2023年廣東東莞市物理高一第二學期期中達標檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、下列關于速度的說法正確的是()A．速度描述物體運動的快慢，只有大小，沒有方向B．物體運動時間越短，速度越大C．物體運動位移越大，速度越大D．物體位置變化越快，速度越大2、判斷下列選項中機械能一定不守恒的是（）A．平拋運動 B．勻速圓周運動C．滑塊沿斜面勻速下降 D．滑塊在光滑水平面壓縮彈簧3、對于萬有引力定律的表達式下面說法正確的是（）A．公式中G為引力常量，它是牛頓測得的B．當r趨于零時，萬有引力趨于無窮大C．M、m受到的引力總是大小相等的，方向相反是一對相互作用力D．M、m受到的引力是一對平衡力4、我國自行研制發射的“風云一號”、“風云二號”氣象衛星的飛行軌道是不同的，“風云一號”是極地圓形軌道衛星，其軌道平面與赤道平面垂直，周期為T1＝12h；“風云二號”是同步衛星，其軌道平面就是赤道平面，周期為T2＝24h；兩顆衛星相比()A．“風云一號”離地面較高B．“風云一號”每個時刻可觀察到的地球表面范圍較大C．“風云一號”線速度較大D．若某時刻“風云一號”和“風云二號”正好同時在赤道上某個小島的上空，那么再過12小時，它們又將同時到達該小島的上空5、關于曲線運動，下列說法正確的是（）A．物體在恒力作用下不可能做曲線運動B．物體在變力作用下一定做曲線運動C．做曲線運動的物體速度一定是變化的D．速度發生變化的運動一定是曲線運動6、海王星的質量是地球質量的17倍，它的半徑是地球半徑的4倍，則海王星與地球（）A．第一宇宙速度之比為 B．第一宇宙速度之比為C．表面的重力加速度之比為17∶16 D．表面的重力加速度之比為16∶177、離地面h處有一個水平圓盤．小物體a的質量為m，小物體b的質量為2m，a與圓盤間的動摩擦因數為2μ，b與圓盤間的動摩擦因數為μ．將a放在水平圓盤的邊緣，它與圓心O的距離為R，現使圓盤開始轉動，并逐漸增大轉動的角速度，當圓盤轉動的角速度達到ω時，a恰好飛離圓盤，落到地面．設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，則（）A．a未飛離圓盤前，a受到的摩擦力逐漸增大B．a沿半徑方向飛離圓盤C．a落地的位置離圓心O的距離為D．若將a換為b，則當圓盤轉動的角速度達到ω之前，b就飛離圓盤8、如圖所示，在勻速轉動的水平圓盤上，沿半徑方向放置兩個用細線相連的質量均為m的小物體A、B，它們到轉軸的距離分別為rA=20cm，rB=30cm，A、B與盤間最大靜摩擦力均為重力的k=0.4倍，現極其緩慢的增加轉盤的角速度()A．當細線上開始出現張力時，圓盤的角速度rad/sB．當A開始滑動時，圓盤的角速度rad/sC．當A開始滑動時，圓盤的角速度4rad/sD．當A即將滑動時，燒斷細線，B將遠離圓心，A將繼續做圓周運動9、如圖所示，在圓軌道上運行的國際空間站里，一宇航員A靜止（相對空間艙）“站”于艙內朝向地球一側的“地面”B上，下列說法正確的是（）A．宇航員A處于平衡狀態B．宇航員A所受地球引力與他在地面上所受重力相等C．宇航員A與“地面”B之間無彈力作用D．若空間站外有一天線突然斷裂，天線不會掉落，還會與空間站一起做圓周運動10、在圓軌道上運動的質量為m的人造地球衛星，它們到地面的距離等于地球半徑R，地面上的重力加速度為g，則A．衛星運動的速度為B．衛星運動的加速度為C．衛星運動的周期為D．衛星的動能為二、實驗題11、（4分）如圖所示，光滑水平軌道與光滑圓弧軌道相切，輕彈簧的一端固定在軌道的左端，OP是可繞O轉動的輕桿，且擺到某處即能停在該處；另有一小鋼球．現要利用這些器材測定彈簧被壓縮時的彈性勢能．②還需要的器材是________、________②以上測量，實際上是把對彈性勢能的測量轉化為對________重力勢能的測量，進而轉化為對________質量和________上升高度的直接測量．12、（10分）（1）圖甲為“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置，下列哪些說法是正確的______．A．實驗時應選用質量較大，并且下端有橡膠墊的重錘B．實驗時，當松開紙帶讓重錘下落同時，立即接通電源.C．要選用第1、2點間距離接近2mm的紙帶D．實驗結果總是動能的增量略大于重力勢能的減小量.（2）若實驗中所用重錘的質量m＝1kg，打點紙帶如下圖所示，打點時間間隔為0.02s，從開始下落O點起至B點的過程中，重錘重力勢能的減少量＝_____________J，此過程中物體動能的增加量＝____________J；(g＝9.8m/s2，保留三位有效數字)（3）由此可得出的實驗結論是：______________．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）有一根細繩系著裝有水的水桶，在豎直平面內做圓周運動，木桶的質量m1＝0.6kg，水的質量m2＝0.4kg，繩長L＝40cm，求：（g＝10m/s2）（1）最高點水不流出的最小速率（2）若水在最高點速率v＝4m/s，繩子對木桶的拉力是多少.14、（14分）如圖所示，軌道ABCD的AB段為一半徑R=0.2m的光滑1/4圓形軌道，BC段為高為h=5m的豎直軌道，CD段為水平軌道．一質量為m=0.1kg的小球由A點從靜止開始下滑到B點時速度的大小為2m/s，離開B點做平拋運動（g取10m/s2），求：（1）小球離開B點后，在CD軌道上的落地點到C的水平距離；（2）小球到達B點時對圓形軌道的壓力大小？15、（13分）市區某商場門口設計了一個巧妙的裝置，由兩個完全相同的不完整圓管豎直緊挨（如圖），圓管的半徑遠大于管的粗細．A、C為圓的最高點．一直徑略小于管道大小的小球，以一定的初速度從A點飛出，可以沿ABCDA形成一個完美的近“∞”軌跡一直運轉．每次恰好沿B、D切線進入管道．求：（1）O1B和O2D與豎直方向夾角θ的余弦值；（2）A點的初速度．

