm.(2)某次實驗過程中，已經得到AB之間的距離l和通過光電門的時間t和力傳感器的示數F,若要完成探究目的，還需要滿足的條件是.若要以F為橫坐標，做出一條傾斜的直線來判斷加速度和力成正比，那么縱坐標的物理量應該是(t2或3).(6分)壓敏電阻由在壓力作用下發生形變進而導致電阻率發生變化的材料組成,為了探究某壓敏材料的特性,有人設計了如下的電路,一電源電動勢3V內阻約為1Q,兩個電流表量程相同均為0.6A,一個電流表內阻r已知，另外一個電流表內阻較小但阻值未知.L卜二L卜二(1)電路圖中哪個電流表的內阻r已知(A1或者A2)(2)在某一個壓力測試下，兩個電流表A1A2的讀數分別為I1和I2,則壓敏電阻的阻值Rx=.(3)經過測試獲得壓敏電阻的阻值和壓力的關系圖如下所示，以豎直向下為正方向，則阻值和壓力的關系式是.(15分)如圖，水平邊界的勻強磁場上方5m處有一個邊長1m的正方形導線框從靜止開始下落，已知線框質量為1kg,電阻為R=10Q,磁感應強度為B=1T,當線框的cd邊剛進入磁場時(1)求線框中產生的感應電動勢大小；(2)求cd兩點間的電勢差大小；(3)若線框此時加速度等于0，則線框電阻應該變為多少歐姆.（18分）質量分別為2m和m的滑塊1和滑塊2通過一根細線拴接在壓縮的彈簧兩端，某一刻細線剪斷后滑塊1沿水平面向左運動，滑塊2向右從斜面底端開始沿斜面向上運動，忽略滑塊2沿斜面向上運動前的速度大小變化，當斜面傾角e=2L時，滑塊1和滑塊2滑行的最大距離之比為.多4,當傾斜角度變化時，&滑塊沿斜面滑行的最大距離也會隨之變化.重力加速度為8，水平部分和斜面部分動摩擦因數相同.（1）滑塊和斜面之間的動摩擦因數；（2）假設滑塊2的初速度為v0，當斜面傾角為多大時，滑塊滑行的最大距離最小，最小值是多少？（二）選考題：共45分.請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答.如果多做，則每學科按所做的第一題計分.[物理--選修3-3]（15分）（5分）下列說法中正確的是（）A.絕對濕度大，相對濕度一定大B.對于一定質量的理想氣體，當分子間的平均距離變大時，壓強不一定變小C.密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，氣體分子對器壁單位面積上的平均作用力增大D.兩個鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說明分子之間存在有斥力E.液體表面張力的作用是使液體表面收縮.（10分）通電后汽缸內的電熱絲緩慢加熱，由于汽缸絕熱使得汽缸內密封的氣體吸收熱量Q后溫度由T1升高到T2,由于汽缸內壁光滑，敞口端通過一個質量m橫截面積為S的活塞密閉氣體.加熱前活塞到汽缸底部距離為h.大氣壓用P0表示，①活塞上升的高度；②加熱過程中氣體的內能增加量.［物理--選修3-4］（15分）.下列說法中正確的是（）A.利用紅外攝影可以不受天氣（陰雨、大霧等）的影響，因為紅外線比可見光波長長，更容易繞過障礙物B.拍攝玻璃櫥窗內的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以增加透射光的強度C.紫光的雙縫干涉條紋間距可能大于紅光雙縫干涉條紋間距D.我們在地球上接收到來自遙遠星球的光波的波長變長，可以判斷該星球正在離我們遠去E.光的色散現象都是由于光的干涉現象引起的.A和B是一列簡諧橫波上平衡位置相距x=3m的兩個質點，某時刻，質點A到達平衡位置正向上振動，而質點B剛剛從平衡位置開始起振，且二者之間只有一個波谷，經過時間t=0.6s質點B第一次到達波峰.