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文檔簡介

2023年高考物理模擬試卷注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號。回答非選擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,理想變壓器原、副線圈匝數比為5:1,原線圈中接入u=100sin(100πt)V的正弦交流電,保險絲的熔斷電流為1A,電表為理想電表,定值電阻R0=10Ω。各元件正常工作,下列判斷正確的是()A.電流表的讀數為2A B.電容器的擊穿電壓不得低于20VC.原線圈中最大電流不能超過1A D.流過電容器C的電流每秒方向改變50次2、如圖所示為一簡易起重裝置,(不計一切阻力)AC是上端帶有滑輪的固定支架,BC為質量不計的輕桿,桿的一端C用鉸鏈固定在支架上,另一端B懸掛一個質量為m的重物,并用鋼絲繩跨過滑輪A連接在卷揚機上。開始時,桿BC與AC的夾角∠BCA>90°,現使∠BCA緩緩變小,直到∠BCA=30°。在此過程中,桿BC所產生的彈力()A.大小不變B.逐漸增大C.先增大后減小D.先減小后增大3、如圖所示,在電場強度大小為E0的水平勻強電場中,a、b兩點電荷分別固定在光滑水平面上,兩者之間的距離為l.當a、b的電量均為+Q時,水平面內與兩點電荷距離均為l的O點處有一電量為+q的點電荷恰好處于平衡狀態.如果僅讓點電荷a帶負電,電量大小不變,其他條件都不變,則O點處電荷的受力變為()A. B. C. D.4、如圖所示,一輕彈簣豎直固定在地面上,一個小球從彈簧正上方某位置由靜止釋放,則小球從釋放到運動至最低點的過程中(彈簧始終處于彈性限度范圍內),動能隨下降高度的變化規律正確的是()A. B.C. D.5、甲、乙兩個同學打乒乓球,某次動作中,甲同學持拍的拍面與水平方向成45°角,乙同學持拍的拍面與水平方向成30°角,如圖所示.設乒乓球擊打拍面時速度方向與拍面垂直,且乒乓球每次擊打球拍前、后的速度大小相等,不計空氣阻力,則乒乓球擊打甲的球拍的速度υ1與乒乓球擊打乙的球拍的速度υ2之比為()A. B. C. D.6、在探究光電效應現象時,某小組的同學分別用頻率為v、2v的單色光照射某金屬,逸出的光電子最大速度之比為1:2,普朗克常量用h表示,則A.光電子的最大初動能之比為1:2B.該金屬的逸出功為當C.該金屬的截止頻率為D.用頻率為的單色光照射該金屬時能發生光電效應二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,理想變壓器原、副線圈的匝數比為2:1,其輸入端通過燈泡L1與輸出電壓有效值恒定的交流電源u=Umsin(ωt)(V)相連,副線圈電路中接有燈泡L2和最大阻值為R的滑動變阻器,已知兩個燈泡的額定電壓均為U,且兩者規格完全相同,電壓表為理想電表,導線電阻不計。開始時滑動變阻器的滑片P位于最下端,調節滑動變阻器的滑片可使兩個小燈泡同時正常發光(忽略燈絲電阻變化),下列說法正確的是()A.在R的滑片P向上滑動的過程中,電源的輸出功率將會變大B.在R的滑片P向上滑動的過程中,L1的亮度會變暗C.若小燈泡L2突然燒壞,電壓表示數會減小D.交流電源的最大值為8、如圖所示的光滑導軌,由傾斜和水平兩部分在MM'處平滑連接組成。導軌間距為L,水平部分處于豎直向上、磁感應強度為B的勻強磁場中,傾斜導軌連接阻值為R的電阻。現讓質量為m、阻值為2R的金屬棒a從距離水平面高度為h處靜止釋放。金屬棒a到達磁場中OO'時,動能是該金屬棒運動到MM'時動能的,最終靜止在水平導軌上。金屬棒a與導軌接觸良好且導軌電阻不計,重力加速度g=10m/s2。以下說法正確的是()A.金屬棒a運動到MM'時回路中的電流大小為B.金屬棒a運動到OO'時的加速度大小為C.金屬棒a從h處靜止下滑到在水平導軌上靜止過程中,電阻上產生的焦耳熱為mghD.金屬棒a若從h處靜止釋放,在它運動的整個過程中,安培力的沖量大小是,方向向左9、如圖所示,勻強磁場垂直銅環所在的平面向里,磁感應強度大小為B.導體棒A的一端固定在銅環的圓心O處,可繞O勻速轉動,與半徑分別為r1、r2的銅環有良好接觸。通過電刷把大小銅環與兩豎直平行正對金屬板P、Q連接成電路。R1、R2是定值電阻,R1=R0,R2=2R0,質量為m、電荷量為Q的帶正電小球通過絕緣細線掛在P、Q兩板間,細線能承受的最大拉力為2mg,已知導體棒與銅環電阻不計,P、Q兩板間距為d,重力加速度大小為g。現閉合開關,則()A.當小球向右偏時,導體棒A沿逆時針方向轉動B.當細線與豎直方向夾角為45°時,平行板電容器兩端電壓為C.當細線與豎直方向夾角為45°時,電路消耗的電功率為D.當細線恰好斷裂時(此時小球的加速度為零),導體棒A轉動的角速度為10、如圖甲所示,豎直放置的U形導軌上端接一定值電阻R,U形導軌之間的距離為2L,導軌內部存在邊長均為L的正方形磁場區域P、Q,磁場方向均垂直導軌平面(紙面)向外。