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】速度是描述物體運動快慢的物理量；速度為矢量，有大小也有方向；故A錯誤；速度等于位移與時間的比值；故只有位置變化越快，速度越大；故BC錯誤；D正確；故選D．點睛：比較物體運動快慢的方法有兩種：①相同時間比較路程，路程長運動快；②相同路程比較時間，時間短運動快．為了更好的表示物體運動的快慢，物理學中引入了速度這個物理量，速度等于運動物體在單位時間內通過的路程；2、C【解析】試題分析：做平拋運動的物體，只受重力，其機械能一定守恒，故A錯誤；若物體在水平方向做勻速圓周運動，速度的大小不變，動能不變，高度不變，重力勢能不變，機械能守恒，故B錯誤；滑塊沿斜面勻速下降，動能不變，重力勢能減小，故機械能減小，不守恒，故C正確；滑塊在光滑水平面壓縮彈簧，滑塊和彈簧組成的系統機械能守恒，故D錯誤．考點：機械能守恒定律應用【名師點睛】物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈簧的彈力做功，機械能是勢能和動能的總和．根據機械能守恒的條件和機械能的概念逐個分析即可．3、C【解析】A項：引力常量是第一次由卡文迪許在實驗室較為準確的測量出來的，故A錯誤；B項：萬有引力定律的公式適用于質點間的萬有引力，當r趨近于零時，不能直接用這個公式計算萬有引力，r也不再是他們之間的距離，故B錯誤；C、D項：引力的作用是一對相互作用，符合牛頓第三定律，是作用力和反作用力的關系，大小相等，方向相反，故C正確、D錯誤．點晴：要明確萬有引力定律的公式適用于質點間的萬有引力，注意當距離靠近到物體不能看做質點的時候，就不能直接用公式來算引力，但用微分法還是可以算他們的引力．4、C【解析】A項：根據萬有引力提供向心力可得，：，由于風云一號的周期較小，所以風云一號的軌道半徑較小，故風云一號離地面高度較低；B項：由于風云一號離地面的高度較低，所以可觀察到的地球表面范圍較小，故B錯誤；C項：根據萬有引力提供向心力可得：，由于風云一號的軌道半徑較小，所以線速度較大，故C正確；D項：由于風云一號的周期為風云二號周期的一半，所以再過12小時，它們不可能同時到達小島的上空，故D錯誤．點晴：解決本題關鍵知道萬有引力提供向心力和圓周運動的線速度，周期之間的關系，列方程比較即可．5、C【解析】A、物體在恒力作用下可能做曲線運動，如平拋運動，加速度為g，所以A錯誤；B、物體在變力作用下一定做曲線運動，當合力方向與速度方向在同一直線上時，物體做直線運動，力可以變化，所以B錯誤；C、曲線運動速度方向一定變化，加速度一定不為零，故曲線運動一定是變速運動．所以C正確；D、變速運動包含勻變速直線運動，曲線運動，故D錯誤；故選C．【點睛】本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握住．6、AC【解析】