①畫出B剛開始起振時A、B兩質點間的波形，并在圖中標出B質點此時的振動方向；②求該波的可能波速大小.2017年全國高考物理二模試卷（新課標口卷）參考答案與試題解析二、選擇題：本題共8小題，每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第1?4題只有一項符合題目要求，第5?8題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．（6分）關于原子結構和原子核的結構，經過不斷的實驗探索，我們已經有了一定的認識，對于這個探索的過程，下列描述錯誤的是（）A.盧瑟福根據a粒子轟擊金箔時發生散射，提出了原子的核式結構模型B.為了解釋原子的穩定性和輻射光譜的不連續性，波爾提出了氫原子結構模型C.盧瑟福通過利用a粒子轟擊鈹原子核，最終發現了中子D.人類第一次實現的原子核的人工轉變核反應方程是HN+[He玲H0+；H.【分析】盧瑟福提出了原子核式結構；波爾提出玻爾理論，解釋了原子的穩定性和輻射光譜的不連續性；查德威克發現了中子；盧瑟福用a粒子轟擊氮核發現質子，并首次實現原子核的人工轉變．【解答】解：A、盧瑟福在a粒子散射實驗的基礎上提出了原子的核式結構模型，故A正確；8、為了解釋原子的穩定性和輻射光譜的不連續性，波爾提出了氫原子結構模型，故B正確；C、查德威克在a粒子轟擊鈹核時實現了人工轉變發現了中子，并獲得諾貝爾物理獎。故C錯誤；D、盧瑟福用a粒子轟擊氮原子核，產生了氧的一種同位素--氧17和一個質子，這是人類第一次實現的原子核的人工轉變，該反應方程為產N+：He玲；丁0+；H.故D正確；本題選擇錯誤的，故選：C2．（6分）長途客運站的安檢機中輸送行李的水平傳送帶勻速轉動，乘客把一袋面粉無初速度放在傳送帶上，在出安檢機之前已經和傳送帶相對靜止，結果在傳

送帶上留下了一段白色的徑跡，對此分析正確的是（）A.傳送帶的速度越大，徑跡越長B.面粉質量越大，徑跡越長C.動摩擦因數越大，徑跡越長D.釋放的位置距離安檢機越遠，徑跡越長【分析】面粉放上傳送帶后相對于傳送帶向后滑，受到向前的摩擦力，向右做勻加速直線運動，當速度與傳送帶速度相等后，做勻速直線運動．根據牛頓第二定律求出加速度，結合運動學公式求出相對位移的大小，從而進行判斷．【解答】解：根據牛頓第二定律得，面粉的加速度大小a=Hg,設傳送帶的速度2 2為v0,則面粉速度達到傳送帶速度時經歷的時間匕心，位移x/gl二露，在這段時間內傳送帶的位移x2=v0t=^-,則相對位移，即徑跡的長度△x=x2-x1=與面粉的質量無關，傳送帶運動的速度越大，徑跡越越長。動摩擦因數越大，徑跡越小。故A正確，BCD錯誤。故選：A。3．（6分）工廠生產的某一批次小燈泡說明書上附有如圖甲所示的電壓隨電流變化圖象，乙圖是該批次三個小燈泡連接而成的電路，三個燈泡均發光時電壓表V2的示數為IV，下列說法正確的是（ ）Q.2QX0.60.5J/A甲 乙A.電壓表V1的示數為2.0VB.電流表A1的示數為0.60AC.若燈泡L1短路，則電壓表V2的示數為5.0VD.電源的輸出功率為0.90W【分析】圖中燈泡L2與L3并聯后與燈泡L1串聯，根據電壓表V2的示數和U-I圖象求解出干路電流，得到通過另外兩個燈泡的電流，再結合U-I圖象得到燈泡L［的電壓.【解答】解：AB、電壓表故的示數為IV,由U-I圖象得到其電流為0.3A,故L2、匕兩個燈泡的電流均為0.3A,干路電流為0.6A,再根據U-I圖象得到電壓為4V,故電壓表V1的示數為4V,電流表A1的示數為0.60A,故A錯誤，B正確；C、若L［短路，總電阻減小，總電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，電壓表%的示數小于5V,故C錯誤；D、路端電壓為4V+1V=5V,干路電流為0.6A,故輸出功率為P=UI=5X0.6=3.0W,故D錯誤；故選：B。