2023年試題山西省懷仁市重點中學物理高一第二學期期中復習檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、某行星繞太陽運動的軌道如圖所示，則以下說法不正確的是()A．太陽一定在橢圓的一個焦點上B．該行星在a點的速度比在b、c兩點的速度都大C．該行星在c點的速度比在a、b兩點的速度都大D．行星與太陽的連線在相等時間內掃過的面積是相等的2、兩個質點之間萬有引力的大小為F，如果將這兩個質點之間的距離變為原來的3倍，那么它們之間萬有引力的大小變為A．9F B．3F C．F/3 D．F/93、關于機械振動和機械波下列說法正確的是(A．機械波的周期一定等于質點的振動周期：B．機械波的傳播快慢與波源的機械振動快慢有關C．機械波傳播一個周期，各質點就通過一個波長的路程D．波源若停止振動，機械波也將停止傳播。4、關于曲線運動，下列說法正確的是()A．做曲線運動的物體速度方向時刻改變，所以曲線運動是變速運動B．做曲線運動的物體，受到的合外力方向在不斷改變C．只要物體做圓周運動，它所受的合外力一定指向圓心D．物體只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做勻速圓周運動5、如圖所示，x軸在水平地面上，y軸沿豎直方向。圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中b和c是從同一點拋出的。不計空氣阻力，則（）A．a的飛行時間最長B．b比c飛行時間長C．b的水平初速度比c的小D．c的水平初速度最小6、如圖，一帶電粒子以某速度進入水平向右的勻強電場中，僅在電場力作用下形成圖中所示的運動軌跡．M和N是軌跡上的兩點，其中M點在軌跡的最右邊．不計重力，下列表述錯誤的是()A．該粒子帶負電B．粒子在電場中的加速度不變C．粒子在M點的動能最大D．粒子在M點的電勢能最大7、如圖所示的皮帶傳動裝置中，甲、乙、丙三輪的軸均為水平軸，其中甲、丙兩輪半徑相等，乙輪半徑是丙輪半徑的一半．A，B，C三點分別是甲、乙、丙三輪的邊緣點，若傳動中皮帶不打滑，則()A．A，B兩點的線速度大小之比為2∶1 B．A，C兩點的角速度大小之比為1∶2C．A，C兩點的向心加速度大小之比為1∶4 D．A，B兩點向心加速度大小之比為2∶18、物體在運動過程中，克服重力做功50J，則()A．重力做功為50JB．物體的重力勢能一定增加50JC．物體的重力勢能一定減小50JD．重力做功為﹣50J9、一個物體做自由落體運動，重力加速度g取10m/s2。該物體（）A．第2s末的速度大小為10m/sB．第2s末的速度大小為20m/sC．在前3s內下落的距離為45mD．在前3s內下落的距離為60m10、如圖所示，兩個可視為質點的相同小球分別在兩豎直光滑圓錐的內側面上以相同的角速度做勻速圓周運動。已知兩圓錐面與水平面的夾角分別為和，重力加速度為g,則（）A．兩球的向心加速度大小相等B．兩球離地面的高度不相等C．兩球的線速度大小不相等D．兩球所需的向心力大小相等11、如圖所示，枕形導體AB原來不帶電，將它放在一個電荷量為-Q的點電荷形成的電場中．AB中心O點到點電荷的距離為R．當達到靜電平衡時（）A．導體A端電勢高于B端電勢B．導體上的感應電荷在O點產生的場強為C．導體中心O點的場強為0D．導體中心O點的場強為12、如圖所示，兩個質量相同的小球A、B分別用細線懸在等高的O1、O2點。A球的懸線比B球的懸線長，把兩球的懸線拉至水平后無初速釋放，則經過最低點時（）A．A球的機械能等于B球的機械能B．A球的動能等于B球的動能C．重力對A球的瞬時功率等于重力對B球的瞬時功率D．細線對A球的拉力等于細線對B球的拉力二．填空題(每小題6分，共18分)13、(1)在做“探究平拋運動的規律”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球做平拋運動的軌跡，為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為不正確的選項前面的字母填在橫線上__________．A．通過調節使斜槽的末端保持水平B．每次釋放小球的位置必須相同C．每次必須由靜止釋放小球D．小球運動時不應與木板上的白紙接觸E．將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用直尺將點連成折線(2)某同學在做“探究平拋運動的規律”的實驗中，忘記記下小球做平拋運動的起點位置O，A為小球運動一段時間后的位置，根據圖1所示，求出小球做平拋運動的初速度為________m/s.(g取10m/s2)，14、試根據平拋運動原理設計“測量彈射器彈丸出射初速度”的實驗方案，提供的實驗器材為彈射器(含彈丸，如圖所示)、鐵架臺(帶有夾具)、米尺。（1）在安裝彈射器時應注意________；（2）實驗中需要測量的量為______；初速度計算公式為____________。15、（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖1所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為______________mm．（2）如圖2所示是一個雙量程的電壓表，當使用a、b兩個端點時，量程為0～3V，當使用a、c兩個端點時，量程為0～15V．已知電流表的內阻Rg為400Ω，滿偏電流Ig為500μA．則電阻R1和R2的值應該分別為________Ω和________Ω．三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，將一小球從地面上方h=0.8m處以v0=3m/s的速度豎直上拋，不計空氣阻力，g=10m/s2，求：（1）小球能到達離拋出點的最大高度h′．（2）從拋出到落地，共需多長時間t．17、（10分）若地球繞太陽公轉周期及其公轉軌道半徑分別為T和R，月球繞地球公轉周期和公轉半徑分別為t和r，則太陽質量與地球質量之比為多少？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