AB．據牛頓第二定律得可得出第一宇宙速度聯立解得海王星與地球的加速度之比故B錯誤，A正確；CD．在表面由重力等于萬有引力，即由此可得聯立解得海王星表面重力加速度與地球表面的重力加速度之比故D錯誤，C正確。故選AC。7、AD【解析】A、摩擦力提供向心力，即，則角速度增大，向心力增大，則摩擦力增大，故選項A正確；B、a的速度沿曲線的切線方向，故沿切線方向飛離圓盤，故選項B錯誤；C、a飛出做平拋運動，則，水平位移：，則落地離圓心O投影的距離為：，故選項C錯誤；D、當a恰好離開圓盤時：，則：當b恰好離開圓盤時：，則：，由于，故選項D正確．點睛：本題主要考查了向心力公式及平拋運動基本公式的直接應用，并能結合幾何關系求解．8、ACD【解析】

A.當B的摩擦力達到最大時，細線開始出現張力，隔離對B分析，根據牛頓第二定律有：kmg=mrBω2，解得ω=rad/s，故A正確；BC、當A開始滑動時，A、B均達到最大靜摩擦力，對A有：kmg?T=mrAω2，對B有：kmg+T=mrBω2，代入數據解得ω=4rad/s，故B錯誤，C正確；D.當A即將滑動時，燒斷細線，對A，由于最大靜摩擦力大于向心力，A繼續做圓周運動，靠靜摩擦力提供向心力，對B，由于最大靜摩擦力小于向心力，B將遠離圓心，故D正確．故選ACD.【點睛】抓住最大靜摩擦力提供向心力，根據牛頓第二定律求出細線出現張力時圓盤的角速度；當A開始滑動時，B靠拉力和最大靜摩擦力提供向心力，A靠最大靜摩擦力和拉力的合力提供向心力，結合牛頓第二定律列式求出A開始滑動時圓盤的角速度；根據靜摩擦力和向心力的關系判斷A、B的運動規律．9、CD【解析】

A．宇航員隨空間站在地球萬有引力的作用下做勻速圓周運動，不處于平衡狀態，A錯誤；B．根據萬有引力定律可知宇航員的在地面和空間站的不同，所以宇航員A所受地球引力與他在地面上所受重力（萬有引力）不相等，B錯誤；C．宇航員在空間站處于完全失重的狀態，所以宇航員A與“地面”B之間無彈力作用，C正確；D．對空間站，萬有引力提供加速度解得向心加速度為若空間站外有一天線突然斷裂，可知天線的向心加速度不變，所以天線不會掉落，還會與空間站一起做圓周運動，D正確。故選CD。10、CD【解析】在忽略地球自轉情況下，由萬有引力提供人造地球衛星的向心力，得，加速度，故AB錯誤；由因，故C正確；由上以分析可知衛星的動能，故D正確。【點睛】明確萬有引力與重力，向心力之間的關系；利用萬有引力提供向心力，選取對應的向心力公式去解。二、實驗題11、天平刻度尺重力勢質量上升高度【解析】(1)用小球壓縮彈簧，再將彈簧釋放，彈簧的彈性勢能轉化為小球的動能，由于水平軌道與圓弧軌道均是光滑的，只有彈簧的彈力和重力做功，小球和彈簧組成的系統機械能守恒，根據機械能守恒定律得，彈簧的彈性勢能，因此需要用天平測量小球的質量m，用刻度尺測量小球在光滑圓弧軌道上上升的高度h．(2)根據機械能守恒可知，實際上是把對彈性勢能的測量轉化為對小球質量和小球上升高度的直接測量．【點睛】由題知，水平軌道與圓弧軌道均是光滑的，用小球壓縮彈簧，再將彈簧釋放，彈簧的彈性勢能轉化為小球的動能，根據機械能守恒定律分析需要的器材．實際上是把對彈性勢能的測量轉化為對重力勢能的測量，根據重力勢能的計算公式確定需要直接測量的物理量．12、AC0.172J0.168J在誤差允許的范圍內，重錘的機械能守恒．【解析】

（1）為了減小空氣阻力的影響，在選擇重物時，要選擇密度大，體積小的物體，即應選用質量較大，并且為了防止掉地上損壞儀器，應選下端有橡膠墊的重錘，A正確；如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數據的采集和處理，會對實驗產生較大的誤差，B錯誤；重物做自由落體運動，根據代入數據解得h≈0.002m，即接近2mm，C正確；紙帶運動中不可避免的受到阻力的作用，所以動能增加量總小于重力勢能的減小量，D錯誤。故選A