4．（6分）據美國宇航局消息，在距離地球40光年的地方發現了三顆可能適合人類居住的類地行星，假設某天我們可以穿越空間到達某一類地行星，測量以初速度10m/s豎直上拋一個小球可到達的最大高度只有1米，而其球體半徑只有地球的一半，則其平均密度和地球的平均密度之比為（g=10m/s2）（ ）A．5：2B．2：5C．1：10D．10：1【分析】根據豎直上拋運動的規律求出類地行星表面的重力加速度，根據萬有引力等于重力得出重力加速度表達式，結合密度公式，即可求出類地行星的平均密度和地球的平均密度之比．【解答】解：根據萬有引力等于重力，有1rlMm"J--門

在類地行星表面，呂二城二喜口八二5班，小■^^=—?—=—X—=—，故D正確，ABC錯誤P地目地R行1。 1 1故選：D。5.（6分）如圖所示，底角為0=21的圓錐體靜止不動，頂端通過一根長為L=1m4的細線懸掛一個質量為m=1kg的小球，細線處于張緊狀態，若小球在水平面內做勻速圓周運動，角速度為⑴的取值范圍介于3rad/s到4rad/s之間，不計一切阻力，則細線拉力F可能等于（）則有:所以，苧4則有:所以，苧4+io,A.5近一5B.5\,+5C.15D.20【分析】先求小球運動的半徑，得到向心力的范圍；對小球進行受力分析，得到向心力和拉力的關系式，聯立向心力的范圍即可解得拉力的范圍，【解答】解：小球在水平面內做勻速圓周運動，所以，小球做勻速圓周運動的半?R=Lcos9=-^y-ir，角速度為之的取值范圍介于3rad/s到4rad/s之間，向心力為：F向二m3%，所以有：詈弼＜電＜[2小）。對小球進行受力分析，如右圖：即：3+5,2<F<g+5J?。故BC正確，AD錯誤。故選：BC。6．（6分）每到夜深人靜的時候我們就會發現燈泡比睡覺前要亮，其原因在于大家都在用電時，用電器較多，利用下圖模擬輸電線路，開關的閉合或者斷開模擬B.開關閉合，燈泡L1兩端電壓升高C.開關閉合，原線圈輸入功率增大D.開關斷開，副線圈電壓增大【分析】根據電壓與匝數程正比，電流與匝數成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等，逐項分析即可得出結論．【解答】解：A、家庭電路用電器之間為并聯關系，用戶較多時，并聯支路增多，相當于開關閉合，而與之串聯的定值電阻，實際是等效輸電線的電阻，故A正確；B、開關閉合副線圈總電阻變小，總電流變大，定值電阻分電壓增多，并聯電壓變小，即燈泡片兩端電壓減小，故B錯誤；C、副線圈電壓不變電流增大，副線圈電功率增大，根據能量守恒，原線圈電功率也增大，故C正確；D、原、副線圈匝數和電壓成正比，由于匝數比值不變，原線圈輸入電壓也不變，所以副線圈電壓不會變化，故D錯誤；故選：AC。.（6分）豎直平面內存在有勻強電場，一個質量為m,帶電荷量為q的小球以初速度v0沿與豎直方向成0斜向左上方沿直線運動，已知小球運動路徑恰好在勻強電場的平面內，那么在小球發生位移L的過程中，下列分析正確的是（）A.若小球做勻速直線運動，則電場強度E=^-Q.若小球做勻加速直線運動，電場強度可能等于E=@強C.若小球運動過程電勢能不變，則電場強度E=^^“日qD.若小球運動過程電勢能不變，則小球的動量變化量與速度反向【分析】小球在電場中受電場力和重力作用，根據運動情況分析受力情況求解【解答】解：A、若小球做勻速直線運動，則受力平衡，有Eq=mg,則舊理，故QA正確；B、若小球做勻加速直線運動，則電場力和重力的合力與初速度同向，必有Eq>mg,則E〉號，故B錯誤；CD、若小球運動過程中電勢能不變，則電場力不做功，則電場力與速度方向垂直,重力分解為垂直于速度和沿速度的分量,重力垂直初速度方向的分力與電場力相等，則有mgsinB二Eq,所以3=喳衛生，小球合力等于重力沿速度方向的分量，與速度方向相反，以初速度方向為正方向，根據動量定理,有：I=-mgcose?t=4p<0,動量的變化量方向為負方向，則小球動量變化量與速度反向，故CD正確；故選：ACD。