2021-2022高二下物理期末模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，在O點固定一電荷量為Q的正電荷，A、B、C、D為以O為圓心的同一圓周上的四點，BD連線與電場線平行，AC連線與電場線垂直．則（）A．A、C兩點的場強相同B．B點的場強大于A點的場強C．DA間的電勢差大于AB間的電勢差D．檢驗電荷在A點的電勢能大于在C點的電勢能2、如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場中勻速轉動時產生的正弦交流電的圖像，當調整線圈轉速后，所產生的正弦交流電的圖像如圖線b所示．以下關于這兩個正弦交流電的說法中正確的是()A．線圈先后兩次轉速之比為1∶2B．交流電a的電壓瞬時值u=10sin0.4πt（V）C．交流電b的電壓最大值為VD．在圖中t=0時刻穿過線圈的磁通量為零3、下列說法不正確的是（）A．愛因斯坦在光的粒子性的基礎上，建立了光電效應方程B．康普頓效應表明光子只具有能量，不具有動量C．德布羅意指出微觀粒子的動量越大，其對應的波長就越短D．盧瑟福根據α粒子散射實驗提出了原子的核式結構模型4、下列說法正確的是（）A．物體的溫度升高，物體內所有分子熱運動的速率都增大B．物體的溫度升高，物體內分子的平均動能增大C．物體吸收熱量，其內能一定增加D．物體放出熱量，其內能一定減少5、穿過閉合回路的磁通量Φ隨時間t變化的圖象分別如圖甲、乙、丙、丁所示，下列關于回路中產生的感應電動勢的論述，正確的是（）A．圖甲中回路產生的感應電動勢恒定不變B．圖乙中回路產生的感應電動勢一直在變大C．圖丙中回路在0～t0時間內產生的感應電動勢大于t0～2t0時間內產生的感應電動勢D．圖丁中回路產生的感應電動勢可能恒定不變6、如圖所示，內壁光滑，四角呈圓弧狀的長方形空腔管，位于豎直平面內，BD等高，AB邊長于AD邊．現有兩個相同的小球，從靜止開始由A點同時分別從左右兩側運動到C點，小球與彎管處碰撞過程中動能的損失和所用時間都不計，則下列說法正確的是（）A．兩球同時到達C點，兩球到C點時動量相等B．兩球同時到達C點，兩球到C點時動量不等C．兩球到達C時的速率相同，左側小球先到達D．兩球到達C時的速率相同，右側小球先到達二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是A．放射性元素的半衰期不隨外界溫度的變化而變化B．結合能越大,原子核越穩定C．核反應方程應遵循質子數和質量數守恒D．γ射線是原子核外電子躍遷產生的8、如圖所示，水平地面上有一半徑為R的半圓形凹槽，半徑OA水平，半徑OB與半徑OC垂直，OC與水平方向的夾角．現將小球（視為質點）從A點以某一速度水平拋出后恰好落到B點；若將該小球從A點以另一速度水平拋出，結果恰好落到C點，以O點所在的水平面為參考平面，則下列說法正確的是（）A．小球先后兩次被拋出的速度大小之比為B．小球剛到達B點時的動能與剛到達C點時的動能之比為17：39C．小球到達B點前的加速度與到達C點前的加速度大小之比為D．小球剛達B點時的機械能與剛到達C點時的機械能之比為1：279、如圖所示是某金屬在光的照射下，光電子的最大初動能Ek與入射光的波長的倒數(1λ)的關系圖象，由圖象可知(A．圖象中的λ0是產生光電效應的最小波長B．普朗克常量和光速的乘積hc=Eλ0C．該金屬的逸出功等于-ED．若入射光的波長為λ03，產生的光電子的最大初動能為10、某水電站，用總電阻為3.0Ω的輸電線輸電給500km外的用戶，其輸出電功率是4.0×106KW．