2021-2022學年山東省淄博市高二（下）期末物理試卷如圖，煙霧自動報警器的探測器中裝有放射性元素錮241,其衰變方程為篦TVNp+浦e+y.下列說法正確的是（）A.y是光子，不具有能量He是a粒子，有很強的貫穿本領C.給,Np比瑟"血的原子核更穩定D.冬天氣溫較低時，錮241的半衰期會變小.2022年3月23日，天宮號空間站上的三名宇航員王亞平、翟志剛、葉光富，又給全國的觀眾帶來了一堂精彩的天宮授課，其中宇航員們做了一個“液橋”實驗.將水分別擠在兩塊透明板上，水球狀似倒扣著的碗，如圖甲所示.將兩板慢慢靠近，兩個水球“碗底”挨“碗底”，形成一座中間細、兩頭粗的“液橋”將兩塊板相連,如圖乙所示；再將兩板拉遠，液橋變得更細、更長，仍然沒有斷開.下列說法正確的是（）A.日常生活中地球上不可能有“液橋”現象B.由圖甲可以推斷水和透明板是不浸潤的C.液體表面張力有使液體表面積擴大的趨勢D.液橋形成的根本原因是水的表面張力的作用.如圖為地球赤道剖面圖，地球半徑為上把地面上高度為g區域內的地磁場視為方向垂直于剖面的勻強磁場，在赤道平面內一帶電粒子以一定速度正對地心射入該磁場區域，軌跡恰好與地面相切。不計粒子重力，則。（）

入射方向匕粒子軌跡A,軌跡半徑為B.軌跡半徑為4R入射方向匕粒子軌跡C.軌跡半徑為三R D.軌跡半徑為?R8 44.紫外光電管是利用光電效應原理對油庫等重要場所進行火災報警的裝置，其工作電路如圖所示，其中4為陽極，K為陰極，只有當明火中的紫外線照射到K極時，電壓表才有示數且啟動報警裝置。已知太陽光中的紫外線頻率主要在7.5x1014Hz?9.5x1014Hz,而明火中的紫外線頻率主要在1.1x1015Hz?1.5x1015Wz,下列說法正確的是。（）A.為避免太陽光中紫外線干擾，K極材料的截止頻率應大于1.5x1015HzB.只有明火照射到K極的時間足夠長，電壓表才會有示數C.電源左邊接正極有利于提高報警裝置的靈敏度D.電壓表的正接線柱與C相連.一定質量的理想氣體經歷了如圖所示的AtB-CtDt4循環，該過程每個狀態均可視為平衡態，各狀態參數如圖所示。對此氣體，下列說法正確的是（）kV4tB的過程中，氣體向外界放熱，內能不變B-C的過程中，氣體的壓強增大，氣體從外界吸熱Ct。的過程中，氣體的壓強不變，氣體從外界吸熱CT4的過程中，氣體的壓強不變，分子的平均動能減小，單位體積內的分子數不變.如圖所示，輕繩MN的兩端固定在水平天花板上，物體Tn】通過另一段輕繩系在輕繩MN的某處，光滑輕滑輪跨在輕繩MN上，可通過其下邊的一段輕繩與物體加2一起沿自由移動.系統靜止時輕繩左端與水平方向的夾角為60。，右端與水平方向的夾角為30。,則物體Tn】與巾2的質量之比為（）A.1：1 B.1：2 C.1：V3 D.V3:2.現將胃He和從圓形勻強磁場區域的水平直徑上的尸 TOC\o"1-5"\h\z點以大小相等的動量沿相反方向射出，二者分別從水 /義8、\平直徑的M、N點射出磁場，則下列說法正確的是（）、區弋0義X\r A.1"e和在磁場中運動的周期之比為2：1 \xB.出e和在磁場中運動的速度大小之比為I：1 x/C.翅e和出在磁場中運動的半徑之比為2：ID.fHe和女”在磁場中運動的時間之比為1：1.一點光源以113W的功率向周圍所有方向均勻地輻射波長約為6xlO-m的光，在離點光源距離為R處每秒垂直通過每平方米的光子數為3xIO”個。普朗克常量為/1=6.63X10-34/.s。R約為（）A.1x102m B.3x102mC.6x102mD.9x102wi.如圖，電磁流量計的測量管橫截面直徑為。，在測量管的上下兩個位置固定兩金屬電極。、江整個測量管處于水平向里的勻強磁場中，磁感應強度大小為瓦當含有正、負離子的液體從左向右勻速流過測量管時，連在兩個電極上的顯示器顯示的流量為Q（單位時間內流過的液體體積），下列說法正確的是（）8、X 液體入？A \，u、顯示器A.。極電勢高于人極電勢B.液體流過測量管的速度大小為5