8.（6分）長方形區域內存在有正交的勻強電場和勻強磁場,其方向如圖所示,一個質量m帶電荷量q的小球以初速度v0豎直向下進入該區域.若小球恰好沿直線下降,則下列選項正確的是（）A.小球帶正電B.場強E=^lQC.小球做勻速直線運動 D.磁感應強度B=上支q可口【分析】粒子沿直線運動，必定做勻速直線運動，根據左手定則和平衡條件可判斷電性，并可求出B和E.【解答】解：A、若粒子帶正電，電場力方向與電場線的方向相同，向右下方；洛倫茲力垂直于V0向左，同時重力的方向向下，則電場力、洛倫茲力和重力不可能平衡。若粒子帶負電，電場力方向與電場線的方向相反，指向左上方，洛倫茲力垂直于v0向右，重力的方向豎直向下，則電場力、洛倫茲力和重力可能平衡。可知粒子帶負電。故A錯誤。B、由A的分析可知，電場力沿豎直方向的分力與重力大小相等方向相反，則有：qE?sin45°=mg所以：E=qi.故b錯誤；C、粒子如果做勻變速運動，重力和電場力不變，而洛倫茲力變化，粒子不能沿直線運動，與題意不符，可知小球一定做勻速直線運動。故C正確。D、粒子在水平方向受到的洛倫茲力與電場力沿水平方向的分力大小相等，方向相反，則由平衡條件得：qvB=qEcos0,聯立解得：B=曰1，故D正確q甲D故選：CD。陽

三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分.第9?12題為必考題，每個試題考生都必須作答.第13?16題為選考題，考生根據要求作答.（一）必考題9．（8分）光電門在測量物體的瞬時速度方面有得天獨厚的優勢，比如在探究加速度和力的關系時就省去了打點計時器分析紙帶的不便，實驗裝置如圖所示．（1（1）雖然少了計算的麻煩，卻必須要測量遮光條的寬度，游標卡尺測量的結果如圖所示，我們可以發現游標尺上每一分度與主尺上的最小刻度相差0.005cm,遮光條寬度為0.225cm.（2）某次實驗過程中，已經得到AB之間的距離l和通過光電門的時間t和力傳感器的示數F,若要完成探究目的，還需要滿足的條件是A位置必須由靜止釋放.若要以F為橫坐標，做出一條傾斜的直線來判斷加速度和力成正比，那么縱坐標的物理量應該是一吃一⑴或4）.【分析】游標尺的精確度=1【分析】游標尺的精確度=1等分刻度mm,游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀；滑塊經過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經過光電門的平均速度.根據運動學公式解答.【解答】解：（1）游標卡尺的精度為【解答】解：（1）游標卡尺的精度為1

等分刻度mm,因此游標卡尺有20個小的等分刻度，游標尺上每一分度與主尺上的最小刻度相差0.05mm=0.005cm,游標卡尺的主尺讀數為2mm,游標讀數為0.05X5mm=0.25mm,所以最終讀數為：2mm+0.25mm=2.25mm=0.225cm.(2)實驗時，將滑塊從A位置必須由靜止釋放，由數字計時器讀出遮光條通過光電門B的時間t，滑塊經過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經過光電門的平均速度．根據運動學公式得若要得到滑塊的加速度，還需要測量的物理量是遮光條到光電門的距離1.由題意可知，該實驗中保持小車質量M不變，因此有：V2=2a1,v=—,a=—,tM可得：立)2?X?1,/M解得：F=^d1.