陜西省咸陽市2022-2023學年物理高一下期中質量跟蹤監視模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖，A、B分別為兩傳動輪邊緣上的兩點，轉動過程中皮帶不打滑，A、B兩點的（）A．線速度大小相等B．周期相等C．轉速相等D．角速度相等2、在實驗中，利用紙帶上的數據和第一章的方法得出各計數點的瞬時速度后，以速度v為縱軸，以時間t為橫軸建立直角坐標系。某次實驗中某同學描出的點如圖所示。在直角坐標系上一共描出了10個點。下列思考有道理的是（）①這10個點無論如何也不在一條直線上，因此小車運動的v-t圖象不可能為一條直線，而應為一條光滑的曲線②這10個點中有6個點雖然不在一條直線上，但它們緊挨在一條直線附近，只有F和B兩點離這條直線太遠③在10個點當中只有4個點能畫在一條直線上(A、D、G、I)，有六個點不在該直線上，這條直線肯定不能表示小車運動的規律④與直線偏差較小的點(C、E、H、J)可能是實驗誤差造成的，而與直線偏離較大的點(B、F)則可能是實驗中出現錯誤造成的A．①③ B．②④ C．①② D．③④3、當火車在某個彎道按規定運行速度40m/s轉彎時，內、外軌對車輪皆無側壓力，若火車在該彎道實際運行速度為30m/s，則下列說法中正確的是A．僅外軌對車輪有側壓力B．僅內軌對車輪有側壓力C．內、外軌對車輪都有側壓力D．內、外軌對車輪均無側壓力4、修正帶是中學生必備的學習用具，其結構如圖所示，包括上下蓋座、大小齒輪、壓嘴座等部件，大小齒輪分別嵌合于大小軸孔中，大小齒輪相互吻合，a、b點分別位于大小齒輪的邊緣，c點位于大齒輪的半徑中點，當紙帶勻速走動時（）A．a、b點的線速度大小相同B．a、c點的線速度大小相同C．b、c點的角速度相同D．大小齒輪的轉動方向相同5、關于平拋運動和勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A．做平拋運動的物體的加速度方向一定是豎直向下B．做平拋運動的物體落地時的速度方向一定是豎直向下C．做勻速圓周運動的物體線速度不變D．做勻速圓周運動的物體向心加速度不變6、一代代的科學家通過不懈的努力，取得的研究成果，推動了物理學的發展和人類的進步，下列表述符合物理學史實的是A．開普勒第一定律指出行星繞太陽運動的軌道都是圓形的B．卡文迪許采用放大法，巧妙地運用扭秤測出了引力常量C．第谷通過大量運算分析總結出了行星運動的三條規律D．由于牛頓在萬有引力定律方面的杰出成就，所以被稱為能“稱量地球質量”的人7、鐵路在彎道處的內外軌道高低是不同的，已知內外軌道對水平面傾角為，如圖所示，彎道處的圓弧半徑為R，火車質量為m(未畫出)，下列說法正確的是()A．若轉彎時速度小于,外軌對外側車輪輪緣有擠壓B．若轉彎時速度小于,則內軌對內側車輪輪緣有擠壓C．若轉彎時速度小于,這時鐵軌對火車的支持力大于D．若轉彎時速度等于,這時鐵軌對火車的支持力等于8、把火星和地球繞太陽運行的軌道視為圓周．由火星和地球繞太陽運動的周期之比可求得（）A．火星和太陽的質量之比B．火星和地球到太陽的距離之比C．火星和地球繞太陽運行速度大小之比D．火星和地球的質量之比9、有兩個完全相同的電阻，一個通以10A的直流電流,熱功率為P，另一個通以正弦式交變電流，熱功率為2P，那么（）A．交流的有效值為10A B．交流的最大值為102AC．交流的有效值為102A D．交流的最大值為20A10、如圖所示，虛線a、b、c是電場中的三個等勢面，相鄰等勢面間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一個帶負電的質點僅在電場力作用下的運動軌跡，P、Q是軌跡上的兩點．下列說法中正確的是（）A．三個等勢面中，等勢面a的電勢最高B．質點通過Q點時的電勢能比通過P點時小C．質點通過Q點時的加速度比通過P點時大D．質點通過Q點時的加速度的方向一定與等勢面a垂直11、某同學利用測力計研究在豎直方向運行的電梯運動狀態，他在地面上用測力計測量砝碼的重力，示數是G，他在電梯中用測力計仍測量同一砝碼的重力，發現測力計的示數小于G，由此判斷此時電梯的運動狀態可能是（）A．加速上升 B．加速下降 C．減速上升 D．減速下降12、質量分別為m1、m2的A、B兩物體放在同一水平面上，受到大小相同的水平力F的作用，各自由靜止開始運動．