2023年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（新課標(biāo)1）物理答案答案16.A17.C18.D19.AB20.ACD21.BD22.(2)(4);23.(1)1535(2)3003000(3)c閉合開關(guān)時，若電表指針偏轉(zhuǎn)，則損壞的電阻是R1；若電表指針不動，則損壞的電阻是R224.依題意，開關(guān)閉合后，電流方向從b到a，由左手定則可知，金屬棒所受的安培力方向豎直向下。開關(guān)斷開時，兩彈簧各自相對于其原長伸長為。由胡克定律和力的平衡條件得=1\*GB3①式中，m為金屬棒的質(zhì)量，k是彈簧的勁度系數(shù)，g是重力加速度的大小。開關(guān)閉合后，金屬棒所受安培力的大小為F=IBL=2\*GB3②式中，I是回路電流，L是金屬棒的長度。兩彈簧各自伸長了cm,由胡克定律和力的平衡條件得=3\*GB3③由歐姆定律有E=IR=4\*GB3④式中，E是電池的電動勢，R是電路總電阻。聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③=4\*GB3④式，并代入題給數(shù)據(jù)得m==5\*GB3⑤25.(1)規(guī)定向右為正方向。木板與墻壁相碰撞前，小物塊和木板一起向右做勻變速運(yùn)動，設(shè)加速度為，小物塊和木板的質(zhì)量分別為m和M由牛頓第二定律有=1\*GB3①由圖可知，木板與墻壁碰前瞬間的速度，有運(yùn)動學(xué)公式得=2\*GB3②2=3\*GB3③式中，=1s,=是木板碰前的位移，是小物塊和木板開始運(yùn)動時的速度。聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③式和題給條件得==4\*GB3④在木板與墻壁碰撞后，木板以的初速度向左做勻變速運(yùn)動，小物塊以的初速度向右做勻變速運(yùn)動。設(shè)小物塊的加速度為，由牛頓第二定律有=5\*GB3⑤由圖可得=6\*GB3⑥式中，=2s,=0,聯(lián)立=5\*GB3⑤=6\*GB3⑥式和題給條件得==7\*GB3⑦（2）設(shè)碰撞后木板的加速度為，經(jīng)過時間，木板和小物塊剛好具有共同速度。由牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式得=8\*GB3⑧=9\*GB3⑨=10\*GB3⑩碰撞后至木板和小物塊剛好達(dá)到共同速度的過程中，木板運(yùn)動的位移為eq\o\ac(○,11)小物塊運(yùn)動的位移為eq\o\ac(○,12)小物塊相對木板的位移為eq\o\ac(○,13)聯(lián)立=6\*GB3⑥=8\*GB3⑧=9\*GB3⑨=10\*GB3⑩eq\o\ac(○,11)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)式，并代入數(shù)值得=eq\o\ac(○,14)因?yàn)檫\(yùn)動過程中小物塊沒有脫離木板，所以木板的最小長度應(yīng)為.(3)在小物塊和木板具有共同速度后，兩者向左做勻變速運(yùn)動直至停止，設(shè)加速度為，此過程中小物塊和木板運(yùn)動的位移為。由牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式得eq\o\ac(○,15)eq\o\ac(○,16)碰后木板運(yùn)動的位移為eq\o\ac(○,17)聯(lián)立=6\*GB3⑥=8\*GB3⑧=9\*GB3⑨=10\*GB3⑩eq\o\ac(○,11)eq\o\ac(○,15)eq\o\ac(○,16)eq\o\ac(○,17)式，并代入數(shù)值得eq\o\ac(○,18)木板右端離墻壁的最終距離為.33.(1)BCD(2)(i)設(shè)初始時氣體體積為，在大活塞與大圓筒底部剛接觸時，缸內(nèi)封閉氣體的體積為，溫度為.由題給條件得=1\*GB3①=2\*GB3②在活塞緩慢下移的過程中，用表示缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)，由力的平衡條件得=3\*GB3③故缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)不變。由蓋-呂薩克定律有=4\*GB3④聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②=4\*GB3④式并代入題給數(shù)據(jù)得=330K=5\*GB3⑤（ii）在大活塞與大圓筒底部剛接觸時，被封閉氣體的壓強(qiáng)為。在此后與汽缸外大氣達(dá)到熱平衡的過程中，被封閉氣體的體積不變。設(shè)達(dá)到熱平衡時被封閉氣體的壓強(qiáng)為,由查理定律，有=6\*GB3⑥聯(lián)立=3\*GB3③=5\*GB3⑤=6\*GB3⑥式并代入題給數(shù)據(jù)得5Pa=7\*GB3⑦34（1）＞（2）（i）t=0時，在x=50cm處兩列波的波峰相遇，該處質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移16cm.兩列波的波峰相遇處的質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移均為16cm。從圖線可以看出，甲，乙兩列波長分別為，=1\*GB3①甲，乙兩列波波峰的x坐標(biāo)分別為，…=2\*GB3②,…=3\*GB3③由=1\*GB3①=2\*GB3②=3\*GB3③式得，介質(zhì)中偏離平衡位置位移為16cm的所有質(zhì)點(diǎn)的x坐標(biāo)為x=（50+300n）cm，，…=4\*GB3④（ii）只有兩列波的波谷相遇處的質(zhì)點(diǎn)的位移為=0時，兩波波谷間的x坐標(biāo)之差為=5\*GB3⑤式中，和均為整數(shù)。將=1\*GB3①式代入=5\*GB3⑤式得=6\*GB3⑥由于，均為整數(shù)，相向傳播的波谷間的距離最小為=7\*GB3⑦從=0開始，介質(zhì)中最早出現(xiàn)偏離平衡位置位移為-16cm的質(zhì)點(diǎn)的時間為=8\*GB3⑧代入數(shù)值得==9\*GB3⑨35.(1)(2)A向右運(yùn)動與C發(fā)生第一次碰撞，碰撞過程中，系統(tǒng)的動量守恒,機(jī)械能守恒。設(shè)速度方向向右為正，開始時A的速度為，第一次碰撞后C的速度為，A的速度為。由動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律得=1\*GB3①=2\*GB3②聯(lián)立=1\*GB3①=2\*GB3②式得=3\*GB3③=4\*GB3④如果＞M,第一次碰撞后，A與C速度同向，且A的速度小于C的速度，不可能與B發(fā)生碰撞;如果,第一次碰撞后，A停止，C以A碰撞前的速度向右運(yùn)動，A不可能與B發(fā)生碰撞；所以只需考慮＜的情況。第一次碰撞后，A反向運(yùn)動與B發(fā)生碰撞。設(shè)與B發(fā)生碰撞后，A的速度為,B的速度為，同樣有=5\*