A．由開普勒第一定律可知，太陽一定在橢圓的一個焦點上，故A正確，不符合題意；BCD．由開普勒第二定律：“相等時間內，太陽和運動著的行星的連線所掃過的面積都是相等的”，知距離越大速度越小，故C錯誤，符合題意；BD正確，不符合題意。故選C。2、D【解析】

根據萬有引力定律公式知將這兩個質點之間的距離變為原來的3倍，則萬有引力大小變為原來的，故選項D正確，A、B、C錯誤．3、A【解析】

A.機械波是機械振動在介質中的傳播，所以機械波的周期一定等于質點的振動周期，故A正確；B.機械波的傳播快慢介質有關，故B錯誤；C.質點的振動方向并不是波的傳播方向，機械波傳播一個周期，質點完成了一個全振動，但并不是走一個波長的距離，故C錯誤；D.波源若停止振動，已經形成的波仍然會向前傳播，故D錯誤；4、A【解析】

做曲線運動的物體速度方向時刻改變，所以曲線運動是變速運動，故A正確；平拋運動中物體所受合外力為重力，方向不變，故B錯誤；只有物體做勻速圓周運動時物體所受合外力才指向圓心，故C錯誤；物體只要有受到永遠垂直于初速度方向的大小不變的力作用，就一定能做勻速圓周運動，恒力作用下物體不可能做圓周運動，故D錯誤。故選A。5、D【解析】

AB．小球平拋運動在豎直方向上做自由落體，根據可知下落時間為因為所以三個小球下落時間AB錯誤；C．小球水平方向上做勻速直線運動，因為根據可知水平初速度C錯誤；D．同理對比、小球，水平位移關系結合時間關系可知水平初速度D正確。故選D。6、C【解析】

A．在勻強電場中，粒子所受電場力的方向與場強方向相同或相反；粒子做曲線運動，粒子僅受電場力，則電場力的方向指向軌跡的凹側；所以粒子在M點所受電場力的方向如圖，即粒子所受電場力方向與場強方向相反，粒子帶負電．故A項正確．B．粒子僅受電場力，粒子在勻強電場中運動，所受電場力不變；據牛頓第二定律可得，，則粒子在電場中的加速度不變．故B項正確．CD．M點在軌跡的最右邊，則整個軌跡上M點的電勢最低，帶負電的粒子在M點的電勢能最大；粒子僅受電場力，粒子的動能與電勢能之和不變，則粒子在M點的動能最小．故C項錯誤，D項正確．7、BC【解析】