經過時間t0，撤去A物體的外力F；經過4t0，撤去B物體的外力F．兩物體運動的v﹣t關系如圖所示，則A、B兩物體（）A．與水平面的摩擦力大小之比為5：12B．在勻加速運動階段，合外力做功之比為4：1C．在整個運動過程中，克服摩擦力做功之比為1：2D．在整個運動過程中，摩擦力的平均功率之比為5：3二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在“驗證動量守恒定律”的實驗中。實驗裝置及實驗中小球運動軌跡及平均落點的情況如圖所示，回答下列問題：(1)本實驗需要測量的物理量是______（填選項前的字母）。A．小球的質量ma、mbB．小球離開斜槽后飛行的時間ta、tbC．小球離開斜槽后飛行的水平射程xA、xB、xCD．槽口到水平地面的豎直高度H(2)實驗中重復多次讓小球a從斜槽上的同一位置釋放，其中“同一位置釋放”的目的是________。(3)放置被碰小球b前后，小球a的落點位置為分別為圖中的_______和______。14、（10分）(1)在“研究平拋運動”的實驗中，可以描繪平拋物體運動軌跡和求物體的平拋初速度.實驗簡要步驟如下：A．讓小鋼球多次從________位置上滾下，記下小球運動途中經過的一系列位置；B．安裝好器材，注意斜槽末端水平和木板豎直，記下小球在斜槽末端時球心在木板上的投影點O和過O點的豎直線，檢測斜槽末端水平的方法是________________________________；C．測出曲線上某點的坐標x、y，用v0＝________算出該小球的平拋初速度，實驗需要對多個點求v0的值，然后求它們的平均值；D．取下白紙，以O為原點，以豎直線為y軸建立坐標系，用平滑曲線畫平拋軌跡.上述實驗步驟的合理順序是________(只排列序號即可).(2)在另一次實驗中將白紙換成方格紙，每小格的邊長L＝5cm，通過實驗，記錄了小球在運動途中的三個位置，如圖所示，則該小球做平拋運動的初速度為_____m/s；B點的豎直分速度為____m/s.(g取10m/s2)三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，用一塊長的木板在墻和桌面間架設斜面，桌面高H=0.8m，長．斜面與水平桌面的傾角可在0~60°間調節后固定．將質量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動摩擦因數，物塊與桌面間的動摩擦因數，忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失．（重力加速度取；最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（1）求角增大到多少時，物塊能從斜面開始下滑；（用正切值表示）（2）當增大到37°時，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動摩擦因數；（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）（3）繼續增大角，發現=53°時物塊落地點與墻面的距離最大，求此最大距離．16、（12分）甲、乙兩運動員在做花樣滑冰表演，沿同一直線相向運動，速度大小都是1m/s。甲、乙相遇時用力推對方，此后都沿各自原方向的反方向運動，速度大小分別為1m/s和2m/s。求甲、乙兩運動員的質量之比。17、（12分）質量為m=1kg的滑塊靜止在光滑水平地面上，現受一水平向右拉力F作用，由靜止開始運動，拉力F隨時間t的變化規律如圖所示。求：(1)第1s內F做的功是多大？(2)第3s內F做的功是多大？(3)2.5s時刻F的功率是多大？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】靠摩擦傳動做勻速轉動的大、小兩輪接觸面互不打滑，知A、B兩點具有相同的線速度大小，故A正確；根據v=rω，因半徑的不同，則兩點的角速度不相同；由轉速：n=ω/2π，則轉速也不相同。根據T=2π/ω可知，周期不等，故BCD錯誤。故選A。點睛：解決本題的關鍵掌握靠摩擦傳動輪子邊緣上的點，具有相同的線速度，共軸轉動的點，具有相同的角速度．2、B【解析】