已知區域P中的磁場按圖乙所示的規律變化(圖中的坐標值均為已知量),磁場區域Q的磁感應強度大小為B0。將長度為2L的金屬棒MN垂直導軌并穿越區域Q放置,金屬棒恰好處于靜止狀態。已知金屬棒的質量為m、電阻為r,且金屬棒與導軌始終接觸良好,導軌的電阻可忽略,重力加速度為g。則下列說法正確的是()A.通過定值電阻的電流大小為B.0~t1時間內通過定值電阻的電荷量為C.定值電阻的阻值為D.整個電路的電功率為三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學想測出濟南當地的重力加速度g,并驗證機械能守恒定律。為了減小誤差,他設計了一個實驗如下:將一根長直鋁棒用細線懸掛在空中(如圖甲所示),在靠近鋁棒下端的一側固定電動機M,使電動機轉軸處于豎直方向,在轉軸上水平固定一支特制筆N,借助轉動時的現象,將墨汁甩出形成一條細線。調整筆的位置,使墨汁在棒上能清晰地留下墨線。啟動電動機待轉速穩定后,用火燒斷懸線,讓鋁棒自由下落,筆在鋁棒上相應位置留下墨線。圖乙是實驗時在鋁棒上所留下的墨線,將某條合適的墨線A作為起始線,此后每隔4條墨線取一條計數墨線,分別記作B、C、D、E。將最小刻度為毫米的刻度尺的零刻度線對準A,此時B、C、D、E對應的刻度依次為14.68cm,39.15cm,73.41cm,117.46cm。已知電動機的轉速為3000r/min。求:(1)相鄰的兩條計數墨線對應的時間間隔為________s;(2)由實驗測得濟南當地的重力加速度為________m/s2(結果保留三位有效數字);(3)該同學計算出劃各條墨線時的速度v,以為縱軸,以各條墨線到墨線A的距離h為橫軸,描點連線,得出了如圖丙所示的圖像,據此圖像________(填“能”或“不能”)驗證機械能守恒定律,圖線不過原點的原因__________________。12.(12分)小李同學設計實驗測定一圓柱體合金的電阻率,需要精確測量合金的電阻值。已知圓柱體合金長度為L、電阻約為,現在手頭備有如下器材:A.電流表A1,量程為、內阻約為B.電流表A2,量程為、內阻約為C.電阻箱,最大阻值為D.滑動變阻器,最大阻值為E.滑動變阻器,最大阻值為F.電源,電動勢約為、內阻約為G.導線和開關若干H.刻度尺(最小刻度為1mm)I.游標卡尺(1)用游標卡尺測量圓柱體合金的直徑如圖所示,則直徑_________。(2)如圖所示是該同學設計的測量該合金電阻的電路圖,請幫助他選擇合適的電學器材,要求電表的示數大于其量程的三分之二、滑動變阻器方便調節,則電流表和滑動變阻器需選擇_________(填對應器材前面的字母序號)。按圖連接好線路進行實驗,即可測量出該合金的電阻值。(3)用以上已知量和所測量的物理量的字母,寫出該合金電阻率的表達式為_________。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,在區域Ⅰ中有水平向右的勻強電場,在區域Ⅱ中有豎直向上的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場,磁感應強度大??;兩區域中的電場強度大小相等,兩區域足夠大,分界線如甲圖中虛線所示。一可視為質點的帶電小球用絕緣細線拴住靜止在區域Ⅰ中的A點,小球的比荷,細線與豎直方向的夾角為,小球與分界線的距離x=0.4m?,F剪斷細線,小球開始運動,經過一段時間t1從分界線的C點進入區域Ⅱ,在其中運動一段時間后,從D點第二次經過分界線。圖中除A點外,其余各點均未畫出,g=10m/s2,求:(以下結果均保留兩位有效數字)(1)小球到達C點時的速度大小v;(2)C、D兩點間的距離d及小球從C點運動到D點的時間t2。14.(16分)如圖一個帶有光滑圓弧的滑塊B,靜止于光滑水平面上,圓弧最低點與水平面相切,其質量為M,圓弧半徑為R,另一個質量為的小球A,以水平速度,沿圓弧的最低點進入圓弧,求:(1)小球A能上升的最大高度;(2)A、B最終分離時的速度。15.(12分)甲、乙兩列簡諧橫波在同一介質中分別沿x軸正向和負向傳播,波速均為v=20cm/s。兩列波在t=0時的波形曲線如圖所示。求:(i)t=0開始,乙的波谷到達x=0處的最短時間;(ii)t=0~10s內,x=0處的質點到達正向最大位移處的次數。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.電容器接入交流電后,產生容抗,所以有電流流過電容器,由于流過電容器的電流未知,所以電流表示數未知,A錯誤;B.輸入電壓的最大值為電容器擊穿電壓與交流電的最大值有關,由得副線圈中交流電壓的最大值為,所以電容器的擊穿電壓不得低于,B正確;C.保險絲的熔斷電流為有效值,所以通過原線圈的電流最大值可以大于,C錯誤;D.由交流電的電壓表達式可知一個周期內電流方向改變2次,1s內有50個周期,故電流每秒方向應改變100次,D錯誤。故選B。2、A【解析】