a、6兩極之間的電壓為黑D.若流過的液體中離子濃度變高，顯示器上的示數將變大10.甲、乙兩同學相約去參觀博物館。兩人同時從各自家中出發，沿同一直線相向而行，經過一段時間后兩人會合。身上攜帶的運動傳感器分別記錄了他們在這段時間內的速度大小隨時間的變化關系，如圖所示。其中，甲的速度大小隨時間變化的圖線為兩段四分之一圓弧，下列說法正確的是。（）0?匕時間內，甲、乙兩人位移相同0?t2時間內，乙所走路程大于甲所走路程C.在t3時刻，甲、乙兩人加速度大小相等0?t4時間內，甲的平均速率大于乙的平均速率11.在如圖所示的電路中，三個定值電阻％、/?2、R3的阻值相同，理想變壓器原、副線圈的醫數之比為2：1.在a、b端加上有效值為。的正弦交流電，開關S斷開時,電流表示數為/.下列說法正確的是（）A.開關S斷開時，°、8端的輸入功率為U/B.開關S斷開時，&、/?2消耗的功率之比為4：1C.定值電阻的阻值均為獲D.開關S閉合后，原線圈電路中電流表示數為112.如圖，一帶負電的圓環套在傾斜固定的粗糙絕緣長直桿上，圓環的直徑略大于桿的直徑，桿處于方向垂直紙面向里的勻強磁場中。現給圓環一沿桿向上的初速度為，在以后的運動過程中，下列關于圓環的速度v隨時間，的變化關系圖線，可能正確的是（）

.伽利略斜面實驗被譽為物理學史上最美實驗之一。某研究小組嘗試使用等時性良好的“節拍法”來重現伽利略的斜面實驗，研究物體沿斜面運動的規律。實驗所用節拍的頻率是每秒2拍，實驗裝置如圖(a)所示。在光滑傾斜的軌道上裝有若干可沿軌道移動的框架，框架上懸掛輕薄小金屬片，滑塊下滑撞擊金屬片會發出“叮”的聲音(金屬片對滑塊運動的影響可忽略)。實驗步驟如下：①從某位置(記為4)靜止釋放滑塊，同時開始計拍；調節框架的位置，使相鄰金屬片發出的“?！甭暻『瞄g隔1個拍，并標記框架在軌道上的位置4、人2、4……②測量4、42、A3到Ao的距離Si、s2'S3如圖(b)所示。③將測量數據記錄于表格，并將節拍數〃轉換成對應時間，的平方.n123456s/cm9.538.586.2153.2240.3346.4t2/s20.251.00C4.006.259.00(1)表格中"C"處的數據應為；(2)由表中數據分析可得，s與d成關系(填“線性”或“非線性”)；(3)滑塊的加速度大小為m/s2(結果保留2位小數)。.用圖甲所示實驗裝置探究氣體等溫變化的規律。(1)關于該實驗下列說法正確的是.A.為保證封閉氣體的氣密性，應在柱塞與注射器壁間涂上潤滑油8.應快速推拉柱塞C.為方便推拉柱塞，應用手握注射器再推拉柱塞。.注射器旁的刻度尺只要刻度分布均勻即可，可以不標注單位圖甲 圖乙(2)測得多組空氣柱的壓強p和體積丫的數據后，為直觀反映壓強與體積之間的關系，以p為縱坐標，以F為橫坐標在坐標系中描點作圖。小明所在的小組壓縮氣體時漏氣，則用上述方法作出的圖線應為圖乙中的(選填“①”或"②")。(3)某同學將注射器活塞移動到體積適中的位置時，接上軟管和壓強傳感器，通過O/S系統記錄下此時的體積％與壓強po,然后記錄多組數據，作p-號圖像。在軟管內氣體的體積/V不可忽略時，圖像為一條雙曲線，如圖丙所示。試用玻意耳定律分析，該雙曲線的漸近線(圖中的虛線)方程是p=o(用匕、p0>AV表示)(4)實驗中若使用壓強傳感器采集數據，則柱塞與針筒間的摩擦對實驗結果?填“有”或“無”)影響。.如圖所示，一邊長為L、質量為m的正方體物塊A置于風 -洞內的水平面上，其中一面與風速垂直，風速為幾時剛好能 m <——推動該物塊。