廣東省揭陽市普寧城東中學2023年高三物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）我國“蛟龍號”深潛器進行下潛試驗，從水面開始豎直下潛，最后返回水面，速度圖象如圖所示，則有A．本次下潛的最大深度為6mB．全過程中的最大加速度為0．025m／s2C．超重現象發生在3～4min和6～8min的時間段D．0～4min和6～10min兩時間段平均速度相同參考答案：C2.“二分頻”音箱內有高頻、低頻兩個揚聲器。音箱要將擴音機送來的含有不同頻率的混合音頻電流按高、低兩個頻段分離出來，送往相應的揚聲器。圖為音箱的簡化電路圖，高低頻混合電流由、端輸入，是線圈，是電容器。則下列判斷中正確的是（

）

A.甲揚聲器是低頻揚聲器B.的作用是阻礙低頻電流通過乙揚聲器C.的作用是阻礙低頻電流通過甲揚聲器

D.乙揚聲器中的電流的最大值一定比甲中的大參考答案：AB3.實驗室所用示波器，是由電子槍、偏轉電極和熒光屏三部分組成，當垂直偏轉電極YY'，水平偏轉電極XX'的電壓都為零時，電子槍發射的電子通過偏轉電極后，打在熒光屏的正中間．若要在熒光屏上始終出現如右圖所示的斑點a，那么，YY'與XX'間應分別加上如下圖所示哪一組電壓參考答案：A始終出現斑點a，說明兩個偏轉電場均是勻強電場，且經過YY′區間時電場力向上，即Y接正極；經過XX′區間時電場力左，即X接負極；所以,，只有A對。

4.如圖所示，在勻速轉動的電動機帶動下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率勻速向右運動，質量為m的滑塊從傳送帶右端以水平向左的速率滑上傳送帶，最后滑塊返回傳送帶的右端。關于這一過程的下列判斷，正確的有A.滑塊返回傳送帶右端的速率為B.此過程中傳送帶對滑塊做功為C.此過程中電動機對傳送帶做功為D.此過程中滑塊與傳送帶間摩擦產生的熱量為參考答案：BD5.（單選）如圖所示，質量為1kg的滑塊靜止于水平面上，與之相連的輕質彈簧處于自然伸直狀態，現用豎直向上的恒力F作用于彈簧上端，使滑塊升高了0.2m，在此過程中拉力F做了10J的功．在上述過程中（g取10m/s2）（）A．彈簧的彈性勢能增加了8JB．滑塊的動能增加了8JC．彈簧的彈性勢能和滑塊的動能總和增加了8JD．滑塊和彈簧組成的系統機械能增加了10J參考答案：考點：功能關系；機械能守恒定律．分析：在拉力的作用下，小木塊的動能增加，重力勢能也增加，彈簧的彈性勢能也增加，拉力做的功等于彈簧和木塊系統增加的機械能．解答：解：小木塊的動能增加，重力勢能也增加，彈簧的彈性勢能也增加，由于拉力做功10J，故系統機械能總量增加了10J；木塊升高了0.2m，故重力勢能增加量為：mgh=2J，故動能和彈性勢能增加量共為8J，故A錯誤，B也錯誤，C正確，D正確；故選：CD．點評：在拉力的作用下，小木塊的動能增加，重力勢能也增加，彈簧的彈性勢能也增加，拉力做的功等于彈簧和木塊系統增加的機械能．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖，傾角為θ的光滑斜面固定在地面上，長為l、質量為m、質量分布均勻的軟繩置于斜面上，其上端與斜面頂端齊平．用細線將質量為m的物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運動，直到軟繩剛好全部離開斜面（此時物塊未到達地面）．則在此過程中，軟繩重力勢能共變化了mgl（1﹣sinθ）；軟繩離開斜面時，小物塊的速度大小為．參考答案：考點：功能關系；動能和勢能的相互轉化．分析：分別研究物塊靜止時和軟繩剛好全部離開斜面時，軟繩的重心離斜面頂端的高度，確定軟繩的重心下降的高度，研究軟繩重力勢能的減少量．以軟繩和物塊組成的系統為研究對象，根據能量轉化和守恒定律求小物塊的速度大小．解答：解：物塊未釋放時，軟繩的重心離斜面頂端的高度為h1=lsinθ，軟繩剛好全部離開斜面時，軟繩的重心離斜面頂端的高度h2=l，則軟繩重力勢能共減少mgl（1﹣sinθ）；根據能量轉化和守恒定律：mgl+mgl（1﹣sinθ）=?2mv2得：v=故答案為：mgl（1﹣sinθ），．點評：本題中軟繩不能看作質點，必須研究其重心下降的高度來研究其重力勢能的變化．應用能量轉化和守恒定律時，能量的形式分析不能遺漏．7.有兩個大小相等的力F1和F2，當它們的夾角為90°時，合力為F，則當它們的夾角為120°時，合力的大小為_____________。參考答案：8.⑵如圖，一定質量的理想氣體由狀態a沿abc變化到狀態c，吸收了340J的熱量，并對外做功120J。若該氣體由狀態a沿adc變化到狀態c時，對外做功40J，則這一過程中氣體