占.21 ”故答案為：(1)0.005,0.225；(2)A位置必須由靜止釋放，二L.上210.(6分)壓敏電阻由在壓力作用下發生形變進而導致電阻率發生變化的材料組成，為了探究某壓敏材料的特性，有人設計了如下的電路，一電源電動勢3V內阻約為1。，兩個電流表量程相同均為0.6A,一個電流表內阻r已知，另外一個電流表內阻較小但阻值未知.圖1 圖2(1)電路圖中哪個電流表的內阻r已知A1 (A1或者A2)(2)在某一個壓力測試下，兩個電流表A1A2的讀數分別為I1和I2,則壓敏電阻的阻值Rx=__ZlL.（3）經過測試獲得壓敏電阻的阻值和壓力的關系圖如下所示，以豎直向下為正方向，則阻值和壓力的關系式是R=二2F+16.【分析】（1）根據伏安法測電阻的原理與實驗電路圖分析選擇電流表.（2）根據并聯電路特點與歐姆定律求出待測電阻阻值．（3）根據圖示圖象求出阻值與壓力的關系式．【解答】解：（1）測壓敏電阻阻值時應測出電阻兩端電壓，由圖示電路圖可知，壓敏電阻與電流表A1并聯，則需要知道電流表A1的內阻.（2）由圖示電路圖可知，待測電阻阻值：Rx='=/l.（3）由圖示圖象可知，R與F成線性關系，不妨設：R=kF+b,由圖示圖象可知：F=0N時R=16Q,F=4.5N時R=7。，由此得：b=16,7=4.5k+b,解得：k=-2,則R與F的關系式為：R=-2F+16.故答案為：（1）A1;（2）工產；（3）R=-2F+16.12Tl（15分）如圖，水平邊界的勻強磁場上方5m處有一個邊長1m的正方形導線框從靜止開始下落，已知線框質量為1kg,電阻為R=10Q,磁感應強度為B=1T,當線框的cd邊剛進入磁場時（1）求線框中產生的感應電動勢大小；（2）求cd兩點間的電勢差大小；（3）若線框此時加速度等于0,則線框電阻應該變為多少歐姆.【分析】（1）根據機械能守恒定律求出線框剛進入磁場時的速度，由E=BLv即可求解線框中的感應電動勢大小；（2）cd間的電勢差即為電源的路端電壓，根據串聯電路的電壓與電阻成正比易求出；（3）此時線框加速度恰好為零，線框所受的安培力與重力平衡，推導出安培力表達式，由平衡條件即可求解線框電阻；解：（1）根據機械能守恒定律^的二］IW?解得歸/2gh=/2X10X5hi/s=10id/s感應電動勢E=BLv=1X1X10=10V（2）設線框電阻為R,則cd兩點間的電勢差大小為：R=Je4x1a5邛（3）線框中電流［=看線框cd邊所受安培力除BILB?哈唾」；■122加速度為0,所以合力為0,則咤二BL"R砥屋L%12xi2xiq^^得R=: 1乂1仆 Q:1qing1X10答：（1）線框中產生的感應電動勢大小為10V；（2）cd兩點間的電勢差大小為7.5V；（3）若線框此時加速度等于0，則線框電阻應該變為1歐姆（18分）質量分別為2m和m的滑塊1和滑塊2通過一根細線拴接在壓縮的彈簧兩端，某一刻細線剪斷后滑塊1沿水平面向左運動，滑塊2向右從斜面底端開始沿斜面向上運動，忽略滑塊2沿斜面向上運動前的速度大小變化，當斜面傾角0=工時，滑塊1和滑塊2滑行的最大距離之比為.多4,當傾斜角度變化時，6滑塊沿斜面滑行的最大距離也會隨之變化.重力加速度為8，水平部分和斜面部分動摩擦因數相同.（1）滑塊和斜面之間的動摩擦因數；（2）假設滑塊2的初速度為v0，當斜面傾角為多大時，滑塊滑行的最大距離最小,最小值是多少？