己知，風對物塊的推力F8S/,其中v為風777777777777777速，S為物塊迎風面積。風速變為2%時，剛好能推動用同一材料做成的另一正方體物塊從物塊和水平面間的動摩擦因數為“，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。(1)若尸=0層，則比例系數4為多大？(2)物塊B的質量為多大？.氣壓式升降椅通過氣缸上下運動來支配椅子升降，其簡易結構如圖乙所示，圓柱形氣缸與椅面固定連接，總質量為m=6kg,橫截面積為S=30cm2的柱狀氣動桿與底座固定連接?？勺杂梢苿拥臍飧着c氣動桿之間封閉一定質量的理想氣體，穩定后測得封閉氣體柱長度為L=20cm,設氣缸氣密性、導熱性能良好，忽略摩擦力。已知大氣壓強為Po=1.0x105Pa,室內溫度A=308K,重力加速度為g=10m/s2,求：(1)若質量M=54kg的人盤坐在椅面上，室內溫度保持不變，穩定后椅面下降了多少；(2)人盤坐穩定后再打開空調，在室內氣溫緩慢降至72=300.3K的過程中，外界對缸內氣體所做的功。

17.如圖甲所示，在絕緣光滑水平桌面上,以17.如圖甲所示，在絕緣光滑水平桌面上,以。為原點、水平向右為正方向建立x軸,在0<x<1.0m區城內存在方向豎直向上的勻強磁場。桌面上有一邊長L=0.5m、電阻R=0.25。的正方形線框abed,當平行于磁場邊界的cd邊進入磁場時，在沿x方向的外力F作用下以"=1.0m/s的速度做勻速運動，直到油邊進入磁場時撤去外力。若以cd邊進入磁場時作為計時起點，在0WtW1.0s內磁感應強度B的大小與時間，的關系如圖乙所示，線框始終做勻速運動。(1)求外力尸的大?。?2)求在0<t<1.0s內導線框中產生的熱量Q；(3)若在1.0s<t<1.3s內勻強磁場的磁感應強度發生連續變化(圖乙中未畫出)，線框仍以u=1.0m/s的速度做勻速運動，貝k=1.25s時的磁感應強度B多大？甲 乙18.如圖在直角坐標系xOy平面內，在第H象限中存在沿x軸負方向、場強為E的勻強電場，在第I、回象限存在垂直坐標平面向里的勻強磁場.一質量為m、電荷量為g的負粒子，從x=-，的M點以一定的初速度沿y軸正方向進入電場，經y=21的N點離開電場，經過磁場后恰好通過坐標原點。處再次進入電場，不計粒子重力.(1)求粒子的初速度大??；(2)求勻強磁場的磁感應強度B的大?。?3)若該粒子以相同的初速度從x=-2,處沿y軸正方向進入電場，求粒子第二次經過y軸時的縱坐標；(4)滿足(3)的條件下，求粒子第n次經過y軸時的縱坐標.'xXXXXXN￡XXXX一1XXM0XXX XX XX XX XX X答案和解析.【答案】c【解析】解：4、根據核電荷數和質量數守恒可知y射線是光子，具有一定的能量，故4錯誤；8、是a粒子，根據a射線的特點可知，具有很強的電離本領，穿透能力很弱，故8錯誤；C、自發的衰變過程中釋放能量，原子核的比結合能增大，所以銘7%比篦14m的原子核更穩定，故C正確；。、半衰期是由放射性元素本身決定的，與外界因素無關，故。錯誤。故選：Co光子也具有能量；根據三種射線可知，穿透能力大??；結合半衰期與外界因素無關，及半衰期的概念求解；比結合能的大小反映原子核的穩定程度。考查三種射線的電離能力大小，注意它們的穿透能力的大小，掌握半衰期的概念，注意半衰期與外界因素無關，只與自身元素性質有關。.【答案】D【解析】4。、橋形成的根本原因是水的表面張力的作用，在地球上也可以有水橋現象，只是因為重力影響橋的寬度較短，故A錯誤、。正確；8、水能附著在透明玻璃板上，由此可推斷水和透明玻璃板是浸潤的，故B錯誤；C、液體表面分子間間距大于內部分子間間距，表現為引力，有使液體表面積縮小的趨勢，故C錯誤。