▲

（填“吸收”或“放出”）

▲

J熱量。參考答案：吸收

260J9.有兩個單擺做簡諧運動，位移與時間關系是：x1=3asin(4πbt+π/4)和x2=9asin(8πbt+π/2)，其中a、b為正的常數，則它們的：①振幅之比為__________；②擺長之比為_________。參考答案：①1：3

②4：110.某物理興趣小組采用如圖所示的裝置深入研究平拋運動。質量分別為mA和mB的A、B小球處于同一高度，M為A球中心初始時在水平地面上的垂直投影。用小錘打擊彈性金屬片，使A球沿水平方向飛出，同時松開B球，B球自由下落。A球落到地面N點處，B球落到地面P點處。測得mA=0.04kg，mB=0.05kg，B球距地面的高度是1.25m，M、N點間的距離為1.50m，則B球落到P點的時間是____s，A球落地時的動能是____J。（忽略空氣阻力）參考答案：(1)0.5（２分）；

0.6811.如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，第一次快插，第二次慢插，兩情況下線圈中產生的感應電動勢的大小關系是E1____E2；通過線圈截面電量的大小關系是ql____q2。（填大于，小于，等于）參考答案：12.一電子以4×106m/s的速度沿與電場垂直的方向從A點水平垂直于場

強方向飛入，并從B點沿與場強方向成150°的方向飛出該電場，如圖所示，則A、B兩點的電勢差為________V．(電子的質量為9.1×10－31kg，電荷量為－1.6×10－19C)參考答案：－136.513.如圖所示是研究光電效應規律的電路。圖中標有A和K的為光電管，其中K為陰極，A為陽極。現接通電源，用光子能量為10.5eV的光照射陰極K，電流計中有示數，若將滑動變阻器的滑片P緩慢向右滑動，電流計的讀數逐漸減小，當滑至某一位置時電流計的讀數恰好為零，讀出此時電壓表的示數為6.0V；則光電管陰極材料的逸出功為_______eV，現保持滑片P位置不變，增大入射光的強度，電流計的讀數_______。(選填“為零”、或“不為零”)參考答案：4.5（2分）

為零

（2分三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.某物理實驗興趣小組探究測定某品牌礦泉水的電阻率，用一兩端開口的玻璃管通過密封塞封住一定量的礦泉水．①某同學用如圖1所示的游標卡尺的

（選填“A”、“B”或“C”）部位去測玻璃管的內徑，測出的讀數如圖2，則玻璃管的內徑d為

cm．②該同學用多用電表的電阻檔測量玻璃管中礦泉水的電阻，選擇開關置于“×100”檔，發現指針如圖3所示，則該同學接著需要做的實驗步驟是：①換選

（填“×10”或“×1k”）檔；②

．③該組同學按圖4連好電路后，調節滑動變阻器的滑片，從最右端向左端移動的整個過程中，發現電壓表有示數但幾乎不變，不可能的原因是

．A．滑動變阻器阻值太小

B．電路中5、6之間斷路

C．電路中7、8之間斷路④該組同學在改進實驗后，測出玻璃管中有水部分的長度為L，電壓表示數為U，電流表示數為I，改變玻璃管中的水量，測出多組數據，并描繪出相應的圖象如圖5所示，若圖線的斜率為k，則礦泉水的電阻率ρ=