因為甲、乙兩輪是皮帶傳動,皮帶傳動的特點是兩輪與皮帶接觸點的線速度的大小與皮帶的線速度大小相同,所以，故A錯誤；由角速度和線速度的關系式可知，因為乙、丙兩輪共軸,故兩輪角速度相同，所以；故B正確；根據向心加速度知A，C兩點的向心加速度大小之比為1∶4故C正確；根據向心加速度，可知A，B兩點向心加速度大小之比為1:2，故D錯誤；故選BC8、BD【解析】物體在運動過程中，克服重力做功50J，說明重力做了-50J的功，重力做負功，重力勢能增加了50J，A錯誤BD正確；重力做功過程中，重力大小不變，C錯誤．【點睛】本題應明確：物體做負功可以說成克服物體做功；重力做正功重力勢能減小，重力做負功，重力勢能增加．9、BC【解析】

根據自由落體運動的規律可知，第2s末的速度大小為前3s內下落的距離為故BC正確，AD錯誤。故選BC。10、BC【解析】對任意一球研究，斜面的傾角為θ，受力分析，如圖．

由圖可知F合=mgtanθ=ma，a=gtanθ，則θ不同，a不等；

根據向心力公式有

mgtanθ=mω2R=m，解得，v=ωR;球離地的高度為h=Rtanθ=，θ不等，R不等，h不等．由v=ωR，知R不等，則v不等．由F=mgtanθ，知向心力不等，故AD錯誤，BC正確．故選BC．11、BC【解析】當達到靜電平衡時整個導體是一個等勢體，則導體A端電勢等于B端電勢，A錯誤；當達到靜電平衡時導體中心O點的場強為0；枕形導體兩端的感應電荷在導體中心O點的場強大小與點電荷-Q產生的場強大小相等，為，方向相反，為水平向左，BC正確D錯誤．【點睛】解決本題的關鍵是理解并掌握靜電平衡導體的特點：整個導體是等勢體，內部場強處處為零．12、ACD【解析】

A．A、B兩球在運動的過程中，只有重力做功，機械能守恒，初始位置的機械能相等，所以在最低點，兩球的機械能相等，故A正確；B．根據動能定理有可知越大，動能越大，所以經過最低點時，A球的動能大于B球的動能，故B錯誤；C．經過最低點時，兩球豎直方向速度都為0，所以重力的瞬時功率都為0，故C正確；D．根據動能定理有在最低點時，根據牛頓第二定律則有聯立解得細線對A、B球的拉力與擺線的長度無關，所以兩球擺線拉力大小相等，故D正確；故選ACD。二．填空題(每小題6分，共18分)13、E2.0【解析】(1)A項：通過調節使斜槽末端保持水平，是為了保證小球做平拋運動,故A正確；B、C項：因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度．故B，C正確；D、E項：實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面，避免因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應連成平滑的曲線，故D正確，E錯誤；(2)豎直方向：，解得：，則平拋運動的初速度．點晴：平拋運動分解為：水平方向的勻速直線運動，豎直方向的自由落體運動．分析小球水平方向和豎直方向的運動特點，充分利用勻變速直線運動的規律結合運動的合成來求解．14、保持彈射器水平彈丸從彈出到落地水平位移為x，下落高度yv0＝x【解析】

（1）[1]．在安裝彈射器時應注意保持彈射器水平；（2）[2][3]．彈丸水平拋出，則解得則實驗中需要測量的量為彈丸從彈出到落地水平位移為x，下落高度y；初速度計算公式為15、0.517(0.515-0.519均正確)560024000【解析】試題分析