故選：D.液體表面張力的原因是液體表面分子間間距大于內部分子間間距，液體表面分子間表現為引力：根據浸潤現象的定義及特點判斷。本題以航天員們在“天宮課堂”液橋演示實驗為背景，考查了液體表面張力及浸潤現象,解決本題的關鍵會用分子間距離與r。的大小關系，從而判斷分子力表現為引力還是斥力;明確液體表面張力、浸潤與不浸潤的微觀意義。.【答案】C【解析】解：粒子運動軌跡如圖所示設粒子做勻速圓周運動的軌道半徑為r,根據幾何關系得：/+G+R)2=(R+r)2解得：r=等，故C正確ABO錯誤。故選：Co根據題意作出粒子運動軌跡，由幾何關系求得粒子運動半徑。本題考查了帶電粒子在磁場中的運動問題，根據題意作出粒子運動軌跡是解題的前提,應用幾何知識即可解題。.【答案】D【解析】解：4太陽光中的紫外線頻率主要在7.5xlO“Hz?9.5xl014“z,根據光電效應條件可知，為避免太陽光中的紫外線干擾,K極材料的截止頻率應大于9.5x1014Wz,故A錯誤；.電壓表有沒有示數與明火的照射時間無關，與明火中紫外線的頻率有關，故8錯誤；CD電源左邊接正極時，光電管上被施加反向電壓，發生光電效應時到達陽極的光電子數減少，因此會降低報警裝置的靈敏度，可知電源右邊接正極，則電壓表的正接線柱與C相連，故O正確，C錯誤。故選：D。當明火中的紫外線照射到K極時，光電管發生光電效應，形成光電流，電路被接通，電壓表有示數變化，可以通過電壓表示數的變化，反映火情的嚴重程度。本題是對愛因斯坦光電效應方程的常規考查，只需要學生了解光電流的產生原因和增大光電流的辦法，就可以正確選擇。.【答案】B【解析】解：A、A的過程中溫度不變，內能不變，體積膨脹對外界做功，由熱力學第一定律得氣體從外界吸熱才可能保持內能不變，故A錯誤；8、B-C的過程中體積不變，單位體積內的分子數不變，溫度升高，分子的內能增大，壓強增大，由熱力學第一定律得氣體從外界吸熱，故B正確：C、Ct。過程的直線過原點，壓強不變，溫度降低，內能減小，體積減小，外界對氣體做功，氣體放熱才可能內能減小，故C錯誤；。、Dt4的過程中氣體的體積不變，單位體積內的分子數不變，溫度減小，壓強也減小，溫度是分子平均動能的標志，故分子的平均動能減小，故。錯誤；故選：B。溫度是分子平均動能的標志；一定質量的理想氣體內能由溫度決定；氣體體積減小，外界地氣體做功，氣體體積變大，氣體對外界做功；根據圖示圖象分析清楚氣體狀態變化過程，判斷氣體壓強如何變化，應用熱力學第一定律分析答題。根據題意與圖示圖象分析清楚氣體狀態變化過程是解題的前提，掌握基礎知識、應用查理定律與熱力學第一定律即可解題；應用熱力學第一定律解題時要注意各物理量正負號的含義?！敬鸢浮緼【解析】解：對兩物體受力分析如圖所示:由幾何關系可知：p=m2g&cos30°=m^g+Fsin30°F]Sin30°=Fcos30°解得：叫=1：i,故A正確，BCD錯誤，m2故選：Ao對兩個物體進行受力分析，根據幾何關系聯立等式得出質量的比值關系。本題主要考查了共點力的平衡問題，熟悉物體的受力分析，根據幾何關系列式即可完成解答。【答案】D【解析】解：B、根據p=兩粒子質量之比為2：1,動量相等，則iHe和在磁場中運動的半徑之比為1：2,故8錯誤；4、粒子在磁場中運動的周期為兩粒子比荷相等，則1He和在磁場中運動的周期之比為1：1,故4錯誤;C、根據牛頓第二定律得：兩粒子電荷量之比為2：1,動量相等，［He和；H在磁場中運動的半徑之比為1：2,故C錯誤；。、根據幾何關系可知二者在磁場中的偏轉角度相等，:He和在磁場的周期相等，則二者在磁場中運動的時間相等，故。