現用500kV電壓輸電，則下列說法正確的是（）A．輸電線上輸送的電流大小為8.0×B．輸電線上由電阻造成的損失電壓為2.4kVC．若改用800kV電壓輸電，則輸電線上損失的功率為7.5×D．輸電線上損失的功率為△P=U2r，U三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用單擺測定重力加速度”的實驗中：(1)為了減小測量周期的誤差，計時開始時，擺球應是經過最___________（填“高”或“低”）點的位置，且用秒表測量單擺完成多次次全振動所用的時間．（1）為了提高實驗精度，在試驗中可改變幾次擺長，測出相應的周期Ｔ，從而得出一組對應的和T的數值，再以為橫坐標T1為縱坐標，將所得數據連成直線如圖所示，利用圖線的斜率可求出重力加速度的表達式為=________，可求得=_________m/s1．（保留三位有效數字）12．（12分）某同學利用圖甲裝置研究小車的勻變速直線運動，得到如圖乙所示紙帶（圖中相鄰兩點間還有四個點未畫出），測得S1＝2.45cm，S2＝3.26cm，S3＝4.04cm，S4＝4.82cm，S5＝5.63cm，S6＝6.49cm。已知打點計時器所接交流電的頻率為50Hz。（1）打點計時器在打F點時的小車的速度vF＝_____m/s，小車的加速度為_____m/s2；（結果均保留兩位有效數字）（2）若實驗中流經打點計時器的交流電頻率實際為52Hz，而該同學仍按50Hz計算，那么測得的加速度與實際值相比_____（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在光滑水平地面上有一凹槽A，中央放一小物塊B．物塊與左右兩邊槽壁的距離如圖所示，L為1.0m，凹槽與物塊的質量均為m，兩者之間的動摩擦因數μ為0.05.開始時物塊靜止，凹槽以v0＝5m/s初速度向右運動，設物塊與凹槽槽壁碰撞過程中沒有能量損失，且碰撞時間不計，g取10m/s2.求：(1)物塊與凹槽相對靜止時的共同速度；(2)從凹槽開始運動到兩者相對靜止，物塊與槽的相對路程以及物塊與右側槽壁碰撞的次數；(3)從凹槽開始運動到兩者剛相對靜止所經歷的時間．14．（16分）如圖所示，在匝數、截面積的多匝線圈中存在方向豎直向下的勻強磁場，均勻變化．兩相互平行、間距的金屬導軌固定在傾角為的斜面上，線圈通過開關與導軌相連．一質量阻值的光滑金屬桿鎖定在靠近導軌上端的位置．、等高．一阻值的定值電阻連接在導軌底端．導軌所在區域存在垂直于斜面向上的磁感應強度的勻強磁場．金屬導軌光滑且足夠長，線圈與導軌的電阻忽略不計．重力加速度取，電子電量．（1）閉合開關時，金屬桿受到沿斜面向下的安培力為，請判斷磁感應強度的變化趨勢是增大還是減小，并求出磁感應強度的變化率；（2）斷開開關，解除對金屬桿的鎖定，從處由靜止釋放，經過，金屬桿下滑，求該過程中金屬桿上產生的焦耳熱；（3）經典物理學認為，金屬的電阻源于定向運動的自由電子和金屬離子（即金屬原子失去電子后的部分）的碰撞，請建立合適的自由電子運動模型，求出第（2）問情境中，當金屬桿最終勻速下滑時，金屬桿中金屬離子對一個自由電子沿桿方向的平均阻力的大小．15．（12分）相距L＝1.2m的足夠長金屬導軌豎直放置，質量m1＝1kg的金屬棒ab和質量m2＝0.54kg的金屬棒cd均通過棒兩端的套環水平地套在金屬導軌上，如圖（a）所示，虛線上方勻強磁場方向垂直紙面向外，虛線下方勻強磁場方向豎直向上，兩處磁場的磁感應強度大小相同．