田加幗多C…【分析（1）對于細線剪斷后彈簧彈開兩滑塊的過程，由于系統的合外力為零，所以系統的機械能守恒．由動量守恒定律求得兩個滑塊獲得的速度大小之比．對滑塊1和滑塊2滑行的過程，分別運用動能定理列式，即可求得滑塊和斜面之間的動摩擦因數；（2）對滑塊2在斜面上上滑的過程，運用動能定理列式，結合數學知識求滑塊滑行距離的最小值．【解答】解：（1）設細線剪斷后滑塊1和滑塊2的速度大小分別為v1和v2.取向左為正方向，由動量守恒定律得：2mv1-mv2=0解得v1：v2=1：2對滑塊1和滑塊2滑行的過程，分別由動能定理得：-pi*2mgs1=0--1-X2mv12.-pi*2mgs1=0--1-X2mv12.一(mgsine+pimgcosB)s2=0-mmv22.-mmv.2.其中13門1=山則得a=30由數學知識可知：當0+a=90°,即0=60°時滑塊滑行的最大距離最小，最小值是答：（1）滑塊和斜面之間的動摩擦因數是-1;3（2）假設滑塊2的初速度為v0，當斜面傾角為60°時，滑塊滑行的最大距離最小，最小值是一言（二）選考題：共45分．請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答．如果多做，則每學科按所做的第一題計分．[物理--選修3-3]（15分）13．（5分）下列說法中正確的是（ ）A.絕對濕度大，相對濕度一定大B.對于一定質量的理想氣體，當分子間的平均距離變大時，壓強不一定變小C.密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，氣體分子對器壁單位面積上的平均作用力增大D.兩個鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說明分子之間存在有斥力E.液體表面張力的作用是使液體表面收縮【分析】解答本題需掌握：絕對濕度是指每單位容積的氣體所含水分的重量，一般用mg/L作指標.相對濕度是指絕對濕度與該溫度飽和狀態水蒸氣含量之比，用百分數表達．理想氣體狀態方程雙二C；T兩個鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說明分子之間存在有斥力；凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力．它產生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內部稀疏，分子間的距離比液體內部大一些，分子間的相互作用表現為引力．【解答】解：A、對于不同的壓強和溫度，飽和蒸汽壓不同，故絕對濕度大時相對濕度不一定大，故A錯誤；B、當分子間的平均距離變大時，氣體的體積增大，根據理想氣體狀態方程更RTQ可知，若氣體的溫度同時升高，則壓強不一定減小；故B正確；C、密封在體積不變的容器中的氣體，溫度升高，根據理想氣體狀態方程平二。可知體積不變溫度升高時，氣體的壓強增大，所以，氣體分子對器壁單位面積上的平均作用力增大，故C正確；D、兩個鐵塊用力擠壓不能粘合在一起說明分子之間存在有引力，故D錯誤；E、作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力，液體表面張力的作用是使液體表面收縮，故E正確；故選：BCE。14．（10分）通電后汽缸內的電熱絲緩慢加熱，由于汽缸絕熱使得汽缸內密封的氣體吸收熱量Q后溫度由T1升高到T2，由于汽缸內壁光滑，敞口端通過一個質量m橫截面積為S的活塞密閉氣體.加熱前活塞到汽缸底部距離為h.大氣壓用P0表示，①活塞上升的高度；②加熱過程中氣體的內能增加量.【分析】①給氣體加熱時，封閉氣體發生等壓變化，可根據蓋?呂薩克定律列式求解溫度上升到T2時，活塞與容器底部相距的距離h’.即可得到活塞上升的距離.②氣體發生等壓變化，對活塞的壓力大小不變，由公式W=P△V求出氣體對活塞做功，即可根據熱力學第一定律求內能的變化量.【解答】解：①設溫度為t2時活塞與容器底部相距h2.因為氣體做等壓變化，由蓋呂薩克定律有：活塞上