正確；故選：Do根據兩個粒子的動量關系結合質量關系得出速度的關系，結合牛頓第二定律得出半徑的關系，從而得出半徑的比值關系；根據圓周運動得出周期的比值關系，結合角度關系得出時間之比。本題主要考查了帶電粒子在磁場中的運動，理解兩個粒子的動量特點，結合牛頓第二定律和圓周運動公式完成分析。【答案】B【解析】解：設每個光子的能量大小為￡,則有：￡=加=若=6.63x10-34* =3.315x10』因為該光源輻射的功率為113W,由皿=「￡可知，每秒向外輻射的能量為W=113x1/=113/即以光源為球心，每秒通過某球面的光子能量為113人故距離光源R處的球面滿足數學公式：\(W=pUV￡Sr\:\)即：3x1014x3.315x10-19*4nR2=113可以解得：R?300m.故B正確，ACC錯誤。故選:B.先計算每個光子的能量，再根據以光源為球心，每秒通過某球面的能量相等，列出數學表達式，即可求出某一球面的半徑。本題考查光子能量的計算，要牢記公式￡=九丫，并掌握波長、光速、頻率之間的數量關系。難度不大，但計算時應細心，避免出錯。.【答案】AC【解析】解：A、根據左手定則，正電荷受向上的洛倫茲力，向上偏，負電荷受向下的洛倫茲力，向下偏，故。板帶正電，人板帶負電，故。板電勢高于b極電勢，4正確.B、設液體流過測量管的速度大小為v,則流量Q=Sv=(兀/尸"，所以v=黑,故B錯誤.C、隨著她兩板電荷量的增加，兩板間的電場強度變大，離子受到的電場力變大，當電場力大小等于洛倫茲力時，離子不再偏轉，兩板電壓達到穩定，設穩定時兩板間電壓為U,離子電量為g,則離子受的電場力F=q￡,離子所受的洛倫茲力f=qvB,由電場力和洛倫茲力平衡得q￡=quB,解得：U=BDv將代入得U=幽，故C正確.nD2 nD。、由以上解答得顯示器顯示的流量Q二:?！毖?，顯示器上的示數與離子速度有關而與濃度無關，故。錯誤.故選：AC-利用左手定則判斷離子所受洛倫茲力的方向，確定其偏轉方向，從而判斷兩板電勢高低:根據流量定義求流速；由穩定狀態時，離子受力平衡求兩板的電壓；由推導出的流量表達式，判斷流量是否與離子濃度有關。本題屬于帶電粒子在復合場中運動的專題，并和生產生活相聯系，此類問題還包括電磁流量計、磁流體發電機、速度選擇器、霍爾效應等常用模型，此類問題的共性特點是穩定時電場力與洛倫茲力平衡，抓住這一關鍵條件作答，問題可迎刃而解。.【答案】BC【解析】解：A、因為兩個人是相向運動的，運動方向相反，因此公時刻位移方向相反。根據t圖像與時間軸所圍的面積大小等于位移，可知，0?0時間內，甲的位移小于乙的位移，所以0?q時間內，甲、乙兩人位移不同，故A錯誤；8、v-t圖像的面積表示物體運動的位移大小，0?t2時間內，乙的路程大于甲的路程，故8正確；C、v—t圖像的斜率表示加速度，設交點為A,則t3時刻交點4恰好等分—J的圓周，因此由幾何關系可得過A點圓的切線的斜率和乙的斜率大小相等，故在J時刻，甲、乙兩人加速度大小相等，故C正確；。、通過觀察可以看出甲的圖像與時間軸所圍的面積為5=；兀/?2+/?2一；〃/?2=/?2,乙4 4圖像與時間軸所圍的的面積為R2,說明甲、乙運動的位移相等，又由于甲乙均做單向直線運動，路程與位移大小相等，則甲、乙運動的路程相等，平均速率相等，故。錯誤。故選：BC.根據v-t圖像與時間軸所圍的面積大小等于位移分析位移關系，結合兩人的運動情況分析路程關系。圖像的斜率等于加速度，分析加速度關系，平均速率等于路程與時間的比值。本題關鍵從速度-時間圖像的數學意義，來分析物體的運動情況，分析時要抓住“面積”大小等于位移、斜率等于加速度。.【答案】AD【解析】解：4開關S斷開時，原線圈中的電流/,八b端的輸入功率為Pab=〃/，故4正確。