ab棒光滑，cd棒與導軌間動摩擦因數μ＝0.75，兩棒總電阻為1.8Ω，導軌電阻不計．ab棒在方向豎直向上、大小按圖（b）所示規律變化的外力F作用下，由靜止開始（t=0）沿導軌勻加速運動，同時cd棒也由靜止釋放．（1）請說出在兩棒的運動過程中ab棒中的電流方向和cd棒所受的磁場力方向；（2）求ab棒加速度的大小和磁感應強度B的大小；（3）試問cd棒從運動開始起經過多長時間它的速度達到最大？（取重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】設點電荷產生的場強為E'，由于場強為矢量，EA=EC=E2+E'2，但方向不同．故A錯誤；由于EB=E+E'，ED=E-E'，故B正確；2、C【解析】試題分析：由圖可知，周期Ta=0.4S，Tb=0.6s，則線圈先后兩次轉速之比na：nb=Tb：Ta=3：1．故A錯誤．由圖電壓最大值Um=10V，周期Ta=0.4S，，交流電壓的瞬時值表達式為u=Umsinωt=10sin5πtV．故B錯誤．由電動勢的最大值Em=NBSω，則兩個電壓最大之值比Uma：Umb=ωa：ωb=3：1，則交流電b電壓的最大值為．故C正確．t=0時刻U=0，根據法拉第定律，磁通量變化率為零，而磁通量最大．故D錯誤．故選C考點：考查交流電的有效值、峰值、磁通量點評：本題難度較小，要根據電動勢最大值表達式研究電壓最大值之間的關系．至于電壓與磁能量的關系，根據法拉第電磁感應定律分析3、B【解析】愛因斯坦在量子理論的基礎上，提出了光子假說并建立了光電效應方程，光電效應現象以及康普頓效應說明光具有粒子性，故A正確；康普頓效應表明光子不僅具有能量還具有動量，故B錯誤；依據德布羅意波長公式λ=hp可知，微觀粒子的動量越大，其對應的波長就越短，故C正確；盧瑟福通過對4、B【解析】試題分析：隨著物體溫度的升高，物體內分子的平均速率、平均動能增大，但是不是每一個分子的熱運動速率都增大，故A錯誤B正確；物體的內能變化是與物體吸熱或放熱有關，還與做功有關，因此只有吸熱或放熱，沒有說明做功情況，無法判斷內能變化，故C、D均錯誤．考點：溫度的含義，熱力學第一定律．5、C【解析】試題分析：根據法拉第電磁感應定律我們知道感應電動勢與磁通量的變化率成正比，即結合數學知識我們知道：穿過閉合回路的磁通量Φ隨時間t變化的圖象的斜率．圖①中磁通量Φ不變，無感應電動勢．故A錯誤．圖②中磁通量Φ隨時間t均勻增大，圖象的斜率k不變，也就是說產生的感應電動勢不變．故B錯誤．圖③中回路在O～tl時間內磁通量Φ隨時間t變化的圖象的斜率為k1，在tl～t2時間內磁通量Φ隨時間t變化的圖象的斜率為k2，從圖象中發現：k1大于k2的絕對值．所以在O～tl時間內產生的感應電動勢大于在tl～t2時間內產生的感應電動勢．故C錯誤．圖④中磁通量Φ隨時間t變化的圖象的斜率先變小后變大，所以感應電動勢先變小后變大，故D正確．故選D考點：法拉第電磁感應定律【名師點睛】通過Φ-t圖象運用數學知識結合物理規律解決問題，其中我們要知道Φ-t圖象斜率的意義．利用圖象解決問題是現在考試中常見的問題．對于圖象問題，我們也從圖象的斜率和截距結合它的物理意義去研究．6、D【解析】由機械能守恒可知，兩小球達到C點的速率相同，畫出兩小球運動的速率時間圖象，如圖由圖象可知，右側小球先到達C點，故D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