任何實驗都會存在一定的誤差，也正是因為有誤差的存在，圖中的數據點才不可能嚴格在一條直線上，只能大致的分布在一條直線上；如果有些數據離直線很遠，說明這個數據很可能是錯誤的，所以①③錯誤，②④正確，故選B。3、B【解析】

若火車按40m/s轉彎時，內外軌與車輪之間均沒有側壓力，此時火車拐彎所需要的向心力由其重力和鐵軌的支持力的合力提供，若火車的速度為30m/s，小于規定速度，重力和支持力的合力大于火車轉彎所需要的向心力，所以此時內軌對車輪有側壓力。故選B。4、A【解析】

AD．a、b點是同緣傳動，邊緣點的線速度大小相同，方向相反，即A正確，D錯誤；B．a、c點是同軸傳動，角速度相等，即根據知線速度與半徑成正比，半徑不同，線速度不同，B錯誤；C．，根據知角速度與半徑成反比，有所以C錯誤。故選A。5、A【解析】

A．做平拋運動的物體在運動過程中，只受重力作用，所以加速度方向一定豎直向下，A正確；B．平拋運動的合速度是由水平分速度和豎直分速度合成而來，所以落地時一定不會豎直向下，B錯誤；CD．做勻速圓周運動過程中速度和加速度大小恒定不變，速度和加速度的方向時刻在變，CD錯誤。故選A。6、B【解析】

A、開普勒第一定律指出：所有的行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在所有橢圓的一個焦點上，故A錯誤；B、牛頓提出了萬有引力定律，而卡文迪許通過扭稱實驗測出了萬有引力常量，故B正確；C、開普勒通過大量運算分析第谷的天文觀測數據總結出了行星運動的定律，故C錯誤；D、牛頓發現了萬有引力定律之后，卡文迪許測出了引力常量G，卡文迪許被稱為能“稱量地球質量”的人，故D錯誤。7、BD【解析】

AB.當火車對側向壓力為零時，重力和支持力提供向心力有：，解得：，當速度小于時，火車有近心趨勢，對內軌有擠壓，A錯誤B正確C.當速度小于時，設內軌對火車的支持力為，軌道對火車的支持力為，根據豎直方向平衡有：，所以鐵軌對火車的支持力小于，C錯誤D.當速度等于時，側向彈力為零，根據豎直方向平衡有：，鐵軌對火車的支持力為，D正確8、BC【解析】A、根據題目已知條件，不能求得火星和太陽的質量之比，故A錯誤；B、研究火星和地球繞太陽做圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式：，得，由火星和地球繞太陽運動的周期之比可能求得火星和地球到太陽的距離之比，故B正確；C、根據圓周運動知識得：，由于火星和地球繞太陽運動的周期之比和火星和地球到太陽的距離之比都知道，所以能求得火星和地球繞太陽運行速度大小之比，故C正確；D、我們研究火星和地球繞太陽做圓周運動，火星和地球作為環繞體，無法求得火星和地球的質量之比，故D錯誤；故選BC．9、CD【解析】

一個通以10A的直流電流，熱功率為P，則有P＝I2R，當正弦式交變電流，同一電阻，熱功率為2P，則有正弦電的電流有效值為I′，因此2P＝I′2R，解得：I′=2I＝102A；正弦電流的最大值為Im=2I′＝20A，故CD正確，10、ABD【解析】

A．假設粒子從P運動到Q，做出速度方向如圖，電場線與等勢線垂直，電場力指向軌跡內側，粒子帶負電，電場力與場強方向相反，可畫出電場線如圖所示，沿電場線方向電勢降低，說明等勢面a的電勢最高，故A正確；B．由圖可知速度與電場力夾角為銳角，粒子從P運動到Q，電場力做正功，電勢能減小，說明質點通過Q點時的電勢能比通過P點時小，故B正確；C．相鄰等勢面間的電勢差相等，由可知等勢線密處場強度大，由圖可知P點的場強大于Q點的場強，粒子在P點的電場力大于Q點時的電場力，由可知質點通過Q點時的加速度比通過P點時小，故C錯誤；D．質點通過Q點時的加速度的方向與電動場力的方向相同，與場強方向相反，場強和等勢面相垂直，說明加速度方向一定與等勢面a垂直，故D正確。故選ABD。11、BC【解析】