區開關斷開時，R1消耗的功率Pri=/&：副線圈中的電流％=&/=2/,電阻/?2消耗n2的功率Pr2=/§&=(2/)2%=4/2%,則Pri：Pr2=產的x"丁=1:4,故8錯誤。C.開關S斷開時，電阻&兩端的電壓Uri=/&,理想變壓器原線圈兩端電壓/=U-UR1=U-IRt,根據功率關系UJ=/泳2=(2/)2%，聯立解得故C錯誤。。.開關閉合后，負載電阻R=；Ri：設通過原線圈的電流為/「則副線圈中的電流，2'=生A=2，i，原線圈兩端電壓出'=U-ARi，根據功率關系Ui'A=。2')2/?=(2/力2?n2=2孑/?1聯立解得A="，故O正確。故選：AO。變壓器原線圈兩端電壓等于輸入電壓與電阻&兩端電壓的差值；再根據電流之比等于匝數的反比可求得輸出電流；根據電壓之比等于匝數之比對兩種情況列式，聯立可求得U與/的關系：則可求得原副線圈中電阻力、/?2消耗的功率之比。本題主要考查變壓器、歐姆定律。解決這類問題的關鍵是掌握變壓器的構造和原理，要理解和熟練運用理想變壓器的電壓關系、電流關系。.【答案】BC【解析】【分析】分別對qB%>mgcos。和qB^o<mgcos。時，分析圓環受到的作用力，根據牛頓第二定律求解加速度的表達式，再分析圓環的運動情況。解決該題需要知道分情況進行討論，正確分析圓環的受力，能根據牛頓第二定律推導出圓環運動過程的加速度，能根據正確分析圓環的運動情況?！窘獯稹慨攓Bu()>mgcos。時，圓環受到尸n=qBu-mgcos。，由于圓環的速度減小，所以圓環受到的支持力變小，當速度減小到洛倫茲力小于mgcos。后，圓環受到的支持力逐漸變大，所以摩擦力外=沖1n先變小后變大，圓環減速的加速度a=—也先變小后變大；m當速度變小為零時，若“2tan。時，圓環靜止，若〃<tan。時，圓環將向下做加速度減小的加速運動直到平衡后做勻速，當qB%<mgcosd,圓環受到風變大，摩擦力與="Fn變大，物體減速的加速度a=mgine+Ff變大,m速度變小為零時，若〃2tan。時，物體將靜止，若4<tan0時，圓環將向下做加速度減小的加速運動直到平衡后做勻速，故BC正確，錯誤。故選：BC。.【答案】2.25線性0.77【解析】解：(1)由于實驗中所用節拍的頻率是每秒2拍，即頻率為f=2Hz,周期為:1T=-=-s=0.5sf2拍3次時需要的時間為t3=37=1.5s,則恃=1.52s2=2.25s2；(2)根據圖表可以得出n=2時的位移是n=1時的位移之比：￡=翳。4,時間平方之比：4=—=4；片0.2571=3時的位移是？1=1時的位移之比：包=凳^9,時間平方之比：居=熬=9；n=4時的位移是n=1時的位移之比：區=鬃《16,時間平方之比：與=黑=16；S19.5 0.25所以S與t2成線性關系；(3)根據逐差法可得：a=年產=(3464-^y)xl0-2m/s2=0.77m/s2.故答案為：(1)2.25；(2)線性；(3)0.77o(1)由于實驗中所用節拍的頻率是每秒2拍，由此得到頻率和周期，再計算拍3次時需要的時間和時間的平方；(2)根據圖表計算位移之比、時間的平方之比，由此得出規律：(3)根據逐差法求解加速度。本題主要是考查探究小車速度隨時間變化的規律，解答關鍵是掌握勻變速直線運動的規律，知道逐差法求解加速度的方法。.【答案】AO②竽po無【解析】解：(1)4、在柱塞與注射器壁間涂上潤滑油，可以防止漏氣，確保所研究的氣體質量一定，故A正確；8、若快速推拉柱塞容易使得氣體溫度發生急劇變化，與實驗研究的是等溫變化不符合，故8錯誤；C、實驗中若用手握注射器，容易引起氣體溫度的顯著變化，與實驗研究的是等溫變化不符合，故C錯誤；。、注射器的橫截面積S不變，注射器旁的刻度尺如果刻度分布均勻，可以用氣體的長度來間接表示體積，可以不標注單位，故。正確。