放射性元素的半衰期不隨外界溫度的變化而變化，選項A正確；比結合能越大，原子核越穩定，選項B錯誤；核反應方程應遵循質子數和質量數守恒，選項C正確；γ射線是原子核躍遷產生的，選項D錯誤.8、BD【解析】

A．小球做平拋運動，第一次有：，R-Rcos53°=vBtB，聯立解得小球被拋出時的速度：；第二次有：，R+Rcos37°=vCtC，聯立解得小球被拋出時的速度：，時間之比為：，小球先后兩次被拋出的速度大小之比，故A錯誤；B、根據動能定理可得，小球剛到達B點時的動能與剛到達C點時的動能之比為，故B正確；C、小球做平拋運動，加速度為g，小球到達B點前的加速度與到達C點前的加速度大小為，故C錯誤；D、小球做平拋運動，只受重力作用，機械能守恒，拋出點的機械能等于落地點的機械能，小球剛達B點時的機械能與剛到達C點時的機械能之比為，故D正確。故選BD．【點睛】小球做平拋運動，在豎直方向上，做自由落體運動，在水平方向上，做勻速直線運動，根據運動的合成與分解求解．9、BD【解析】

A.圖象中的λ0是產生光電效應的最大波長，選項A錯誤；B.根據愛因斯坦光電效應方程，光電子的最大初動能Ek與入射光的波長的倒數1λ的關系圖象對應的函數關系式為Ek＝hc1λ－W，由圖象可知Ek＝0時，hc＝Eλ0，選項C.由Ek＝hc1λ－W，并結合關系圖象可得該金屬的逸出功W＝E，選項CD.若入射光的波長為λ03，由Ek＝hc1λ－W，解得Ek＝hc1λ－W＝3E－E＝2E，即產生的光電子的最大初動能為210、AC【解析】由P=UI可得，用500kV電壓輸電時輸電線上的電流：I=PU=4×106×103W500×103點睛：本題考查遠距離輸電中的能量損失及功率公式的應用，關鍵知道輸送功率、輸送電壓、電流的關系，知道輸電線上損失的功率P損=I2R．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、低9.86【解析】(1)小球的偏角α在很小(α＜5°)時，小球的振動才近似看成簡諧運動．在擺球經過最低點時開始計時，產生的時間誤差較小．(1)由單擺的周期公式為：,變形得，則函數的斜率，解得重力加速度，代入圖象的數據可得，解得.【點睛】掌握單擺的周期公式以及減小誤差的方法，求解重力加速度時借助數形結合的思想．12、0.610.80偏小【解析】

第一空.圖中相鄰兩點間還有四個點未畫出，則有；P點的速度；第二空.根據勻變速直線運動的判別式△x＝aT2，結合逐差法可得：代入數據解得：a＝0.80m/s2第三空.由，可知因f測＜f實，得a測＜a實，即加速度的測量值比實際值偏小.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.5m/s；（2）6次；（3）5s；【解析】【分析】碰撞過程中動量守恒，根據動量守恒定律列式即可求解；整個過程，對整體根據動能定理列式即可求解；設凹槽與物塊碰前的速度分別為v1、v2，碰后的速度分別為v1′、v2′．根據動量守恒定律及能量守恒定律列式可知，每碰撞一次凹槽與物塊發生一次速度交換，在同一坐標系上兩者的速度圖線，根據碰撞次數可分為13段，凹槽、物塊的v-t圖象在兩條連續的勻變速運動圖線間轉換，故可用勻變速直線運動規律求時間；解：(1)設兩者間相對靜止時的速度為v，由動量守恒定律得：解得：(2)物塊與凹槽間的滑動摩擦力

設兩者間相對靜止前，相對運動的路程為s1，由動能定理得：解得：

已知L=1m，可推知物塊與右側槽壁共發生6次碰撞；(3)設凹槽與物塊碰前的速度分別為v1、v2，碰后的速度分別為、，有得

即每碰撞一次凹槽與物塊發生一次速度交換，在同一坐標系上兩者的速度圖線如圖所示，根據碰撞次數可分為13段，凹槽