A．電梯加速上升時，加速度向上，即物體處于超重狀態，根據牛頓第二定律得，測力計的拉力大于砝碼的重力，即測力計的示數大于G，故A錯誤；B．電梯加速下降時，加速度向下，即物體處于失重狀態，根據牛頓第二定律得，測力計的拉力小于砝碼的重力，即測力計的示數小于G，故B正確；C．電梯減速上升時，加速度向下，即物體處于失重狀態，根據牛頓第二定律得，測力計的拉力小于砝碼的重力，即測力計的示數小于G，故C正確；D．電梯減速下降時，加速度向上，即物體處于超重狀態，根據牛頓第二定律得，測力計的拉力大于砝碼的重力，即測力計的示數大于G，故D錯誤．故選BC。點睛：本題根據牛頓運動定律分析超、失重現象，每種現象對應兩種運動情況：減速上升與加速下降時，物體處于失重狀態，反之，處于超重狀態．12、AC【解析】

根據兩物塊做勻加速運動和勻減速運動的過程，求出各自運動的加速度之比，根據牛頓運動定律的從而求出摩擦力之比；速度時間圖線與時間軸所圍成的面積表示位移，根據加速階段和整個過程的面積比得出位移比，進而可求合外力做功和克服摩擦力做功之比；由功率的定義式可得功率之比．【詳解】A．由圖象可得，A加速運動的加速度為，減速運動的加速度為，根據牛頓第二定律知①②由①②得B加速運動的加速度為，減速運動的加速度為，根據牛頓第二定律知:③④由③④得所以與水平面的摩擦力大小之比為，A正確；B．合外力做功減速階段兩圖象的斜率相等，故加速度相等，而此時a=μg，故摩擦系數相同，由牛頓第二定律知，質量之比等于摩擦力之比為5：12，在勻加速運動階段，合外力做功之比為等于末動能之比，為B錯誤；C．根據圖象面積表示位移知AB兩物體的位移之比為6：5，由W=Fs知在整個運動過程中，克服摩擦力做功之比（5×6）：（12×5）=1：2，C正確；D．根據：知平均功率之比為D錯誤。故選AC．【點睛】解決本題的關鍵通過圖象得出勻加速運動和勻減速運動的加速度，根據牛頓第二定律，得出兩個力的大小之比，以及知道速度﹣時間圖線與時間軸所圍成的面積表示位移．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、AC為了保證小球每次平拋的初速度相同BA【解析】

(1)[1]開始時不放b球，讓a球從某一高度靜止釋放，平拋的初速度為，落到B點，放上b球后，讓a球從同一高度靜止釋放，碰撞后，a球落以初速度平拋落在A點，b球以初速度平拋落在C點，根據動量守恒定律小球平拋運動豎直方向上的高度相同，根據可知小球落地時間相同，動量守恒的方程兩邊同時乘以時間轉化為平拋運動的水平位移，即驗證動量守恒的方程為所以需要測量兩小球的質量和小球平拋落地的水平位移，AC正確，BD錯誤。故選AC。(2)[2]保持小球a從同一高度釋放的目的是為了保證小球每次平拋的初速度相同。(3)[3][4]根據(1)中分析可知放置被碰小球b前后，小球a的落點位置為分別為圖中的B和A。14、同一；將小球放到斜槽末端任一位置均不動；；BADC；1.5；2【解析】

(1)A：讓小球多次從同一位置上靜止滾下，目的是保證小球多次做平拋運動的初速度相等；B：檢測斜槽末端水平的方法是將小球放到斜槽末端任一位置均不動；C：平拋運動分解為：水平方向的勻速直線運動，豎直方向的自由落體運動，水平方向有：，豎直方向有：，聯立解得：，實驗中先組裝器材，步驟為B，再進行實驗，步驟為A，然后數據處理，步驟為DC，則順序為BADC；(2)由