（用題中字母表示）．參考答案：（1）A；2.150；（2）①×1k；②歐姆調零；（3）B；（4）．【考點】自來水電阻率的測定．【分析】（1）游標卡尺來測量玻璃管內徑應該用內爪．游標卡尺的讀數方法是主尺讀數加上游標讀數，不需要估讀．（2）由圖可知歐姆表示數太大，故應選擇更大倍率測量；換擋要進行歐姆調零．（3）電壓表有示數則干路一定是通的．（4）由電阻定律結合圖象可得電阻率．【解答】解：（1）游標卡尺來測量玻璃管內徑應該用內爪．即A部分．游標卡尺測內徑時，主尺讀數為2.1cm，游標讀數為0.05×10=0.50mm，最后讀數為2.150cm．（2）由圖可知歐姆表示數太大，故應選擇更大倍率測量，即換×1k倍率；換擋要進行歐姆調零．（3）A、滑動變阻器阻值太小，通過調節它電路的電流改變比較小，故A可能；B、電壓表有示數則干路一定是通的，故B不可能；C、電路中7、8之間斷路后電壓表被串聯到電路中，會導致其電壓接近電源電動勢，故C是可能的；故選：B．（4）由電阻定律可得：R=ρ=ρ，又：R=，由圖象可知：k=，解得：ρ=．故答案為：（1）A；2.150；（2）①×1k；②歐姆調零；（3）B；（4）．15.測量一干電池組的電動勢和內電阻所用器材如下，連線圖如圖甲所示：A．電流表A：量程0～100mA、內阻為16.0Ω；B．電壓表V：量程0～3V、內阻約為30KΩ；C．干電池組E：電動勢待測、內阻待測；D．滑動變阻器R：0～10Ω；E．定值電阻R0：電阻值為4.0Ω；F．單刀單擲開關S，導線若干．實驗時測量出電流表A的示數I和電壓表V的示數U，對應的數據畫出如圖乙所示的U﹣I圖象，利用圖象可求出該千電池組的電動勢為E=

V，內電阻為r=

Ω小電珠L的額定電壓為3.8V，現已測出其伏安特性曲線如圖丙所示，它的額定電功率P額=

W．將L接在上面所測干電池組的兩極上并接通電路，則L消耗的實際電功率P=

W．參考答案：3.0；2.0；9.12；0.88【考點】測定電源的電動勢和內阻．【分析】分析電路結構，明確電路中實際電流，再根據閉合電路歐姆定律進行分析，從而求出電動勢和內電阻；根據燈泡的伏安特性曲線可明確燈泡的額定功率；在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點表示燈泡的實際工作點，由功率公式可求得燈泡的實際功率．【解答】解：根據改裝原理可知，干路電流與電流表示數間的關系為：I=+Ig；當電流表示數為0.1A時，實際電流I=+0.1=0.5A；根據U=E﹣Ir可知，U﹣I圖象中圖象與縱軸的交點表示電源的電動勢，故E=3.0V，圖象的斜率表示內阻，則r===2.0Ω；由燈泡的伏安特性曲線可知，電壓為3.8V時，電流為2.5A，故燈泡的額定功率P=UI=3.8×2.4=9.12W；在燈泡伏安特性曲線中作出電源的伏安特性曲線，如圖所示，則可知，燈泡的工作電壓為0.8V，電流為1.1A，則功率P’=0.8×1.1=0.88W．故答案為：3.0；2.0；9.12；0.88四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（18分）質量為m＝0.8kg的砝碼懸掛在輕繩PA和PB

的結點上并處于靜止狀態。.PA與豎直方向的夾角37°，PB沿水平方向。質量為M＝10kg的木塊與PB相連，靜止于傾角為37°的斜面上，如圖所示。g取10N／kg,sin37°=0.6,cos37°=0.8.求：(1)輕繩PB拉力的大小；(2)木塊所受斜面的摩擦力和彈力大小.參考答案：

17.美國“肯尼迪”號航空母艦艦體長318.5m，艦上有幫助飛機起飛的彈射系統。飛行甲板上用于飛機起飛的跑道長200m，艦上搭載的戰機為“F/A-18”型（綽號大黃蜂）戰機。已知該型號戰機的總質量為16噸，最小起飛速度為50m/s。該戰機起飛時在跑道上滑行過程中所受阻力為其重力的0.1倍，發動機產生的推力為8×l04N。（重力加速度g=10m/s2）求：

（1）該戰機起飛時在跑道上滑行過程中的加速度；

（2）為保證戰機正常起飛，彈射系統對飛機至少做多少功：

（3）若彈射系統已經損壞，可采用什么方法使飛機在航空母艦上起飛。參考答案：解：（1）根據牛頓第二定律得：………………．⑴利用題目中已知條件，并將Ff=0．1mg代入可解得：a=4m/s2

……………．………．⑵（2）設飛機被彈射系統彈出時速度為v0，彈射系統對其做功為W，則：

………．…⑶

離開彈射系統后做勻加速運動。離開地面時的速度為vt，則：

………．⑷

代入數值后解得：W=7．2×106J……．⑸（3）若沒有彈射系統，則飛機做初速度為零的勻加速運動，設離開飛行甲板時速度為v，則：代入數值計算得：v=40m/s。