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文檔簡介
2022-2023學年高一上數學期末模擬試卷考生須知:1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分,全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂;非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。在每個小題給出的四個選項中,恰有一項是符合題目要求的1.已知函數.若,,,則的大小關系為()A. B.C. D.2.已知全集U={-1,0,1,2,3},集合A={0,1,2},B={-1,0,1},則()A.{-1} B.{0,1}C.{-1,2,3} D.{-1,0,1,3}3.已知均為上連續不斷的曲線,根據下表能判斷方程有實數解的區間是()x01233.0115.4325.9807.6513.4514.8905.2416.892A. B.C. D.4.已知點,.若過點的直線l與線段相交,則直線的斜率k的取值范圍是()A. B.C.或 D.5.如圖,在四棱錐中,底面為正方形,且,其中,,分別是,,的中點,動點在線段上運動時,下列四個結論:①;②;③面;④面,其中恒成立的為()A.①③ B.③④C.①④ D.②③6.已知,,,則大小關系為()A. B.C. D.7.函數的單調遞減區間為()A. B.C. D.8.某幾何體的三視圖如圖所示,則它的體積是A.B.C.D.9.如下圖是一個正方體的平面展開圖,在這個正方體中①②與成角③與為異面直線④以上四個命題中,正確的序號是A.①②③ B.②④C.③④ D.②③④10.函數的圖像恒過定點,則的坐標是()A. B.C. D.二、填空題:本大題共6小題,每小題5分,共30分。11.某種商品在第天的銷售價格(單位:元)為,第x天的銷售量(單位:件)為,則第14天該商品的銷售收入為________元,在這30天中,該商品日銷售收入的最大值為________元.12.已知函數,,若對任意的,都存在,使得,則實數的取值范圍為_________.13.某同學在研究函數時,給出下列結論:①對任意成立;②函數的值域是;③若,則一定有;④函數在上有三個零點.則正確結論的序號是_______.14.將正方形沿對角線折成直二面角,有如下四個結論:①;②是等邊三角形;③與所成的角為,④取中點,則為二面角的平面角其中正確結論是__________.(寫出所有正確結論的序號)15.已知函數是定義在上且以3為周期的奇函數,當時,,則時,__________,函數在區間上的零點個數為__________16.已知圓:,為圓上一點,、、,則的最大值為______.三、解答題:本大題共5小題,共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17.甲、乙二人獨立破譯同一密碼,甲破譯密碼的概率為0.7,乙破譯密碼的概率為0.6.記事件A:甲破譯密碼,事件B:乙破譯密碼.(1)求甲、乙二人都破譯密碼的概率;(2)求恰有一人破譯密碼的概率.18.如圖,在中,為邊上的一點,,且與的夾角為.(1)設,求,的值;(2)求的值.19.已知,,,且.(1)求的值;(2)求的值.20.已知集合,.(1)若,求實數的值;(2)若,求實數的取值范圍.21.已知函數(1)若,,求;(2)將函數的圖象先向左平移個單位長度,再把所得圖象上所有點的橫坐標變為原來的,縱坐標不變,得到函數的圖象.求函數的單調遞增區間