以結點B為研究對象,分析受力情況,作出力的合成圖,根據平衡條件得出力與三角形ABC邊長的關系,再分析繩子拉力和BC桿的作用力的變化情況.【詳解】以結點B為研究對象,分析受力情況,作出力的合成圖如圖,根據平衡條件則知,F、N的合力F合與G大小相等、方向相反.根據三角形相似得:F合AC=FAB=NBC,又F合=G,得:F=ABACG,N=BCACG,現使∠【點睛】本題運用三角相似法研究動態平衡問題,直觀形象,也可以運用函數法分析研究.3、D【解析】開始時,對放在O點的點電荷由平衡知識可知:;當讓點電荷a帶負電時,則a、b對O點點電荷的庫侖力豎直向上在,則O點處電荷的受力變為,故選D.4、D【解析】

小球在下落的過程中,動能先增大后減小,當彈簧彈力與重力大小相等時速度最大,動能最大,由動能定理得因此圖象的切線斜率為合外力,整個下降過程中,合外力先向下不變,后向下減小,再向上增大,選項D正確,ABC錯誤。故選D。5、C【解析】

由題可知,乒乓球在甲與乙之間做斜上拋運動,根據斜上拋運動的特點可知,乒乓球在水平方向的分速度大小保持不變,豎直方向的分速度是不斷變化的,由于乒乓球擊打拍面時速度與拍面垂直,在甲處:;在乙處:;所以:=.故C正確,ABD錯誤6、B【解析】