故選：ADO(2)根據一定質量的理想氣體狀態方程華=?？芍簆=C*，貝3-1應是一條過原點的傾斜直線，如果壓縮氣體時漏氣，貝嶺大于理論值，即應為圖乙中的②。(3)在軟管內氣體體積不可忽略時，被封閉氣體的初狀態的體積為％+4%壓強為Po,末狀態的體積為V+4V,壓強為p,由玻意耳定律有PolVo+dV)=P(V+/V),解得:2=鬻”0,當式中的丫趨向于零時，有「二等〉。，即該雙曲線的漸近線(圖丙中的虛線)方程是p=空-p°(4)實驗中若使用壓強傳感器采集數據，即直接通過傳感器采集氣體的壓強，柱塞與針筒間的摩擦對實驗結果無任何影響。故答案為：(1)4。；(2)②；(3)誓po；(4)無。(1)根據實驗原理掌握正確的實驗操作；(2)根據一定質量的理想氣體狀態方程結合圖象分析答題；(3)根據玻意耳定律得出p的解析式；(4)根據實驗原理完成對實驗誤差的分析。本題主要考查了理想氣體的實驗規律，根據實驗原理掌握正確的實驗操作，結合公式一定質量的理想氣體狀態方程和圖像的物理意義即可完成分析。.【答案】解：(1)風速為孫時剛好能推動該物塊，風力等于最大靜摩擦力，則：kl7vl=Rmg解得：心舞(2)設物塊密度為p,則質量：m=pG由平衡條件得：kL2v2=HpL3g,解得：L=—可知7718^3,La"2,得mOC"6風速變為2%時，可得物塊B的質量為m'=64m答：(1)若尸=kSM,則例系數火大小是讖。(2)物塊8的質量為64機。【解析】(1)對物塊A,應用平衡條件可以求出比例系數。(2)對物體8,應用平衡條件可以求出質量。本題考查了共點力平衡條件的應用，對物體受力分析是解題的前提，應用平衡條件即可解題。.【答案】解：橫截面積為S=30cm2=3x10-3m2(1)由平衡條件得：對氣缸：mg+p0S=ptS對人與氣缸整體：(M+m)g+p()S=p2s代入數據解得：pi=1.2x105Pa,P2=3x105Pa氣體發生等溫變化，由玻意耳定律得：P1LS=p2L'S代入數據解得，氣柱長度L'=8cm所以穩定后椅面下降了L-L'=12cm(2)設氣溫心=300.3K時氣柱的長度為由蓋-呂薩克定律得：器=等代入數據解得：L"=7.8cm外界對氣體做的功W=p2S(L'-L")=3x105x3xIO-3x(8-7.8)X10-2/=1.8/【解析】(1)應用平衡條件求出氣缸內氣體的壓強，然后應用玻意耳定律求出氣柱的長度及椅面下降的長度。(2)應用蓋-呂薩克定律求出氣柱的長度，應用功的計算公式求出外界對氣體做的功。分析清楚氣體狀態變化過程，應用平衡條件求出氣體的壓強，應用玻意耳定律與蓋-呂薩克定律即可解題。.【答案】解：(1)從開始到線框完全進入磁場所用時間為：打=(=署5=0.5s,所以磁感應強度始終為a=0.25T；則回路電流：4=與根據平衡條件可得：尸=尸安=//也聯立以上各式得：F=6.25x10-2N；(2)0WtW0.5s時間內的電流：。=華根據焦耳定律可得產生的焦耳熱為：Qi=族30.5s<t<1.0s時間內的電動勢：E=—=—L2=°50~0,25x0.52v=0.125VAtAt1.0—0.5rh、心rE0.125*Cf-A電流：I2=—= A=0.5i4zR0.25此過程中產生的熱：Q2=/2R(t2-ti)0WtW1.0s時間內產生的熱量為：Q=Qi+Q2解得代入數據解得：Q=6.25x10-2人(3)t2=1.0s時，線框cd邊剛好到磁場左邊界，1.0?1.3s內線框勻速出磁場，線框不受安培力，感應電流為0,所以磁通量保持不變；則有：B2l7=BL[L-v(t-t2)]解得：8=17。答:(1)外力尸的大小為6.25x10-2N；(2)求在0<t<1.0s內導線框中產生的熱量為6.25x10-2/；