參考答案一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。在每個小題給出的四個選項中,恰有一項是符合題目要求的1、C【解析】由函數的奇偶性結合單調性即可比較大小.【詳解】根據題意,f(x)=x2﹣2|x|+2019=f(﹣x),則函數f(x)為偶函數,則a=f(﹣log25)=f(log25),當x≥0,f(x)=x2﹣2x+2019=(x﹣1)2+2018,在(0,1)上為減函數,在(1,+∞)上為增函數;又由1<20.8<2<log25,則.則有b<a<c;故選C【點睛】本題考查函數的奇偶性與單調性的判斷以及性質的應用,屬于基礎題.2、C【解析】由交集與補集的定義即可求解.【詳解】解:因為集合A={0,1,2},B={-1,0,1},所以,又全集U={-1,0,1,2,3},所以,故選:C.3、C【解析】根據函數零點的存在性定理可以求解.【詳解】由表可知,,,令,則均為上連續不斷的曲線,所以在上連續不斷的曲線,所以,,;所以函數有零點的區間為,即方程有實數解的區間是.故選:C.4、D【解析】由已知直線恒過定點,如圖若與線段相交,則,∵,,∴,故選D.5、A【解析】分析:如圖所示,連接AC、BD相交于點O,連接EM,EN(1)由正四棱錐S﹣ABCD,可得SO⊥底面ABCD,AC⊥BD,進而得到SO⊥AC.可得AC⊥平面SBD.由已知E,M,N分別是BC,CD,SC的中點,利用三角形的中位線可得EM∥BD,MN∥SD,于是平面EMN∥平面SBD,進而得到AC⊥平面EMN,AC⊥EP;(2)由異面直線的定義可知:EP與BD是異面直線,因此不可能EP∥BD;(3)由(1)可知:平面EMN∥平面SBD,可得EP∥平面SBD;(4)由(1)同理可得:EM⊥平面SAC,可用反證法證明:當P與M不重合時,EP與平面SAC不垂直詳解:如圖所示,連接AC、BD相交于點O,連接EM,EN對于(1),由正四棱錐S﹣ABCD,可得SO⊥底面ABCD,AC⊥BD,∴SO⊥AC∵SO∩BD=O,∴AC⊥平面SBD,∵E,M,N分別是BC,CD,SC的中點,∴EM∥BD,MN∥SD,而EM∩MN=N,∴平面EMN∥平面SBD,∴AC⊥平面EMN,∴AC⊥EP.故正確對于(2),由異面直線的定義可知:EP與BD是異面直線,不可能EP∥BD,因此不正確;對于(3),由(1)可知:平面EMN∥平面SBD,∴EP∥平面SBD,因此正確對于(4),由(1)同理可得:EM⊥平面SAC,若EP⊥平面SAC,則EP∥EM,與EP∩EM=E相矛盾,因此當P與M不重合時,EP與平面SAC不垂直.即不正確故選A點睛:本題考查了空間線面、面面的位置關系判定,屬于中檔題.對于這種題目的判斷一般是利用課本中的定理和性質進行排除,判斷.還可以畫出樣圖進行判斷,利用常見的立體圖形,將點線面放入特殊圖形,進行直觀判斷.6、B【解析】分別判斷與0,1等的大小關系判斷即可.【詳解】因為.故.又,故.又,故.所以.故選:B【點睛】本題主要考查了根據指對冪函數的單調性判斷函數值大小的問題,屬于基礎題.7、A【解析】解不等式,,即可得答案.【詳解】解:函數,由,,得,,所以函數的單調遞減區間為,故選:A.8、A【解析】根據已知的三視圖想象出空間幾何體,然后由幾何體的組成和有關幾何體體積公式進行計算由幾何體的三視圖可知幾何體為一個組合體,即一個正方體中間去掉一個圓錐體,所以它的體積是.9、D【解析】由已知中正方體的平面展開圖,得到正方體的直觀圖如上圖所示:由正方體的幾何特征可得:①不平行,不正確;