解:A、逸出的光電子最大速度之比為1:2,光電子最大的動能:,則兩次逸出的光電子的動能的之比為1:4;故A錯誤;B、光子能量分別為:和根據愛因斯坦光電效應方程可知光電子的最大初動能為:,聯立可得逸出功:,故B正確;C、逸出功為,那么金屬的截止頻率為,故C錯誤;D、用頻率為的單色光照射,因,不滿足光電效應發生條件,因此不能發生光電效應,故D錯誤。故選:B。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AD【解析】

A.在R的滑片P向上滑動的過程中,副線圈電阻減小,則副線圈的輸出功率變大,根據輸入功率等于輸出功率可知,變壓器的輸入功率變大,電源的輸出功率變大,故A正確;B.在R的滑片P向上滑動的過程中,副線圈電阻減小,則副線圈的輸出電流變大,根據變流比可知,原線圈的輸入電流變大,流過燈泡L1的電流變大,亮度會變亮,故B錯誤;C.若小燈泡L2突然燒壞,副線圈電阻增大,根據歐姆定律可知,副線圈輸出電流減小,根據變流比可知,原線圈輸入電流減小,流過燈泡L1的電流變小,燈泡L1兩端電壓變小,則原線圈輸入電壓變大,根據變壓比可知,副線圈輸出電壓變大,電壓表示數會增大,故C錯誤;D.兩小燈泡正常發光,則副線圈輸出電壓為U,根據變壓比可知,原線圈輸入電壓則交流電源的有效值U有效=U'+U=3U根據正弦式交變電流最大值和有效值的關系可知,交流電源的最大值為故D正確。故選AD。8、ACD【解析】

A.金屬棒從靜止運動到的過程中,根據機械能守恒可得解得金屬棒運動到時的速度為金屬棒運動到時的感應電動勢為金屬棒運動到時的回路中的電流大小為故A正確;B.金屬棒到達磁場中時的速度為金屬棒到達磁場中時的加速度大小為故B錯誤;C.金屬棒從處靜止下滑到在水平導軌上靜止過程中,根據能量守恒可得產生的焦耳熱等于重力勢能的減小量,則有電阻上產生的焦耳熱為故C正確;D.金屬棒從處靜止下滑到在水平導軌上靜止過程中,規定向右為正方向,根據動量定理可得可得在它運動的整個過程中,安培力的沖量大小是,方向向左,故D正確;故選ACD。9、AD【解析】

A.當小球向右偏時,P板帶正電,通過R2的電流向上,則由右手定則可知,導體棒A沿逆時針方向轉動,選項A正確;BC.當細線與豎直方向夾角為45°時,則解得平行板電容器兩端電壓為此時電路中的電流電路消耗的電功率為選項BC錯誤;D.當細線恰好斷裂時,此時電動勢解得導體棒A轉動的角速度為選項D正確。故選AD。10、BD【解析】

A.金屬棒恰好處于靜止狀態,有解得電流大小故A錯誤;B.0~t1時間內通過定值電阻的電荷量B項正確;C.根據題圖乙可知,感應電動勢又聯立解得故C錯誤;D.整個電路消耗的電功率故D正確。故選BD。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、0.19.79能墨線A對應的速度不為零【解析】

(1)[1]由于電動機的轉速為3000r/min,則其頻率為50Hz,故每隔0.02s特制筆N便在鋁棒上畫一條墨線,又每隔4條墨線取一條計數墨線,故相鄰計數墨線間的時間間隔是0.1s(2)[2]由題可知可知連續相等時間內的位移之差根據△x=gT2得(3)[3]鋁棒下落過程中,只有重力做功,重力勢能的減小等于動能的增加,即mgh=mv2得若圖線為直線,斜率為g,則機械能守恒,所以此圖像能驗證機械能守恒[4]圖線不過原點是因為起始計數墨線A對應的速度不為012、1.075AD【解析】

(1)[1].(2)[2][3].若電流表選A1,電路總電阻約為;若電流表選A2,電路總電阻約為?;瑒幼冏杵鱎2不能滿足,則滑動變阻器選R1。(3)[4].根據電阻定律有,其中,聯立解得四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟

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