②AN∥BM,所以,CN與BM所成的角就是∠ANC=60°角,正確;③與不平行、不相交,故異面直線與為異面直線,正確;④易證,故,正確;故選D10、D【解析】利用指數函數的性質即可得出結果.【詳解】由指數函數恒過定點,所以函數的圖像恒過定點.故選:D二、填空題:本大題共6小題,每小題5分,共30分。11、①.448②.600【解析】銷售價格與銷售量相乘即得收入,對分段函數,可分段求出最大值,然后比較【詳解】由題意可得(元),即第14天該商品的銷售收入為448元.銷售收入,,即,.當時,,故當時,y取最大值,,當時,易知,故當時,該商品日銷售收入最大,最大值為600元.故答案為:448;600.【點睛】本題考查分段函數模型的應用.根據所給函數模型列出函數解析式是基本方法12、##a≤【解析】時,,原問題.【詳解】∵,,∴,∴,即對任意的,都存在,使恒成立,∴有.當時,顯然不等式恒成立;當時,,解得;當時,,此時不成立.綜上,.故答案為:.13、①②③【解析】由奇偶性判斷①,結合①對,,三種情況討論求值域,判斷②,由單調性判斷③,由③可知的圖像與函數的圖像只有兩個交點,進而判斷④,從而得出答案【詳解】①,即,故正確;②當時,,由①可知當時,,當時,,所以函數的值域是,正確;③當時,,由反比例函數的單調性可知,在上是增函數,由①可知在上也是增函數,所以若,則一定有,正確;④由③可知的圖像與函數的圖像只有兩個交點,故錯誤綜上正確結論的序號是①②③【點睛】本題考查函數的基本性質,包括奇偶性,單調性,值域等,屬于一般題14、①②④【解析】如圖所示,取中點,則,,所以平面,從而可得,故①正確;設正方形邊長為,則,所以,又因為,所以是等邊三角形,故②正確;分別取,的中點為,,連接,,.則,且,,且,則是異面直線,所成的角在中,,,∴則是正三角形,故,③錯誤;如上圖所示,由題意可得:,則,由可得,據此可知:為二面角的平面角,說法④正確.故答案為:①②④.點睛:(1)有關折疊問題,一定要分清折疊前后兩圖形(折前的平面圖形和折疊后的空間圖形)各元素間的位置和數量關系,哪些變,哪些不變(2)研究幾何體表面上兩點的最短距離問題,常選擇恰當的母線或棱展開,轉化為平面上兩點間的最短距離問題15、①.②.5【解析】(1)當時,,∴,又函數是奇函數,∴故當時,(2)當時,令,得,即,解得,即,又函數為奇函數,故可得,且∵函數是以3為周期的函數,∴,,又,∴綜上可得函數在區間上的零點為,共5個答案:,516、53【解析】設,則,從而求出,再根據的取值范圍,求出式子的最大值.【詳解】設,因為為圓上一點,則,且,則(當且僅當時取得最大值),故答案為:53.【點睛】本題屬于圓與距離的應用問題,主要考查代數式的最值求法.解決此類問題一是要將題設條件轉化為相應代數式;二是要確定代數式中變量的取值范圍.三、解答題:本大題共5小題,共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、(1)0.42;(2)0.46.【解析】(1)由相互獨立事件概率的乘法公式運算即可得解;(2)由互斥事件概率的加法公式及相互獨立事件概率的乘法公式運算即可得解.【詳解】(1)事件“甲、乙二人都破譯密碼”可表示為AB,事件A,B相互獨立,由題意可知,所以;(2)事件“恰有一人破譯密碼”可表示為,且,互斥所以.18、(1),;(2).【解析】(1)由向量的加減運算,可得,進而可得答案.(2)用表示,利用向量數量積公式,即可求得結果.【詳解】(1)因,所以..又,又因為、不共線,所以,,(2)結合(1)可得:.,因為,,且與的夾角為.所以.【點睛】本題考查了向量的加減運算、平面向量基本定理、向量的數量積運算等基本數學知識,考查了運算求解能力和轉化的數學思想,屬于基礎題目.19、(1).(2)【解析】(1)由已知根據同角三角函數的基本關系可求得,根據代入即可求得求得結果.(2)由(1)利用二倍角公式,可求得,進而可得的值,根據角的范圍,即可確定結果.【詳解】(1)∵,且∴∴又∵∴(2)∴∴或∵∴又∵∴∵,且∴又∵∴∴【點睛】本題考查同角三角函數的基本關系,二倍角公式,兩角和與差的三角函數,考查已知三角函數值求角,屬于基礎題.20、(1)(2)或【解析】(
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